湖南省三湘名校2025届高二物理第一学期期中统考模拟试题含解析

湖南省三湘名校2025届高二物理第一学期期中统考模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，小球从距水平地面高为H的A点自由下落，到达地面上B点后又陷入泥土中h深处，到达C点停止运动。若空气阻力可忽略不计，则对于这一过程，下列说法中正确的是（）A．小球从A到B的过程中动能的增量，大于小球从B到C过程中克服阻力所做的功B．小球从B到C的过程中克服阻力所做的功，等于小球从A到B过程中重力所做的功C．小球从B到C的过程中克服阻力所做的功，等于小球从A到B过程与从B到C过程中小球减少的重力势能之和D．小球从B到C的过程中损失的机械能，等于小球从A到B过程中小球所增加的动能2、如下图所示的真空空间中，仅在正方体中的黑点处存在着电荷量大小相等的点电荷，则图中a、b两点电场强度和电势均相同的是A． B． C． D．3、如图所示，电源的内阻不可忽略．已知定值电阻R1=11Ω，R2=8Ω．当开关S接位置1时，电流表的示数为1．21A．那么当开关S接位置2时，电流表的示数可能是下列的哪些值（）A．1．28AB．1．25AC．1．22AD．1．19A4、电子从负极板的边缘垂直进入匀强电场，恰好从正极板边缘飞出，如图所示，现在保持两极板间的电压不变，使两极板间的距离变为原来的2倍，电子的入射方向及位置不变，且要电子仍从正极板边缘飞出，则电子入射的初速度大小应为原来的（）A．B．C．D．25、两个完全相同的绝缘金属球a和b（可视为质点）相距为r，电荷量分别为+3q和+q，两球接触后再分开放回原位置，下列分析正确的是（）A．现在a的电荷量为+2q、b的电荷量为0B．现在a、b的电荷量都为+2qC．此过程中是a球上的电子转移到b球D．现在两球间的库仑力6、金属材料的电阻率有以下特点：一般而言，纯金属的电阻率小，合金的电阻率大；金属的电阻率随温度的升高而增大，有的金属电阻率随温度变化而显著变化，有的合金的电阻率几乎不受温度的影响．根据以上的信息，判断下列的说法中正确的是（）A．电炉、电阻器的电阻丝一般用合金来制作B．连接电路用的导线一般用合金来制作C．电阻温度计一般用电阻率几乎不受温度影响的合金来制作D．标准电阻一般用电阻率随温度变化而显著变化的金属材料制作二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示是某款理发用的电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R构成．当闭合开关S1、S2后，电动机驱动风叶旋转，将空气从进风口吸入，经电热丝加热，形成热风后从出风口吹出．已知电吹风的额定电压为220V，吹冷风时的功率为120W，吹热风时的功率为1000W．关于该电吹风，下列说法正确的是()A．电热丝的电阻为55ΩB．电动机的电阻为ΩC．当电吹风吹冷风时，电热丝每秒钟消耗的电能为120JD．当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为120J8、已知一质量为m的带电液滴，经电压U加速后，水平进入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B中，液滴在此空间的竖直平面内做匀速圆周运动，如图，则()A．液滴在空间可能受4个力作用B．液滴一定带负电C．液滴做圆周运动的半径D．液滴在场中运动时总能量不变9、如图所示，在真空中固定两个等量异号点电荷+Q和-Q,图中O点为两点电荷连线的中点，P点为连线上靠近-Q的一点，MN为过O点的一条线段，M点与N点关于O点对称.下列说法中正确的是（）A．同一个试探电荷在M、N两点所受的电场力相同B．M、N两点的电势相同C．将带正电的试探电荷从M点沿直线移到N点的过程中电荷的电势能先增大后减小D．只将-Q移到P点，其他点在空间的位置不变，则O点的电势降低10、在图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r．在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中：A．电路中的总电流变大B．路端电压变大C．通过电阻R2的电流变小D．通过滑动变阻器R1的电流变小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而增大，某同学为研究这一现象，利用下列实验器材：电压表、电流表、滑动变阻器（变化范围０—１０Ω）、电源、小灯泡、开关、导线若干来设计实验．并通过实验得到如下数据（Ｉ和Ｕ分别表示小灯泡上的电流和电压）.I/A00.120.210.290.340.380.420.450.470.490.50U/V00.200.400.600.801.001.201.401.601.802.00（1）请在上面的方框中画出实验电路图__________.（2）在上图中画出小灯泡的I-U曲线________________.（3）把本题中的小灯泡接到上图所示电路中,若电源电动势E=2.0V,内阻不计,定值电阻R=5Ω,则此时小灯泡的功率是_________W．12．（12分）某物理兴趣小组的同学用图甲所示装置来“验证牛顿第二定律”，同学们在实验中，都将沙和沙桶总重力的大小作为细线对小车拉力的大小，通过改变小桶中砂的质量改变拉力。为使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，实验中需要平衡摩擦力。（1）下列器材中不必要的是_____（填字母代号）。A．低压交流电源B．秒表C．天平（含砝码）D．刻度尺（2）下列实验操作中，哪些是正确的_____（填字母代号）。A．调节滑轮的高度，使牵引小车的细绳与长木板保持平行B．每次实验，都要先放开小车，再接通打点计时器的电源C．平衡摩擦力时，将悬挂小桶的细线系在小车上D．平衡摩擦力时，让小车后面连着已经穿过打点计时器的纸带（3）图乙是某同学实验中获得的一条纸带。A、B、C为三个相邻的计数点，若相邻计数点之间的时间间隔为T．A、B间的距离为x1，A、C间的距离为x2，则小车的加速度a＝_____（用字母表达）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一太阳能电池板，测得其开路电压为800mV，短路电流为40mA．若将该电池板与阻值为60Ω的电阻器连成一闭合电路，则它的路端电压多大？14．（16分）在如图所示的电路中，电源的电动势E=3.0V，内阻r=1.0Ω,电阻R1=10Ω，R2=10Ω，R3=30Ω，R4=35Ω；电容器的电容为500μF．电容器原来不带电．求接通电键S后流过R4的总电荷量．15．（12分）如图所示，光滑的平行导轨间距为L倾角为θ，处在竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，导轨中接入电动势为E、内阻为r的直流电源。电路中有一阻值为R的电阻，其余电阻不计，将质量为m的导体棒由静止释放后沿导轨下滑，求：（1）导体棒在释放瞬间的加速度的大小；（2）若保持通过导体棒的电流不变，改变两导轨间的磁场方向，导体棒能够在导轨上静止，磁感应强度的最小值B0的大小为多少。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：A、取从静止开始释放到落到地面得过程，应用由动能定理得mgH=EkEk=mgH，研究小球陷入泥中的过程，应用由动能定理得mgh﹣wf=0﹣Ekwf为克服泥土阻力所做的功wf=mgh+Ek=mg（H+h），所以AB错误，C正确；D、小球从B到C的过程中损失的机械能为除重力以外的力做的功，即为mg（H+h），大于小球从A到B过程中小球所增加的动能，故D错误．故选C2、C【解析】

A．根据点电荷的电场强度公式，可得a、b两点电场强度大小相等，场强的方向相反，电势是标量，所以a、b两电势相等．故A错误．

B．根据点电荷的电场强度公式，可求得各个点电荷在a、b两点的电场场强大小，再根据矢量的合成，可得a、b两点的电场场强大小不等．故B错误．C．根据点电荷的电场强度公式，得各个点电荷在a、b两点的电场场强大小相等，再根据矢量合成，求出合场强相等，场强的方向相同．a、b两电势相等．故C正确．D．根据点电荷的电场强度公式，可得a、b两点的电场场强大小相等，再根据矢量合成，求出合场强相等，但场强的方向不同．故D错误．3、C【解析】试题分析：当电键S接位置1时，电流表的示数为1．21A，则根据欧姆定律得知：路端电压U1=I1R1=11×1．2V=2V；电键S接2后，电路的总电阻减小，总电流一定增大，所以电流不可能是1．19A，电源的路端电压一定减小；原来路端电压为2V，所以电键S接2后路端电压低于2V，因此电流一定小于1．25A，故只能选C．考点：闭合电路欧姆定律名师点睛：本题要根据闭合电路欧姆定律分析路端电压与外电阻的关系，同时分析总电流与外电路总电阻的关系，可确定出电流表示数的范围进行选择．4、C【解析】对于带电粒子以平行极板的速度从左侧中央飞入匀强电场，恰能从右侧擦极板边缘飞出电场这个过程，假设粒子的带电量e，质量为m，速度为v，极板的长度为L，极板的宽度为d，电场强度为E，极板之间的电压为U；由于粒子做类平抛运动，所以水平方向，竖直方向，，故，若间距d变为原来的两倍，粒子仍从正极板边沿飞出，则电子入射速度大小应为原来的，C正确．5、B【解析】根据同种电荷接触后分开，电量则是平分；若是异种电荷，接触后分开，电量是先中和再平分，由于电荷量分别为+3q和+q，两球接触后再分开，因此a、b的电荷量都为+2q，故A错误，B正确；此过程中是b球上的电子转移到a球上，故C错误；此时两球间的库伦力为：，故D错误．所以B正确，ACD错误．6、A【解析】

A．合金的电阻率大，故电炉、电阻器的电阻丝一般用合金来制作，故A正确；B．纯金属的电阻率小，故连接电路用的导线一般用纯金属来制作，故B错误；C．有的金属电阻率随温度变化而显著变化，故电阻温度计一般用电阻率随温度变化而显著变化的金属材料来制作，故C错误；D．有的合金的电阻率几乎不受温度的影响，故标准电阻一般用合金材料制作，故D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

当吹热风时，电机和电阻并联．电阻消耗的功率为，由可知故A正确；电机为非纯电阻电路故B错误；当电吹风吹冷风时，电热丝处于断路状态，没有电流通过，电热丝每秒钟消耗的电能为0，故C错误；当电吹风吹热风时，电动机M和电热丝R并联，电动机的功率为120W，所以每秒钟消耗的电能，故D正确；综上分析，AD正确．8、BCD【解析】

AB．液滴在竖直平面内做匀速圆周运动，故重力等于电场力，即洛伦兹力提供向心力，所以mg=qE由于电场力的方向与场强的方向相反，故液滴带负电，液滴在空间受到三个力作用，故A错误，B正确；C．洛伦兹力提供向心力，即解得：在加速电场中根据动能定理联立解得：故C正确；D．因电场力与重力相平衡，由洛伦兹力提供向心力，而洛伦兹力总是垂直速度的方向，所以不做功，则在场中运动时总能量不变，故D正确。9、AD【解析】

A．等量异种点电荷的电场的分布具有一定的对称性，如图：

由图可得M、N两点的电场强度相同，F=Eq，电场力相同，故A正确；B．画出过M、N的等势面，如图所示：

电场线从电势高的等势面指向电势低的等势面，故M点的电势大于N点的电势，故B错误；C．将带正电的试探电荷从M点沿直线移到N点的过程中，电场力一直做正功，故电势能一直减小，故C错误；D．等量异种点电荷的连线中垂线是一条等势线，故O点的电势为零；只将-Q移到P点，其它点在空间的位置不变，此时两个电荷连线的中点在O点的左侧，故O点的电势变为负值，故O点的电势降低，故D正确。10、AC【解析】试题分析：在滑动变阻器的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中，滑动变阻器电阻减小，回路中总电阻减小，由欧姆定律可知电路中电流增大，电源内阻分得电压增大，由U=E-Ir可知路端电压减小，A对；B错；R2两端电压减小，流过R2的电流减小，C对；干路电流增大，R2支路电流减小，由此可判断流过电阻R1的电流增大，D错；考点：考查串并联和全电路的欧姆定律和动态变化点评：在闭合电路中能够明确串并联关系是解决此类问题的关键，分析动态变化的步骤是：局部—整体—局部三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.14—0.18W均可得分【解析】（1）测量伏安特性曲线应采用滑动变阻器分压接法；同时电流表采用外接法；答案如图所示：

（2）将各点在图象中描出，如图所示；（3）设灯泡的电压U，电流I，U=E-2IR，代入数据可得：U=2-2I，作U-I图象：与灯泡的特征曲线的交点坐标为灯泡工作时的电压和电流，两者之积为0.47W．12、BAD【解析】

（1）[1]．A．电磁式打点计时器使用的是低压交流电源。故A不符合题意；B．电磁式打点计时器是计时的仪器，不需要秒表。故B符合题意；C．验证牛顿第二定