甘肃省陇南市2024届高考物理押题试卷含解析

甘肃省陇南市2024届高考物理押题试卷

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5亳米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05亳米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、由于太阳自身巨大的重力挤压，使其核心的压力和温度变得极高，形成了可以发生核聚变反应的环境。太阳内发生

核聚变反应主要为：；H+；Hf；He,已知部分物质比结合能与质量数关系如图所示，则该反应释放的核能约为（）

7

6

5

4

3

2

1

0

A.5MeVB.6MeV

C.24MeVD.32MeV

2、北京时间2019年5月17日23时48分，我国成功发射第45颗北斗导航卫星。该卫星与此前发射的倾斜地球同步

轨道卫星（代号为p）、18颗中圆地球轨道卫星（代号为Q）和1颗地球同步轨道卫星（代号为S）进行组网，为亚

太地区提供更优质的服务。若这三种不同类型卫星的轨道都是圆轨道，中圆地球轨道卫星的轨道半径是同步卫星的轨

2

道半径的下列说法正确的是（）

A.。和S绕地球运动的向心加速度大小不相等

B.Q和S绕地球运动的线速度大小之比为布：2

C.。和s绕地球运动的周期之比为

D.夕和。绕地球运动的向心力大小一定相等

3、如图所示，一足够长的木板在光滑的水平面上以速度1-向右匀速运动，现将质量为-U的物体竖直向下轻轻地放置在

木板上的右端，已知物体一和木板之间的动摩擦因数为一。为保持木板的速度不变，从物体一放到木板上到它相对木板

静止的过程中，须对木板施加一水平向右的作用力-，那么力-对木板做功的数值为（）

B.C.1D•二二二

犯F扣c?

4、瓶核发生“衰变除了产生小粒子和新核外，还会产生质量数和电荷数都是。的反中微子Ve。若笊核在云室中发生“

衰变后，产生的反中微子和“粒子的运动方向在同一条直线上，设反中微子的动量为尸“。粒子动量为8,贝h

A.上述核反应方程为：H+；n-：e+^He+V.

B.p粒子在云室中穿过会留下清晰的路径，此体现了粒子的波动性

C.用;核内部某个中子转变为质子时，会向外发射/粒子

D.新核的动量为［-6

5、如图所示，理想变压器的原线圈接在q=200sinI00R（V）的交流电源上，副线圈接有R=5（）Q的负载电阻，原、

副线圈匝数之比为4：1,。为电容器，电流表为理想交流电表，电路中所有元件均正常工作，则（）

A.该交流电的频率为100Hz

B.交流电流表的示数为0

C.电阻R的功率为50W

D.电容器的耐压值不能小于50V

6、如图所示，在光滑水平面上一小球以某一速度运动到A点，遇到一段半径为R的1/4圆弧曲面43后，落到水平地

面的C点.已知小球没有跟圆弧曲面的任何点接触，则8C的最小距离为（）

A.RB.C.^-RD.（Ji-1）R

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图所示,一固定斜面倾角为二，将小球二从斜面顶端以速率二;水平向右抛出，击中了斜面上的二点;将小球二从空中某

点以相同速率二，•水平向左抛出，恰好垂直斜面击中二点。不计空气阻力，重力加速度为二，下列说法正确的是（）

A.若小球二在击中二点时速度方向与水平方向所夹锐角为二，则注.二二二山二

B.若小球二在击中二点时速度方向与水平方向所夹锐角为二则:工.二二二㈤二

c.小球二、二在空中运动的时间比为二q二二:

D.小球二、二在空中运动的时间比为二az二二」

8、下列说法中正确的是（）

A.物体温度升高，每个分子的热运动动能都增大

B.液体中悬浮微粒的布朗运动是液体分子对它的撞击作用不平衡所引起的

C.一定量100℃的水变成100℃的水蒸汽，其分子之间的势能减小

D.影响气体压强大小的两个因素是气体分子的平均动能和分子的密集程度

E.由于多晶体是许多单晶体杂乱无章地组合而成的，所以多晶体是各向同性的

9、如图所示，光滑且足够长的金属导轨MN、PQ平行地固定在同一水平面上，两导轨间距L=0.20m,两导轨的左端

之间连接的电阻K=0.40Q,导轨上停放一质量〃片0.10kg的金属杆ab,位于两导轨之间的金属杆的电阻r=0.10Q,导

轨的电阻可忽略不“。整个装置处于磁感应强度6=O.5OT的匀强磁场中，磁场方向竖直向下。现用一水平外力厂水平

向右拉金属杆，使之由静止开始运动，在整个运动过程中金属杆始终与导轨垂直并接触良好，若理想电压表的示数U

随时间，变化的关系如图乙所示。则（）

0123456门

甲乙

A.Z=5s时通过金属杆的感应电流的大小为1A,方向由a指向〃

B.U3s时金属杆的速率为3m/s

C./=5s时外力尸的瞬时功率为0.5W

D.0〜5s内通过K的电荷量为2.5C

10、如匡所示是导轨式电磁炮的原理结构示意图。两根平行长直金属导轨沿水平方向固定，其间安放炮弹。炮弹可沿

导轨无摩擦滑行，且始终与导轨保持良好接触。内阻为/•可控电源提供的强大恒定电流从一根导轨流入，经过炮弹，

再从另一导轨流回电源，炮弹被导轨中的电流形成的磁场推劭而发射。在发射过程中，该磁场在炮弹所在位置始终可

以简化为磁感应强度为〃的垂直平行轨道匀强磁场。已知两导轨内侧间距L炮弹的质量〃，，炮弹在导轨间的电阻为

R,若炮弹滑行s后获得的发射速度为人不计空气阻力，下列说法正确的是（）

B.电磁炮受到的安培力大小为F=—

s

C.可控电源的电动势是七二=~^7—

IsBL

这一过程中系统消耗的总能量是‘加产+竺竺」2

D.

22sB21}

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）用如图1所示装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道PQ

滑下后从Q点飞出，落在水平挡板MN上。由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤

压出一个痕迹点。移动挡板,重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。

（1）下列实验条件必须满足的有

A.小球每次必须从斜槽上同一位置由静止释放

B.斜槽轨道要尽量光滑些

C.斜槽轨道末端必须保持水平

D.本实验必需的器材还有刻度尺和停表

⑵为定量研究，建立以水平方向为x轴、竖直方向为y轴的坐标系。取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于

Q点，钢球的（选填“最上端”、“最下端”或者“球心”）对应白纸上的位置即为原点；在确定y轴时

（选填“需要”或者“不需要”）y轴与重锤线平行。

⑶伽利略曾研究过平抛运动，他推断：从同一炮台水平发射的炮弹，如果不受空气阻力，不论它们能射多远，只要下

落高度相同，在空中飞行的时间都一样。这实际上是因为平抛物体o

A.在水平方向上做匀速直线运动

B.在竖直方向上做自由落体运动

C.在下落过程中机械能守恒

12.（12分）LED灯的核心部件是发光二极管，某同学欲测量一只工作电压为2.9V的发光极管的正向伏安特性曲线，

所用器材有：电压表（量程3V,内阻约3kQ）,电流表（用多用电表的直流25mA挡替代，内阻约为5Q）,滑动变

阻器（0・20Q）,电池组（内阻不计），电键和导线若干，他设计的电路如图（。）所示，回答下列问题：

⑴根据图（«）,在实物图⑹上完成连线；

⑵调节变阻器的滑片至最端（填“左”或“右”），将多用电表选择开关拔至直流25mA挡，闭合电键;

⑶某次测量中，多用电表示数如图（c）,则通过二极管的电流为mA；

（4）该同学得到的正向伏安特性曲线如图（d）所示，由曲线可知，随着两端电压增加，二极管的正向电阻________（填

“增大、“减小”或“不变”）；当电流为15.QmA时，正向电阻为Q（结果取三位有数字）。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，MMPQ是间距为七的平行光滑金属导轨，导轨电阻不计，置于磁感强度为8、方向垂直导

轨所在平面向里的匀强磁场中，P、M间接有一阻值为A的电阻。一根与导轨接触良好，阻值为二的金属导体棒融

2

垂直导轨放置，油的质量为机。外在与其垂直的水平恒力下作用下，在导线在上以速度箕做匀速运动，速度y与恒力

方向相同；导线MN始终与导线框形成闭合电路，已知磁场的磁感应强度大小为"，导线的长度恰好等于平行轨道的

间距/“忽略摩擦阻力和导线框的电阻。求：

（1）金属棒以速度v匀速运动时产生的电动势E的大小；

⑵金属棒以速度*匀速运动时金属棒ab两端电压Ub；

（3）金属棒匀速运动时。水平恒力产做功的功率P。

14.（16分）能量守恒定律、动量守恒定律、电荷守恒定律等等是自然界普遍遵循的规律，在微观粒子的相互作用过

程中也同样适用.卢瑟福发现质子之后，他猜测：原子核内可能还存在一种不带电的粒子.

（1）为寻找这种不带电的粒子，他的学生查德威克用a粒子轰击一系列元素进行实验.当他用。粒子轰击钺

原子核时发现了一种未知射线，并经过实验确定这就是中子，从而证实了卢瑟福的猜测.请你完成此核反应方

程;&_+«n.

（2）为了测定中子的质量〃%,查德威克用初速度相同的中子分别与静止的氢核与静止的氮核发生弹性正碰.实验中

他测得碰撞后氮核的速率与氢核的速率关系是心=；%.已知氮核质量与氢核质量的关系是〃2八，=14〃M，将中子与

氢核、氮核的碰撞视为完全弹性碰撞.请你根据以上数据计算中子质量〃?”与氢核质量，%的比值.

（3）以铀235为裂变燃料的“慢中子”核反应堆中，裂变时放出的中子有的速度很大，不易被铀235俘获，需要使其减

速.在讨论如何使中子减速的问题时，有人设计了一种方案：让快中子与静止的粒子发生碰撞，他选择了三种粒子：

铅核、氢核、电子.以弹性正碰为例，仅从力学角度分析，哪一种粒子使中子减速效果最好，请说出你的观点并说明

理由.

15.(12分)如图，从离子源A发出的初速度为零、带电荷量为4质量为〃?的正离子，被电压为q的电场加速后，沿

中心轴线射入带电的平行板电容器。电容器的板长为L、板间距离为自，板间电压为U,二4。离子射出电场一段时

24

间后又进入一个环状区域的匀强磁场，磁场的外半径为R,宽度s=0，磁场方向垂直于纸面向里，磁场的圆心与平

行板电容器的中心重合，求：

(1)该离子进入偏转电场时速度的大小；

(2)为使该离子不能从磁场外边缘射出，磁场的磁感应强度8的最小值；

(3)为保证该离子不从磁场外边缘射出，离子在磁场中运动的最长时间。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解析】

由图象可知：H的比结合能约为l.lMeV,:He的比结合能约为7.lMeV,由比结合能的定义可知，该反应释放的核能

约为

A£=(7.1X4-1.1X4)MeV=24MeV

故选C。

2、B

【解析】

A.由

-Mm

G——=ma

r~

可知，尸和S绕地球运动的向心加速度大小相等，故A错误;

B.由

-Mmv2

G——=m—

rr

可得

又

2

则。和S绕地球运动的线速度大小之比为

%:vs.=>/6:2

故B正确；

C.由

。和S这两种不同类型轨道卫星绕地球运动的周期之比为

八：,”商：「2灰：9

故C错误；

D.由于2和Q的质量不一定相等，所以夕和。绕地球运动的向心力大小不一定相等，故D错误。

故选B。

3、C

【解析】

由能量转化和守恒定律可知，拉力厂对木板所做的功W一部分转化为物体/〃的动能，一部分转化为系统内能，故

,二一二二二，以上三式联立可得二=二二。

A.,，选项A不符合题意;

jDD4

B.,选项B不符合题意;

C.--4选项C符合题意;

D.二二二.，选项D不符合题意;

4、C

【解析】

A.第核在云室中发生/?衰变，没有中子参与，故核反应方程为：Hf；H+：e+Ve，故A错误;

B.口粒子在云室中穿过会留下清晰的路径，此体现了粒子的粒子性，故B错误；

C.笳核内部某个中子转变为质子时，会发射电子，即£射线，故C正确；

I).由于不知道晁核的初始动量，故由动量守恒无法求出新核的动量，故D错误；

故选C。

5、D

【解析】

A.该交流电的频率

/=—=5()Hz

故A错误；

B.电容器通交流隔直流，故电流表的示数不为0,故B错误；

C.原线圈两端的电压的有效值

U-2。。V=100>/2V

由7TL可知，副线圈两端的电压的有效值

(/2=2572V

电阻R的功率

P=」=25W

R

故C错误；

D.由于副线圈两端的电压的最大值为50V,故电容器的耐压值不能小于50V,故D正确。

故选：Da

6、D

【解析】

2

在A点，小球开始离开圆弧曲面，只受重力，则有：mg=m—

得：丫=厢，之后小球做平抛运动，则：R=^r,得：t=J型则平抛运动的最小水平位移为:

所以8C的最小距离为：d=(V2-l)/?

A、B、C错误；D正确；故选D.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BC

【解析】

AB、由题图可知，斜面的倾角二等于小球二落在斜面上时的位移与水平方向的夹角，则有【我二二三；小球二在击中二

■fQ

点时速度方向与水平方向所夹锐角为二则有:心口=百，联立可得•U二=上联二故选项A错误，B正确；

%

CD、设小球二在空中运动的时间为二•，小球二在空中运动的时间为二，则由平抛运动的规律可得6:宅二三，

口a」JUf

五1二=三，则有三=苧，故选项C正确，D错误。

8、BDE

【解析】

A.温度是分子热运动平均动能的标志，物体的温度升高，分子的平均动能增大，并不是每个分子热运动的动能都增

大,故A错误；

B.布朗运动是由液体分子从各个方向对悬浮颗粒撞击作用的不平衡引起的，故B正确;

C.一定量100°C的水变成lOU'C的水蒸汽其内能增加，但分子平均动能不变，其分子之间的势能增大，故c错误;

D.根据压强的微观意义可知，气体压强的大小跟气体分子的平均动能、分子的密集程度这两个因素有关，故D正确;

E.多晶体是许多单晶体杂乱无章地组合而成的，所以多晶体具有各向同性现象，故E正确。

故选BDEo

9、BD

【解析】

A.由图像可知，U5.0S时，U=0.40V,此时电路中的电流（即通过金属杆的电流）为

且二空2A=1A

R0.40

用右手定则判断出，此时电流的方向由8指向。，故A错误;

B.由图可知，Z=3s时，电压表示数为

04

U=—x3V=0.24V

5

则有

U=-^—E

R+r

得

/*+/?0.1+0.4_*

E=------U=-----------xO.24V=O.3V

R0.4

由公式得

E0.3,,

v=——=-------------m/s=3m/s

BL().5()x0.20

故B正确；

C.金属杆速度为丫时，电压表的示数应为

U=—BLv

R+r

由图像可知，U与，成正比，由于R、八8及L均与不变量，所以y与，成正比，即金属杆应沿水平方向向右做初速

度为零的匀加速直线运动，金属杆运动的加速度为

V3.2«,2

。=一=一m/s~=lin/s"

t3

根据牛顿第二定律，在5.0s末时对金属杆有

F-BIL=ma

得

F=BIL+ma=(0.50x1x0.20+0.10x1)N=0.20N

此时尸的瞬时功率为

P=Fv=/^r=0.2xlx5W=1.0W

故c错误；

D.r=5.0s时间内金属杆移动的位移为

x=—ar=—xIx52m=12.5m

22

通过K的电荷量为

A（DBLx0.5x0.2x12.5^一。

q=----=-----=------------C=2.5C

R+rR+r0.4+0.1

故D正确。

故选BD.

10、AD

【解析】

A.若电源〃、〃分别为负极、正极,根据左手定则可知.受到的安培力向右，则导体滑块可在磁场中向右加速：故A

正确；

B.因安培力尸根据动能定理

「12

Fx=­tnv

2

所以

选项B错误；

C.由匀加速运动公式

v2-0

a=----

2s

由安培力公式和牛顿第二定律，有

F=BIL=ma

根据闭合电路欧姆定律根据闭合电路欧姆定律

联立以上三式解得

=，加（R+r）

E=---------

2sBL

选项C错误;

D.因这一过程中的时间为

所以系统产生的内能为

Q=I2(R+r)t

厂mv\R+r)

E=----------------

2sBL

联立解得

八m2v3(R+r)

Q=---------—

2sB2l}

炮弹的动能为

P12

Ek=—mv

由能的转化与守恒定律得这一过程中系统消耗的总能量为

CCC12fn2v\R+r)

E=Q+E.=-mv+-------,,

k21SB2I3

所以D正确。

故选AD,

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、AC球心需要B

【解析】

(1)[U.ABC.为了能画出平抛运动轨迹，首先保证小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，但必须是水平

的。同时要让小球总是从同一位置释放，这样才能找到同一运动轨迹上的几个点；故B错误，AC正确；

D.本实验必需的器材还有刻度尺，但不需要停表，选项D错误；

故选AC,

(2)[2][3].将钢球静置于Q点，钢球的球心对应白纸上的位置即为原点；在确定y轴时需要y轴与重锤线平行；

⑶[4].做平抛运动的物体在竖直方向上做自由落体运动，所以高度相同时时间相同；故选B。

左19.0减小181/84

【解析】

(1)(11.根据图示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示:

(2)(21.滑动变阻器采用分压接法，为保护电路闭合开关前滑片应置于左端。

⑶⑶.电流表量程为25mA,读量程为250mA的挡，示数为190mA,则通过二极管的电流为19.0mA；

(4)[4].由图示图象可知，随着二极管两端电压增加，通过二极管的电流增大，电压与电流的比值减小，则二极管的正

向电阻随电压增加而减小；

[5].由图示图象可知，当电流/=15.0mA=0.015A时，t/=2.72V

电阻阻值

U?72

R=2二3二C之181。

/0.015

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

2BLv2B1l3v2

13、(l)E=BLv；(2)(/=——；(3)P=----

ab33R

【解析】

(1)在&内金属棒时由原来的位置43移动到A,如图所示

这个过程中闭合回路面积的变化量是

AS=LvA/

则穿过比合回路的磁通量的变化量是

A<t>=B\S=BLvA/

根据法拉第电磁感应定律可得

E==BLv

Ar

(2)电路中的电流为

;E_2E_2BLv

=小=获=京

2

金属棒面两端的电压为：

4="=竿

⑶金属棒功所受的安培力为

F=F、=BIL

金属棒克服安培力做功的功率为

2B2I}V2

P=Fv=FV=BILV=

A3R

..in7

14、(1)12c(2)-^=-(3)仅从力学角度分析，氢核减速效果最好，理由见解析

mH6

【解析】

(1)根据核反应过程中核电荷数与质量数守恒，知核反应方程式为；

(2)设中子与氢核、氮核碰撞前后速率为％,中子与氢核发生完全