2025届福建省福州市闽侯第六中学物理高一第一学期期末综合测试试题含解析

2025届福建省福州市闽侯第六中学物理高一第一学期期末综合测试试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图，2018年12月8日2时23分，我国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭成功发射嫦娥四号探测器，开启了月球探测的新旅程．用火箭沿竖直方向加速上升的过程中（）A.火箭运动的位移不变B.火箭所受的合力为零C.分别以火箭和地面为参考系，探测器都是运动的D.研究火箭的上升速度时，可以将火箭看成质点2、一辆汽车在平直公路上刹车做匀减速直线运动直至停止，已知汽车刹车的初速度大小为8m/s，刹车后加速度大小为2m/s2，则该车刹车后2s内和刹车后5s内的位移之比为A.3:5 B.3:4C.2:3 D.1:33、随着我国航天事业的不断发展，未来某一天，我国宇航员降落在某星球上，测得该星球表面的重力加速度为.已知该星球半径为R，万有引力常量为G，忽略该星球自转造成的影响，则该星球的质量为A. B.C. D.4、“某物体做匀加速直线运动，初速度为零，加速度为2m/s2，求3s末物体的速度”，对于该问题解答规范的是（）A根据v=v0+at，得v=0+2×3m/s=6m/sB.根据v=at，得v=2×3=6C.根据v=v0+at，得v=0+2×3=6m/sD.根据v=v0+at，得v=0+2×3m/s=65、如图所示，位于水平桌面上的木板P，上面叠放一物块Q，用水平细绳将Q与竖直墙壁相连．已知Q与P、P与桌面之间动摩擦因数均为，木板P与物块Q的质量分别是2m和m，若用一水平向右的力F把P匀速拉出，则F的大小为（）A.2μmg B.3μmgC.4μmg D.5μmg6、右图是某质点运动的速度-时间图像，由图像得到的正确结果是(

)A.0~1内的平均速度是2B.0~1内的运动方向与2~4内的运动方向相反C.0~1内的加速度小于2~4内的加速度D.0~2内的位移大小是37、下列实例属于超重现象的是（）A.汽车驶过竖直面内凸拱形桥顶端B.荡秋千的小孩通过最低点C.跳水运动员被跳板弹起，离开跳板向上运动的过程中D.火箭点火后加速升空8、如图所示，在光滑水平面上有一物块在水平恒外力F的作用下从静止开始运动，在其正前方有一根固定在墙上的轻质弹簧，从物块与弹簧接触到弹簧压缩量最大的过程中，下列说法正确的是（）A.物块接触弹簧后一直做减速运动B.物块接触弹簧后先做加速运动后做减速运动C.当物块的加速度等于零时，速度最大D.当弹簧压缩量最大时，物块的加速度等于零9、如图所示，物体G用两根绳子悬挂，开始时绳OA水平，现将两绳同时沿顺时针方向转过90°，且保持两绳之间的夹角α不变（），物体保持静止状态.在旋转过程中，设绳OA的拉力为T1，绳OB的拉力为T2，则.A.T1先减小后增大 B.T1先增大后减小C.T2逐渐减小 D.T2最终变为零10、将重为50N的物体放在某直升电梯的地板上，该电梯在经过某一楼层地面前后运动过程中，物体受到电梯地板的支持力随时间变化的图像如图所示，由此可以判断（）A.t=1s时刻电梯的加速度方向竖直向上B.t=6s时刻电梯的加速度为零C.t=8s时刻电梯处于失重状态D.t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向下11、如图所示，一个小球用轻弹簧拴住，弹簧上端栓在天花板上且处于竖直方向，小球底部和地面接触，则小球可能受到力的个数为（）A.1个B.2个C.3个D.4个12、如图所示，水平地面上有一质量m=20kg的箱子，木箱与地面间的动摩擦因数μ=0.2．一个小朋友用F=30N的水平推力推箱子，箱子仍然保持静止。则下列说法正确的是（）A.木箱对地面的压力是由于地面发生形变而产生的B.地面对木箱的作用力的方向是竖直向上C.木箱受到地面的摩擦力大小为30ND.木箱受到的合力的大小为0二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）14、（10分）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）有一种圆珠笔，内部有一根小弹簧，如图所示，当笔杆竖直放置时，在圆珠笔尾部的按钮上放一个100g的砝码，砝码静止时，弹簧压缩量为2mm，现用这支圆珠笔水平推一本放在桌面上质量为900g的书，当按钮压缩量为3.6mm(未超过弹簧的弹性限度)时，这本书恰好匀速运动，重力加速度g取10m/s2，试求：（1）笔内小弹簧的劲度系数；（2）书与桌面间的动摩擦因数大小。16、（12分）利用传感器研究物块在斜面上的运动．如图所示，在固定斜面的顶端安装测速仪，当物块从斜面底端向上滑行时，测速仪启动，某次记录的数据如表。取，求:时刻00.10.20.30.40.50.60.70.8速度3.22.41.60.80-0.4-0.8-1.2-1.6（1）物块在斜面上运动时的加速度大小；（2）物块与斜面之间的动摩擦因数；（3）木块回到斜面底端时的速度大小。17、（12分）如图，一根足够长的水平杆固定不动，一个质量m=2kg的圆环套在杆上，圆环的直径略大于杆的截面直径，圆环与杆的动摩擦因数μ=0.75．对圆环施加一个与水平方向成θ=53°角斜向上、大小为F=25N的拉力，使圆环由静止开始做匀加速直线运动（sin53°=0.8，cos53°=0.6，g=10m/s2）．求：⑴圆环对杆的弹力；⑵圆环加速度的大小；⑶若2s后撤去拉力F，圆环还能滑行的距离

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解析】选择不同的参考系，物体的运动状态不同；当物体的大小和形状对所研究的问题起到无关因素或次要因素时，就可以将物体看成质点；【详解】A、由题可知：在火箭沿竖直方向加速上升的过程中，距离地面越来越高，故位移增大，由于加速上升，加速度不等于零，根据牛顿第二定律可知合力不为零，故选项AB错误；C、以地面为参考系，探测器是运动的，以火箭为参考系，探测器都是静止的，故选项C错误；D、研究火箭的上升速度时，可以将其大小和形状忽略，可以将火箭看成质点，故选项D正确【点睛】本题考查牛顿第二定律、参考系和质点的问题，需要注意：选择不同的参考系，物体的运动状态不同；当物体的大小和形状对所研究的问题起到无关因素或次要因素时，就可以将物体看成质点2、B【解析】设汽车减速到零所用的时间为，则有：s则刹车2s后汽车仍在运动，所以刹车2s内的位移为：m汽车经4s速度减为零，所以刹车后5s内的位移等于刹车后4s内的位移，则有：m所以该车刹车后2s内和刹车后5s内的位移之比为：故B正确，ACD错误。故选B3、A【解析】忽略星球自转，，所以，A正确BCD错误4、A【解析】A、D．要在整个结果后带上所求物理量单位，故A正确，D错误；B．应当有基础公式推导即从开始推导，B项中表达式没有单位，故B错误；C．在每一阶段的运算结尾都需要加上所求物理量单位，故C错误。故选A。5、C【解析】对Q物块，设跨过定滑轮的轻绳拉力为T，木块Q与P间的滑动摩擦力为：f=μmg①根据共点力平衡条件有：T=f②对木块P受力分析，P受拉力F，Q对P向左的摩擦力f，地面对P物体向左的摩擦力f′，根据共点力平衡条件，有：F=f+f′③地面对P物体向左的摩擦力为：f′=μ(3m)g④由①～④式可以解得：F=4μmg故选C。6、D【解析】A：0~1s内物体做匀加速直线运动，则0~1s内物体的平均速度．故A项错误B：0~4s内物体的速度始终为正，则物体在0~1s内的运动方向与2~4s内的运动方向相同．故B项错误C：速度时间图象斜率的绝对值表示加速度的大小，则物体在0~1s内的加速度大于2~4s内的加速度．故C项错误D：速度时间图象与坐标轴围成面积表示对应时间内的位移，则0~2s内物体的位移．故D项正确【点睛】图象类题目要理解图象横纵坐标、截距、斜率、交点、图象与坐标轴围成的面积等对应的物理意义7、BD【解析】A．汽车驶过竖直面内凸拱形桥顶端时，加速度向下，支持小于重力，所以汽车处于失重状态，A不符合题意；B．荡秋千的小孩通过最低点时，加速度向上，支持力大于重力，小孩处于超重状态，B符合题意；C．跳水运动员离开跳板向上运动时，与跳板分离，没有支持力，跳水运动员处于完全失重，C不符合题意；D．火箭点火加速升空的过程中，加速度向上，火箭处于超重状态，D符合题意。故选BD。8、BC【解析】物体与弹簧接触前做匀加速直线运动；物体与弹簧接触后，弹簧弹力不断增大，开始阶段弹簧弹力小于推力F，合力向右，加速度向右，物体做加速度不断减小的加速运动；当加速度减小为零时，速度达到最大；接下来物体由于惯性继续向右运动，弹力进一步变大，且大于推力，合力向左，加速度向左，物体做加速度不断变大的减速运动，当速度减为零时，加速度最大。故选BC【点睛】物体先做加速度不断减小的加速运动，再做加速度不断增大的减速运动。9、BCD【解析】以结点O为研究对象，分析受力情况，作出力图：重力G、绳OA的拉力T1，绳OB的拉力T2，根据平衡条件得知：拉力T1和拉力T2的合力与重力G大小相等、方向相反，如图．作出三个不同位置力的合成图，由图看出，T1先增大后减小，T2逐渐减小，直到为零A.与分析结果不符，故A错误；B.与分析结果一致，故B正确；C.与分析结果一致，故C正确；D.与分析结果一致，故D正确；10、ABD【解析】在0-2s内重物处于超重状态，在2-10s内电梯做匀速直线运动，从10s到12s失重。由运动学公式分析三个速度的大小和方向。【详解】A．在0-2s内重物处于超重状态，t=1s时刻电梯的加速度方向竖直向上，A正确；BC．在2-10s内电梯做匀速直线运动或静止状态，加速度为零，B正确，C错误；D．从10s到12s失重，t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向下。故D正确。故选ABD。11、BC【解析】小球与弹簧和地面两个物体接触，当弹簧的拉力与重力相等时，地面对小球没有弹力；当弹簧的拉力小于小球的重力时，地面对小球有支持力【详解】AB、当弹簧的拉力与重力相等时，地面对小球没有弹力，物体受重力和一个弹力，共受2个力作用．故A错误，B正确；C.当弹簧的拉力小于小球的重力时，地面对小球有支持力，物体受到重力和两个弹力，此时受3个力作用．故C正确D.小球与弹簧和地面两个物体接触，小球最多受到两个弹力．即最多受3个力的作用．故D错误故选BC.12、CD【解析】A．木箱对地面的压力是由于木箱发生形变而产生的，选项A错误；B．地面对木箱的支持力竖直向上，地面对木箱的摩擦力沿水平方向，两力的合力不在竖直方向，即地面对木箱的作用力的方向不是竖直向上，选项B错误；CD．木箱静止，则受合外力为零，此时F=f，即木箱受到地面的摩擦力大小为30N，选项CD正确；故选CD。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、14、三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）500N/m；（2）0.2【解析】（1）当笔杆竖直放置时，由于砝码处于静止，则弹簧的弹力大小等于砝码的重力，即有：所以笔内小弹簧的劲度系数（2）要使书恰好能匀速运动，则水平方向所受的滑动摩擦力与弹簧的弹力平衡，即：得书与桌面间的动摩擦因数大小16、（1）8m/s2和4m/s2；（2）0.25；（3）2.2m/s【解析】根据加速度的定义式结合表中数据求加速度大小；根据牛顿第二定律列方程组求摩擦因数【详解】（1）由表中数据可知，0-0.4s内物块向上滑行，0.4s后物块向下滑行，设前后两次的加速度大小分别为a1、a2，据a=代入数据得a1=8m/s2a2=4m/s2（2）设动摩擦因数为μ，物块的质量为m，在上滑过程中mgsinθ+μmgcosθ=ma1在下滑过程中mgsinθ-μmgcosθ=ma2代入数据，联立两式解得sinθ=0.6，cosθ=0.8从而得μ=0.25（3）物块上滑的距离l=t=0.64m下滑过程，据vt2=2a2l代入数据得vt≈2.2m/s17、⑴圆环对杆的弹力为0⑵7.5m/s2⑶15m【解析】先根据位移时间公式求出加速度，然后对环受力分析，受重力、拉力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律列方程求解，撤去力F后对环受力分析，受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律列方程求解出环的加速度拉力a，再根据位移时间关系求解【详解】(1)将F分解为F1和F2；所以圆环对杆的弹力为0；(2)由⑴