2025届山西省孝义市实验中学物理高二上期中监测模拟试题含解析

2025届山西省孝义市实验中学物理高二上期中监测模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是A．物体的运动速度越大，加速度也一定越大B．物体的运动速度变化越快，加速度越大C．物体的运动速度变化量越大，加速度也一定越大D．物体的运动速度越小，加速度也一定越小2、把两个完全相同的金属球A和B接触一下，再分开一段距离，发现两球之间相互排斥，则A、B两球原来的带电情况不可能是()A．带有等量异种电荷B．带有等量同种电荷C．带有不等量异种电荷D．一个带电，另一个不带电3、如图所示的电路中,,滑动变阻器的最大阻值为,,当滑片P滑至的中点时,a、b两端的电压为(

)A．30V B．45V C．60V D．75V4、如图所示，a、b、c为同一种材料做成的电阻，b与a的长度相等但横截面积是a的两倍；c与a的横截面积相等但长度是a的两倍．当开关闭合后，三个理想电压表的示数关系是（

）A．V1的示数是V2的2倍

B．V1的示数是V3的2倍C．V2的示数是V1的2倍

D．V2的示数是V3的2倍5、四盏灯泡接成如图所示的电路，a、c灯泡的规格为“220V40W”，b、d灯泡的规格为“220V100W”，各个灯泡的实际功率都没有超过它的额定功率，则这四盏灯泡实际消耗功率大小的顺序是A．B．C．D．6、把一小段通电直导线放入磁场中，导线受到安培力的作用，关于安培力的方向，下列说法中正确的是A．安培力的方向一定跟磁感应强度的方向相同B．安培力的方向一定跟磁感应强度的方向垂直，但不一定跟电流方向垂直C．安培力的方向一定跟电流方向垂直，但不一定跟磁感应强度方向垂直D．安培力的方向既跟磁感应强度方向垂直，又跟电流方向垂直二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在正方形区域的四个顶点固定放置四个点电荷，它们的电量的绝对值相等，电性如图中所示．K、L、M、N分别为正方形四条边的中点，O为正方形的中心．下列关于各点的电场强度与电势的判断正确的是（）A．K点与M点的电场强度大小相等、方向相反B．O点的电场强度为零C．N点电场强度的大小等于L点电场强度的大小D．K、O、M三点的电势相等8、下列关于电源电动势的说法不正确的是（）A．在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做正功，电势能增加B．对于给定的电源，移动正电荷的非静电力做功越多，电动势就越大C．因为E=W非静电力/q，所以电动势和非静电力做功成正比，与电荷量成反比D．电动势越大，说明非静电力在电源内部把正电荷从负极移送到正极的电荷量越多9、质量为m的带正电小球由空中A点无初速度自由下落，在t秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过t秒小球又回到A点．不计空气阻力且小球从未落地，重力加速度为g，则（）A．从A点到最低点小球重力势能减少了mg2t2B．从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能减少了mg2t2C．整个过程中小球所受合外力冲量大小为2mgtD．整个过程中小球电势能减少了mg2t210、如右图所示，两个带电金属小球中心距离为r，所带电荷量相等为Q，则关于它们之间电荷的相互作用力大小F的说法正确的是()A．若是同种电荷， B．若是异种电荷，C．若是同种电荷， D．不论是何种电荷，三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某学习小组欲测量电阻Rx的阻值,有下列器材供选用:待测电阻Rx(阻值约为300Ω)电压表(量程为0~3V,内阻约为3kΩ)电流表(量程为0~10mA,内阻约为10Ω)电流表(量程为0~20mA,内阻约为5Ω)滑动变阻器R1(阻值为0~20Ω,允许通过的最大电流为2A)滑动变阻器R2(阻值为0~2000Ω,允许通过的最大电流为0.5A)直流电源E(电动势为3V,内阻约为1Ω)开关、导线若干甲同学根据以上器材设计成用伏安法测量电阻的电路,并能满足Rx两端电压从0开始变化进行多次测量,则电流表应选择______(选填“A1”或“A2”);滑动变阻器应选择____(选填“R1”或“R2”);电流表采取____(选填“外”或“内”)接法。12．（12分）某同学在做测金属丝电阻率的实验中，取一根粗细均匀的、长度为L的康铜丝，先用螺旋测微器测出康铜丝的直径d；然后由伏安法测出康铜丝的电阻；最后求出康铜丝的电阻率．（1）测康铜丝的直径时螺旋测微器的示数如图甲所示，可知康铜丝的直径d=__mm．（2）图乙是测量康铜丝电阻的原理图，根据原理图在图丙所示的实物图中画出连线__．（3）利用上面的电路图测出的电阻值比真实值__（填“偏大”或“偏小”），这种误差叫作__误差（填“偶然”或“系统”）．（4）若调节滑动变阻器，通过多次测量求平均值的方法得到康铜丝的电阻值为R，请写出求康铜丝的电阻率的表达式为__（用L、d、R等已知字母表示）．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）某电动机与灯泡连接电路如图所示。现K1闭合（灯泡亮），K2断开，电流表读数为5A；若保持K1闭合，再将K2关闭（电动机启动），电流表读数为21A。已知电源电动势E=12V，内阻r=1．4,电流表内阻不计,假设灯泡电阻恒定。求：因电动机启动，灯泡的电功率降低了多少？14．（16分）宇航员站在一星球表面上高h处，以初速度v0沿水平方向抛出一个小球，小球落地时的水平位移为x．已知该星球的半径为R，不计星球自转，万有引力常量为G，求：（1）该星球表面的重力加速度；（2）该星球的质量；（3）该星球的第一宇宙速度。15．（12分）如图所示，长为L的绝缘细线下端系一带正电的小球q，悬于O点，质量为m.当在O点固定一电荷量未知的电荷Q时，小球能静止在A处，且细线拉力是小球重力的5倍．现将小球拉至图中B处(θ＝60°)，并放开使之摆动，（已知静电力常量为k，重力加速度为g）问：（1）固定在O处的电荷是带正电还是负电？（2）固定在O处的电荷的带电荷量为多少？（3）小球回到A处时悬线拉力为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A．物体的速度大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故A错误．B．加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故B正确．C．物体的速度变化量大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故C错误．D．加速度和速度没有直接的关系，物体的运动速度越小，加速度不一定越小，故D错误．2、A【解析】

两个小球原来分别带等量同种电荷，把两个完全相同的小球接触后仍带等量同种电荷，存在排斥力，故B可能．两个小球原来分别带不等量异种电荷，小球接触后电荷先中和再平分，带上等量同种电荷，存在排斥力，故C可能．原来的其中一个带电，把两个完全相同的小球接触后电荷平分，带上等量同种电荷，存在排斥力，故D可能．两个小球原来分别带等量异种电荷，接触后电荷完全中和，两球均不带电，不存在排斥力，故A不可能．3、A【解析】

由题可知，滑片P滑至R2的中点，变阻器下半部分电阻为100Ω，下半部分电阻与R1并联的阻值为：则ab两端的电压为：，A.选项与计算结果一致，故A正确；B.选项与计算结果不一致，故B错误；C.选项与计算结果不一致，故C错误；D.选项与计算结果不一致，故D错误；4、A【解析】

由题意可知：Lc=2La=2Lb，Sb=2Sa=2Sc；设b的电阻Rb=R，由电阻定律R=ρ得：Ra=2Rb=2R，Rc=2Ra=4R，Rc：Ra：Rb=4：2：1，由电路图可知，a、b、c三个电阻串联，通过它们的电流I相等，由U=IR得：Uc：Ua：Ub=4：2：1，UV3：UV1：UV2=4：2：1，A、V1的示数是V2的2倍，故A正确，C错误；B、V3的示数是V1的2倍，故B错误；D、V3的示数是V2的4倍，故D错误；故选A．5、C【解析】

根据公式可得b、d的电阻小于a、c的电阻，a、d串联在干路，所以两灯泡的电流相等，故根据公式可得，因为通过b、c的电流之和等于d的电流，所以通过d的电流大于b的电流，b、c并联，电压相同，由于b的电阻小于c的电阻，所以b的电流大小于c的电流，故根据公式可得，，综合可得，C正确；【点睛】已知用电器的额定功率、额定电压，求实际电压的功率时，要抓住电阻不变这一关键点，能结合串并联电路的特点解题，难度适中．6、D【解析】

利用左手定则判断通电导线在磁场中所受安培力的方向，根据左手定则可知，安培力与电流和磁场所在平面垂直，因此安培力既垂直于磁场方向又垂直与电流方向；【详解】左手定则是判断磁场方向、电流方向、安培力方向三者之间关系的法则，根据作用定则可知，安培力垂直于电流和磁场所在的平面，因此安培力既垂直于磁场方向又垂直与电流方向，故D正确，ABC错误．【点睛】安培力方向是初学者很容易出错的地方，在学习中要加强这方面的练习，正确应用左手定则判断安培力的方向．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】试题分析：根据点电荷的电场即电场的叠加可得：K点与M点的电场强度大小相等、方向相同，所以A错误；根据电场的叠加可得，O点的电场强度水平向右，不为零，所以B错误；由对称性知，N点的电场强度大小等于L点的电场强度大小,所以C错误；K、O、M三点的电势都等于零，所以D正确。考点：本题考查电场强度、电势8、BCD【解析】

电动势的大小等于非静电力把单位正电荷从电源的负极，经过电源内部移到电源正极所作的功．如设W为电源中非静电力（电源力）把正电荷量q从负极经过电源内部移送到电源正极所作的功，则电动势大小为：E=电动势的方向规定为从电源的负极经过电源内部指向电源的正极，即与电源两端电压的方向相反．【详解】A、电源是通过非静电力做功将其他形式的能量转化为电能的一种装置，在电源内部把正电荷从负极移到正极，非静电力做功，电势能增加，故A正确；B、D、电源电动势等于将单位正电荷从电源的负极移动到正极过程中非静电力所做的功，反映了电源将其他形式能量转化为电能的本领大小，B、D错误。C、电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的本领，在数值上，等于非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功,大小由电源本身决定，与非静电力做功无关，C错误；本题选不正确的，故选BCD。【点睛】电动势是一个表征电源特征的物理量．定义电源的电动势是电源将其它形式的能转化为电能的本领，在数值上，等于非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功．它是能够克服导体电阻对电流的阻力，使电荷在闭合的导体回路中流动的一种作用．常用符号E（有时也可用ε）表示，单位是伏（V）．9、AC【解析】

A．小球先做自由落体运动，后做匀减速运动，两个过程的位移大小相等、方向相反．设电场强度大小为E，加电场后小球的加速度大小为a，取竖直向下方向为正方向，则又v=gt，解得a=3g则小球回到A点时的速度为v′=v-at=-2gt减速时候加速度为自由下落时3倍，所以时间为自由下落的三分之一，总位移为：所以重力势能变化为：故A错误；B．最低点时小球速度为零，所以加电场开始到最低点时，动能变化：故B错误；C．规定向下为正方向，根据动量定理得：△p=-mgt-0=-2mgt所以整个过程中小球合外力的冲量为2mgt，故C正确；D．由牛顿第二定律得：，解得：整个过程中小球电势能减少了故D错误．故选AC．10、AB【解析】若是同种电荷，则出现相互排斥，导致电荷间距比r还大，因此库仑力F＜k，故A正确，C错误；当是异种电荷时，电荷间相互吸引，导致电荷间距比r还小，因此库仑力F＞k，故B正确，D错误；故选AB．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、R1内【解析】

由题中“某学习小组欲测量电阻Rx的阻值”可知，本题考查电阻测量，根据闭合电路欧姆定律和电路连接规律可分析本题。【详解】[1]Rx的电流最大为，所以电流表选择A1；[2]若满足Rx两端电压能从0开始变化进行多次测量，滑动变阻器一定采用分压式接法，为调节方便，滑动变阻器选择R1；[3]因为是大电阻，所以采用电流表内接法。12、（1）0.281；（2）电路图如图所示（3）偏小，系统；（4）【解析】

（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．（2）根据电路图连接实物电路图．（3）根据电路图应用欧姆定律分析实验误差，由于实验数据导致的误差是系统误差．（4）根据电阻定律求出电阻率的表达式．【详解】（1）由图示螺旋测微器可知，其示数为：0mm+28.1×0.01mm=0.281mm；

（2）根据图乙所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：

（3）由图示电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用所测电流偏大，由欧姆定律可知，电阻的测量值小于真实值；该误差是由于实验设计造成的，属于系统误差．

（4）电阻阻值：，电阻率：；【点