2025届濮阳市重点中学高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

2025届濮阳市重点中学高二物理第一学期期中复习检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，匀强电场的方向平行于xOy坐标系平面，其中坐标原点O处的电势为2V，a点的坐标为（0，4），电势为8V，b点的坐标为（3，0），电势为8V，则电场强度的大小为A．250V/m B．200V/mC．150V/m D．120V/m2、关于电源的说法，正确的是（）A．电源向外提供的电能越多，表明电动势越大B．电动势表示电源将单位正电荷从负极移到正极时，非静电力做的功C．在电源内部，从正极到负极电势逐渐升高D．在电源外部，从正极到负极电势逐渐升高3、如图所示，小明在荡秋千，a、b是绳上两点，关于a、b两点的线速度和角速度的大小关系，正确的是（）A．B．C．D．4、下面物理量及其对应的国际单位制单位符号，正确的是A．电动势，F B．电容，WbC．磁通量，T D．自感系数，H5、如图甲所示电路中，L1、L2、L3为三只“6V，3W”的灯泡，变压器为理想变压器，各电表均为理想电表，当ab端接如图乙所示的交变电压时，三只灯泡均正常发光。下列说法中正确的是（）A．变压器原副线圈的匝数比为3∶1B．输出端交流电的频率为50HzC．电流表的示数为0.5AD．电压表的示数为18V6、下列说法正确的是A．内能不同的物体，温度一定不同B．物体机械能增大时，其内能一定增大C．温度低的物体内能一定小D．同温度、同质量的氢气和氧气，氢气的分子总动能大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，MPQO为有界的竖直向下的匀强电场（边界上有电场），电场强度为E=，ACB为光滑固定的半圆形轨道，轨道半径为R，A、B为水平直径的两个端点，AC为圆弧，一个质量为m，电荷量为-q的带电小球，从A点正上方高为H=R处由静止释放，并从A点沿切线进入半圆轨道，不计空气阻力及一切能量损失，关于带电小球的受力及运动情况，下列说法正确的是（）A．小球到达C点时对轨道压力为2mgB．小球在AC部分运动时，加速度不变C．适当增大E，小球到达C点的速度可能为零D．若E=，要使小球沿轨道运动到C，则应将H至少调整为8、如图所示,有一垂直于纸面向里的有界匀强磁场,A、B为边界上两点.一带电粒子从A点以初速度v0、与边界成角度θ(θ<90°)沿纸面射入磁场,经过一段时间后从B点射出.现撤去磁场,加一垂直边界、沿纸面向上的匀强电场,其他条件不变,粒子仍从B点射出.粒子重力忽略不计,则粒子()A．带负电B．在磁场中和电场中的运动轨迹相同C．从磁场中离开时速度方向与从电场中离开时速度方向相同D．从磁场中离开时速度大小与从电场中离开时速度大小相同9、有一电热器，额定电压为220V，额定功率为1000W.现要把它改装一下，用在电压为110V的电路中，若要使它消耗的功率仍为1000W．下面做法中正确的是()A．将电热器中的电热丝截去一半B．将电热器中的电热丝截去3/4，只留下1/4C．在电热器中再并联一根与原来相同的电热丝D．将电热器中的电热丝等分成两段，再并联起来10、如图甲是小型交流发电机的示意图，两极M，N间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为理想交流电流表，V为理想交流电压表．内阻不计的矩形线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO′沿逆时针方向匀速转动，矩形线圈通过滑环接一理想变压器，滑动触头P上下移动时可改变变压器副线圈的输出电压，副线圈接有可调电阻R，从图示位置开始计时，发电机线圈中产生的交变电动势随时间变化的图象如图乙所示，以下判断正确的是()A．电压表的示数为10VB．0.01s时发电机线圈平面与磁场方向平行C．若P的位置向上移动，R的大小不变时，电流表读数将减小D．若P的位置不变，R的大小不变，而把发电机线圈的转速增大一倍，则变压器的输入功率将增大到原来的4倍三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）两位同学在实验室利用如图甲所示的电路测定定值电阻R0、电源的电动势E和内阻r，调节滑动变阻器的滑片P向某一方向移动时，一个同学记录了电流表A和电压表V1的测量数据，另一同学记录的是电流表A和电压表V2的测量数据，并根据数据分别描绘了如图乙所示的两条U－I直线a、b，回答下列问题：（1）根据两同学描绘的直线a、b，可知b图线是根据电压表________（填“V1”或“V2”）和电流表A的数据描绘的图线。（2）由图可知，定值电阻R0=_____Ω，电源的电动势E=_____V，内阻r=_____Ω。（3）忽略各电表对电路的影响，则该电路中电流表的读数最大不超过________A。12．（12分）小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而变大，某同学利用实验探究这一现象，所提供的器材有A．电流表（A1）量程0-0.6A，内阻约0.125ΩB．电流表（A2）量程0-3A，内阻约0.025ΩC．电压表（V1）量程0-3V，内阻约3kΩD．电压表（V2）量程0-15V，内阻约15kΩE．滑动变阻器（R1）总阻值约10ΩF．滑动变阻器（R2）总阻值约200ΩG．电池（E）电动势3.0V，内阻很小H．导线若干，电键K该同学选择仪器，设计电路并进行实验，通过实验得到如下数据：（1）请你推测该同学选择的器材是：电流表为______，电压表为______，滑动变阻器为______（以上均填写器材代号）．（2）请你推测该同学设计的实验电路图并画在图甲的方框中______．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一个半径R=m的圆形靶盘竖直放置，A、O两点等高且相距4m，将质量为10g的飞镖从A点沿AO方向抛出，经0.1s落在靶心正下方的B点处．不计空气阻力，重力加速度取g=10m/s1．求：(1)飞镖从A点抛出时的速度大小；(1)飞镖从A处抛出到落到B处的过程中减少的重力势能；(3)为了使飞镖能落在靶盘上，飞镖抛出的速度大小应满足什么条件？14．（16分）如图所示，为固定在竖直平面内的光滑圆弧轨道，其半径为。轨道的点与光滑水平地面相切，质量为的小球由点静止释放，取。求：(1)小球滑到最低点时，小球速度的大小；(2)小球刚到达最低点时，轨道对小球支持力的大小；(3)小球通过光滑的水平面滑上固定曲面，恰能到达最高点，到地面的高度为，小球在曲面上克服摩擦力所做的功是多少？15．（12分）如图所示，第Ⅰ象限有垂直纸面向外的匀强磁场，第Ⅳ象限有垂直纸面向里匀强磁场，Ⅰ、Ⅳ磁感应强度大小均为B，一带正电粒子以初速度从y轴上的P点进入第Ⅰ象限磁场时速度方向与y轴的正方向成45°角，进入第Ⅳ象限的磁场时又垂直x轴，已知OP之间的距离为d，（不计粒子重力）求：（1）带电粒子在磁场中做圆周运动的半径；（2）带电粒子从进入磁场到第二次经过x轴，在磁场中运动的总时间；（3）带电粒子的比荷．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：由题意可得a、b两点的电势相等，所以匀强电场的方向垂直于ab，过o点做ab的垂线相交ab于c点，由几何关系得：，得∠b=53°；oc=ob•sin∠b=1．13×sin53°=2．4×11-2mco间的电势差为：U=8V-2V=6V；则电场强度为：，故A正确．考点：电势及电势差2、B【解析】

A．根据电源向外提供的电能可知：电源向外提供的电能不仅与电动势有关，还有电流和时间有关，A错误；

B．电动势表征了电源内部非静电力做功的本领，所以电动势表示电源将单位正电荷从负极移到正极时，非静电力做的功，B正确；

CD．电源正极电势大于负极电势，所以电源从正极到负极电势逐渐减小，CD错误。

故选B。3、C【解析】由于a、b两点绕同一中心点运动，并且时刻在一条直线上，所以a、b两点的角速度相等，根据，可知，故C正确；故选C4、D【解析】

A．电动势，V，选项A错误；B．电容，C，选项B错误；C．磁通量，Wb，选项C错误；D．自感系数，H，选项D正确。5、B【解析】

A．根据乙图可得ab端接入的交流电有效值为灯泡正常发光，说明灯泡电压为额定电压，那么变压器输入电压变压器副线圈为两个灯泡并联，灯泡电压等于副线圈输出电压即原副线圈匝数比为选项A错误；B．根据乙图可知输入交流电的频率经过变压器后交流电频率不变，选项B正确；C．灯泡正常发光的额定电流电流表测量副线圈干路电流所以读数为，选项C错误；D．电压表示数为原线圈输入电压即选项D错误；故选B。6、D【解析】

A.内能是所有分子热运动的动能和分子势能的总和，温度是分子热运动平均动能的标志，内能不同有可能是分子数不同或体积，温度可能相同，故A项错误；B.物体的机械能是由速度和高度决定，而内能是由温度和分子间距决定的，故机械能与内能无关，故B项错误；C.温度是分子热运动平均动能的标志，温度低的物体分子热运动平均动能小，但分子数情况不清楚，故无法比较内能情况，故C项错误；D.温度是分子热运动平均动能的标志，同温度的氢气和氧气，分子热运动平均动能相同；同质量的氢气和氧气，氢气的分子数量多，总动能大，故D项正确；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

A.小球进入半圆轨道，电场力和重力平衡，小球做匀速圆周运动，根据动能定理知解得：从A到C，因为电场力与重力等大反向，合力为零，所以到C点速度与A点等大。根据牛顿第二定律得，在C点：根据牛顿第三定律可知，小球到达C点时对轨道的压力为2mg。故A正确。B.小球在AC部分做匀速圆周运动，加速度大小不变，方向始终指向圆心。故B错误。C.适当增大E，小球所受的电场力大于重力，根据径向的合力提供向心力可知，在最低点的速度不可能为零。故C错误。D.若E=，在最低点根据牛顿第二定律得，解得：根据动能定理得：解得：所以H至少为，故D正确。8、ACD【解析】A、粒子在磁场中从A到B点做顺时针圆周运动，受向右下的洛仑兹力，根据左手定则知道粒子带负电，所以选项A正确；

B、撤去磁场加上电场，粒子做匀变速度曲线运，即类斜抛运动，所以轨迹不同于圆周，选项B错误；

C、无论是在磁场中做匀速圆周运动，还是在电场中做类斜抛运动，当粒子再次回到边界时与边界的夹角仍为，只是方向斜向下，所以选项C正确；

D、在磁场中做匀速圆周运动，洛仑兹力不做功，速度大小与进入时相同，而在电场中从A到B，电场力做功为零，所以与进入时速度大小也相同，只是方向不同，故选项D正确．点睛：本题只是把带电粒子在磁场和电场中的两种情况进行对比，由匀速圆周运动和斜抛运动的对称性，当电场强度大小取某一确定值时，粒子可以从同一点B离开，但离开时，只是速度方向由斜向上变为斜向下，与边界的夹角仍相同．9、BD【解析】AB.根据公式P=U2/R,电热丝消耗的功率不变,电压为额定电压的1/2,则电阻应为原来的1/4,根据电阻定律得,电热丝的长度应为原来的1/4,可将电热器中的电热丝截去3/4.故A错误，B正确；C.若在电热器中再并联一根与原来相同的电热丝,总电阻变为1/2,电压为额定电压的1/2,电热丝消耗的功率为原来的1/2，不符合题意．故C错误；D.若将电热器中的电热丝等分成两段，再并联起来，根据电阻定律可知电阻变为原来的1/4，符合要求．故D正确．故选BD10、ABD【解析】试题分析：由题图乙可知交流电电流的最大值，根据求解电压表的示数；根据磁通量变化率最大时，磁通量为零，即发电机线圈平面与磁场方向平行分析判断；若P的位置向上移动、R的大小不变时，因为原线圈匝数发生变化，根据分析；把发电机线圈的转速增大一倍，则交流电最大值发生变化，由入手分析判断，；感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，由电路动态变化规律分析解题由于线圈电阻不计，所以电压表测量线圈产生的交流电压的有效值，故电压表示数为，A正确；在0.01s时交流电有峰值，此时磁通量变化率最大，磁通量最小为零，所以发电机线圈平面与磁场方向平行，B正确；若P的位置向上移动、R的大小不变时，根据公式（不变，减小，不变）可得增大，所以副线圈中的电流增大，即电流表读数增大，C错误；若P的位置不变、R的大小不变，而把发电机线圈的转速增大一倍，根据公式可得原线圈两端电压增大一倍，根据可得副线圈两端电压增大一倍，根据可得副线圈中消耗的电功率增大为原来的四倍，副线圈消耗的功率等于原线圈中的功率，所以变压器的输入功率将增大到原来的4倍，D正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、V22.01.501.00.5【解析】

(1)[1]由图甲可知V1测量路端电压，V2测量定值电阻R0的电压；而定值电阻的图线是正比图线，一定经过原点，故b图线是根据电压表V2和电流表A的数据描绘的图线.(2)[2]根据图像