2025届广东省联考联盟高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

2025届广东省联考联盟高二物理第一学期期中复习检测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示是探究影响通电导线受力的因素实验的部分装置，下列操作中能增大导体棒上摆幅度的（）A．移去一块蹄形磁铁B．仅使棒中电流减小为原来的二分之一C．导体棒接入端由②、③改为①、④D．导体棒接入端由①、④改为②、③2、某一网络电路中的部分电路如图所示，已知I=3A，I1=2A，R1=10Ω，R2=5Ω，R3=30Ω，则下列结论正确的是()A．通过R3的电流为0.5A，方向从B．通过R3的电流为0.5A，方向从C．通过电流表的电流为0.5A，电流表“+”接线柱在右边D．通过电流表的电流为1.5A，电流表“+”接线柱在左边3、一带正电的粒子仅在电场力作用下从A点经B、C点运动到D点，其v-t图像如图所示，则下列说法中正确的是（

）A．A点的电场强度一定小于B点的电场强度B．粒子在A点的电势能一定小于在B点的电势能C．CD间各点电场强度和电势差都为零D．AB两点间的电势差大于CB两点间的电势差4、通过电阻R的电流为I时，在t时间内产生的热量为Q，若电阻为R，电流为2I，则在时间内产生的热量为(

)A．4Q B．2Q C． D．5、如图所示，一带电小球用丝线悬挂在水平方向的匀强电场中，当小球静止后把悬线烧断，则小球在电场中将作A．匀加速直线运动B．曲线运动C．自由落体运动D．变加速直线运动6、M、N是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是（）A．电子在N点的动能小于在M点的动能B．该电场有可能是匀强电场C．该电子运动的加速度越来越小D．电子运动的轨迹为曲线二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图甲所示，两平行金属板A、B放在真空中，间距为d，P点在A、B板间，A板接地，B板的电势φ随时间t的变化情况如图乙所示，t=0时，在P点由静止释放一质量为m、电荷量为e的电子，当t=2T时，电子回到P点。电子运动过程中未与极板相碰，不计重力，则下列说法正确的是

A．φ1：φ2=1：2B．φ1：φ2=1：3C．在0～2T时间内，当t=T时电子的电势能最小D．在0～2T时间内，电子的电势能减小了8、如图所示，虚线a、b、c代表某一电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，实线为一带正电的粒子仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，其中R在等势面b上．下列判断正确的是()A．三个等势面中，c的电势最低B．带电粒子在P点的电势能比在Q点的大C．带电粒子在P点的动能与电势能之和比在Q点的小D．带电粒子在R点的加速度方向垂直于等势面b9、在物理实验中，把一些微小量的变化进行放大，是常用的物理思想方法如图所示的四个实验，运用此思想方法的是A．观察桌面形变B．玻璃瓶发生形变C．比较平抛运动和自由落体运动D．测定万有引力常量10、某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变化的图线画在同一坐标系内，如图所示，根据图线可知下列说法正确的是()A．反映Pr变化的图线是bB．电源电动势约为8VC．当外电阻约为2Ω时，输出功率最大D．当电流为0.5A时，外电路的电阻约为6Ω三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在学校实验周活动中，某实验小组同学选用如图（a）可拆变压器做“探究变压器线圈两端的电压与匝数的关系”的实验，实验电路图如图（b），实验时匝，匝，断开K，接通电源，观察电压表的读数为6V，则（1）下列哪一选项______为可拆变压器的输入电压有效值。A．3V

B．

6V

C．12VD．15V

（2）灯泡的额定电压也为6V，闭合K，灯泡能否正常发光。______（填：“能”或“不能”）12．（12分）在伏安法测电阻的实验中，待测电阻Rx约为200Ω，电压表V的内阻约为2kΩ，电流表A的内阻约为10Ω，测量电路中电流表的连接方式如图甲或图乙所示，结果可由公式Rx＝计算得出，式中U与I分别为电压表和电流表的示数．若将图甲和图乙中电路测得的电阻值分别记为Rx1和Rx2，则________(填“Rx1”或“Rx2”)更接近待测电阻的真实值，且测量值Rx1________(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值，测量值Rx2________(填“大于”、“等于”或“小于”)真实值．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，木板A静止在光滑水平面上，其左端与固定台阶相距x．与滑块B（可视为质点）相连的细线一端固定在O点．水平拉直细线并给B一个竖直向下的初速度，当B到达最低点时，细线恰好被拉断，B从A右端的上表面水平滑入．A与台阶碰撞无机械能损失，不计空气阻力．已知A的质量为2m，B的质量为m，A、B之间动摩擦因数为μ；细线长为L、能承受的最大拉力为B重力的5倍；A足够长，B不会从A表面滑出；重力加速度为g．（1）求B的初速度大小v0和细线被拉断瞬间B的速度大小v1（2）A与台阶只发生一次碰撞，求x满足的条件（3）x在满足（2）条件下，讨论A与台阶碰撞前瞬间的速度与x关系14．（16分）在磁场中某一点放入一通电导线，导线与磁场垂直，导线长1cm，电流为5A，所受磁场力为5×10－2N．求：（1）这点的磁感应强度是多大？（2）若电流增加为10 A，所受磁场力为多大？15．（12分）如图所示，用一根绝缘细线悬挂一个带电小球，小球的质量为m，电量为q，现加一水平的匀强电场，平衡时绝缘细线与竖直方向夹θ角。（1）试求这个匀强电场的场强E大小；（2）如果将电场方向顺时针旋转θ角、大小变为E′后，小球平衡时，绝缘细线仍与竖直方向夹θ角，则E′的大小又是多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

A．仅移去一块蹄形磁铁，根据F=BIL可知安培力变为原来的，导体棒上摆幅度变小，故A错误；

B．仅使棒中的电流减小为原来的二分之一，根据F=BIL可知安培力变为原来的，导体棒上摆幅度变小，故B错误；

C．仅使导体棒接入端由②、③改为①、④，根据F=BIL可知安培力变为原来的3倍，导体棒上摆幅度变大，故C正确；

D．仅使导体棒接入端由①、④改为②、③，根据F=BIL可知安培力变为原来的倍，导体棒上摆幅度变小，故D错误；

故选C。2、B【解析】

AB．根据欧姆定律，电阻R1两端电压为2A×10Ω=20V，电阻R2两端电压为1A×5Ω=5V，故电阻R3两端电压为20V-5V=15V，且b端电势高于a端电势，故通过R3的电流为方向从b→a，故A错误，B正确；CD．根据电荷守恒定律，流入与流出b点的电流是相等的，故通过电流表的电流为0.5A，电流表“+”接线柱在左边，故CD错误；3、C【解析】由运动的v-t图象可看出，带正电的粒子的加速度在A点时较大，根据牛顿第二定律得知在A点的电场力大，故A点的电场强度一定大于B点的电场强度，故A错误；从A到B，速度增大，电场力做正功，电势能减小，所以粒子在A点的电势能一定大于在B点的电势能故B错误；CD间各点电荷的加速度为零，所以不受电场力，则电场强度为零，电场强度为零说明各点之间的电势差为零，但电势不一定为零，故C正确；A、C两点的速度相等，故粒子的动能相同，因此从A到B和从B到C电场力做功的绝对值相同，AB两点间的电势差等于CB两点间的电势差，故D错误．所以C正确，ABD错误．4、B【解析】

通过电阻R的电流为I，根据焦耳定律得出在时间t内产生的热量Q=I2Rt。【详解】通过电阻R的电流为I时，在t时间内产生的热量为Q，则Q=I2Rt；若在t/2时间内，通过的电流为2I，根据焦耳定律：Q′=（2I）2•R•t=2I2Rt=2Q，故ACD错误，B正确；故选B。5、A【解析】悬线烧断前，小球受重力、拉力、电场力平衡，重力和电场力的合力与拉力等值反向，烧断细线，物体受重力、电场力，两个力合力恒定即加速度恒定，而且沿细线方向，合力方向与速度方向在同一条直线上，所以物体沿着悬线的延长线做匀加速直线运动，故A正确，BCD错误。点睛：解决本题的关键是要掌握物体做直线运动还是曲线运动的条件，当物体所受的合力与速度在同一条直线上，物体做直线运动，所受的合力与速度不在同一条直线上，物体做曲线运动。6、C【解析】

电子从不动到动，电势能逐渐减小，动能逐渐增加，选项A错误．根据电势能的图象可以看出电势能是非线性减小的，由知电势是非线性减小的，再根据U=dE推知场强是非线性减小的，因此该电场是非匀强电场，选项B错误．再由牛顿第二定律有qE=ma，加速度逐渐减小，选项C正确．轨迹与电场线重合，表明电场力与轨迹重合，因此轨迹只能是直线，选项D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

AB．0～T时间内平行板间的电场强度为：，电子以，向上做匀加速直线运动，经过时间T的位移为：，速度为：；T～2T内平行板间电场强度为：，加速度为：，电子以v1的速度向上做匀变速度直线运动，位移为：，由题意2T时刻回到P点，则有：，联立可得：，故A错误B正确；C．依据电场力做正功最多，电势能最小，而0～T内电子做匀加速运动，T～2T之内先做匀减速直线运动，后反向匀加速直线运动，因，所以在T～2T某时刻电势能最小，C错误；D．电子在2T时刻回到P点，此时速度为：（负号表示方向向下），电子的动能为：，根据能量守恒定律，电势能的减小量等于动能的增加量，D正确。8、ABD【解析】

带电粒子所受电场力指向轨迹弯曲的内侧，电场线与等势面垂直，且由于带电粒子带正电，因此电场线指向右下方，根据沿电场线电势降低，可知a等势线的电势最高，c等势线的电势最低，故A正确；根据带电粒子受力情况可知，若粒子从P到Q过程，电场力做正功，动能增大，电势能减小，故带电粒子在P点具有的电势能比在Q点具有的电势能大，故B正确；只有电场力做功，所以带电粒子在P点的动能与电势能之和与在Q点的相等，故C错误；电场的方向总是与等势面垂直，所以R点的电场线的方向与该处的等势面垂直，而带正电粒子受到的电场力的方向与电场线的方向相同，加速度的方向又与受力的方向相同，所以带电粒子在R点的加速度方向垂直于等势面b．故D正确．9、ABD【解析】

桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大，运用了放大的思想方法，故A正确；玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化，运用了放大的思想方法，故B正确；比较平抛运动和自由落体运动，运用了类比的思想方法，故C错误；引力大小仍是借助于光的反射来放大，运用了放大的思想方法，故D正确．所以ABD正确，C错误．10、CD【解析】电源内部的发热功率Pr=I2r，Pr-I图象是抛物线，而且是增函数，则反映Pr变化的图线是c，故A错误；直流电源的总功率PE=EI，P-I图象的斜率等于电动势E，则有：，故B错误；图中I=2A时，电源内部的发热功率Pr与电源的总功率相等，则有Pr=I2r，得到，故C正确；当电流为0.5A时，根据闭合电路欧姆定律得：，解得：，故D错误．所以CD正确，AB错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D不能【解析】

（1）[1]．根据变压器原理可得闭合K，由于实验时变压器可能为非理想变压器，可能有“漏磁”现象，则可拆变压器的输入电压有效值应选择15V，故选D；（2）[2]．灯泡的额定电压也为6V，实验时变压器可能为非理想变压器，可能有“漏磁”现象，次级电压将会小于6V，灯泡不能正常发光。12、Rx1大于小于【解析】因为，而，故可认为Rx＞＞RA，故应采用图甲电路测量更准确，即Rx1更接近待测电阻的真实值；因为，，U＞UR，I=IR，则，即测量值Rx1大于真实值；因为，，U=UR，I＞IR，则，即测量值Rx2小于真实值；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1），（2）（3）（i）；（ii）；；【解析】

（1）滑块B从释放到最低点，其机械能守恒，有，在最低点，由牛顿第二定律有：，联立解得：，．（2）设A与台阶碰撞前瞬间，A、B的速度分别为vA和vB，取向左为正方向，由动量守恒定律有，若A与台阶只碰撞一次，碰撞后必须满足：，对A应用动能定理有：，解得：．（3）设x=x0时，A左端到台阶板前瞬间，A、B恰好达到共同速度vAB，由动量守恒有，对A应用动能定理有：，解得：，（i）当x≥x0即