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新中高级中学2024-2025学年高二上期中考试数学试卷学校:_________姓名:_________班级:__________考号:___________一、填空题(共10题,每题4分,共40分)1.已知m//α,n⊂α,则直线m、n的位置关系为.(填平行、相交、异面)2.已知a向量=-m,6,33.在长方体ABCD-A₁B₁C₁D₁中,F是DC的中点,设AA用a、b、c4.已知向量a=1,-1,05.如图,已知长方体ABCD-A1B则点A1到棱BC的距离是6.已知圆锥的底面半径为3,沿该圆锥的母线把侧面展开后可得到圆心角为2π3的扇形,则该圆锥的高为.7.已知正四棱锥P-ABCD的所有棱长都为2,则此四棱锥体积为.8.如图,已知一个半径为2的半圆面剪去了一个等腰三角形ABC,将剩余部分绕着直径AB所在直线旋转一周得到一个几何体,则该几何体的体积为.9.如图,一个直三棱柱形容器中盛有水,且侧棱AA1=8液面恰好过AC,BC,A1C10.中国古代数学名著《九章算术》中记载:“刍甍者,下有袤有广,而上有袤无广,刍,草也,甍,屋盖也.”翻译为“底面有长有宽为矩形,顶部只有长没有宽为一条棱.刍甍是茅草屋顶.”现有一个刍甍如图所示,其中四边形ABCD为矩形,EF//AB,若13AB=12AD=EF,△ADE和△BCF都是正三角形,所成角的余弦值为.
二、单选题(共3题,每题4分,共12分)11.已知空间向量a=2,1,0,b=A.12b B.12a C.12.如图是一个圆柱,圆柱内有一个内切球,这个球的直径恰好与圆柱的高相等,则球的体积与圆柱的体积之比为(
)A.23 B.23 C.34 D13.如图,在棱长为1的正方体ABCD-A1B1C1D1中,则下列说法中不正确的是(
)
若D1Q//平面A1PDB.不存在Q点,使得D1Q⊥C.当且仅当Q点落在棱CC1上某点处时,三棱锥D.若D1Q=62三、解答题(共4题,共48分)14.(本题满分8分)如图,直三棱柱ABC-A1B1C圆柱的体积是2π,底面直径与圆柱的高相等.(1)求圆柱的侧面积;(2)求三棱柱ABC-A15.(本题满分8分)如图,在棱长为1的正方体ABCD-A1B1C点G在CD上,且CG=14CD.(1)求EF与C(2)求点E到平面AB1C16.(本题满分12分)如图,在四棱锥P-ABCD中,底面是边长为2的正方形,且PB=6点O、Q分别为棱CD、PB的中点,且(1)证明:OQ//平面PAD;(2)求二面角P-AD-Q的大小.17.(本题满分20分)如图,在等腰梯形ABCD中,BC//AD,BC=12AD=2,∠A=60°,E点O,F分别为BE,DE的中点,将△ABE沿BE折起到△A1BE的位置,使得平面A
(1)求证:BE⊥平面A1OC;(2)求直线A1(3)侧棱A1C上是否存在点P,使得BP//平面A1新中高级中学2024-2025学年高二上期中考试数学试卷解析学校:_________姓名:_________班级:__________考号:___________一、填空题(共10题,每题4分,共40分)1.已知m//α,n⊂α,则直线m、n的位置关系为平行或异面.(填平行、相交、异面)1.平行或异面【分析】利用线面平行的定义直接判断即可.【详解】由m//α,得直线m与平面α无公共点,而n⊂α,因此直线m,n没有公共点,所以直线m、n的位置关系为平行或异面.故答案为:平行或异面.2.已知a向量=-m,6,33.在长方体ABCD-A₁B₁C₁D₁中,F是DC的中点,设AA用a、b、c表示A1F=-4.已知向量a=1,-1,0,b=5.如图,已知长方体ABCD-A1B则点A1到棱BC的距离是5cm5.5【分析】根据长方体的性质,结合线面垂直性质以及点线距离定义,可得答案.【详解】连结A1B,如图:在长方体ABCD-A1BA1B⊂平面ABB1A1,所以A1在矩形ABB1A1中,A6.已知圆锥的底面半径为3,沿该圆锥的母线把侧面展开后可得到圆心角为2π3的扇形,则该圆锥的高为6.62【分析】设圆锥的母线为l,高为h,根据圆锥侧面展开图的扇形弧长等于底面周长求出l可得.【详解】设圆锥的母线为l,高为h,底面半径r=3,扇形的半径为l.由已知可得AB的长为2πr=6π,又∠AOB=2π3所以圆锥的高h=l2-r7.已知正四棱锥P-ABCD的所有棱长都为2,则此四棱锥体积为.7.423【分析】求出四棱锥的高,即可得到此四棱锥体积【详解】设底面正方形两条对角线相交于O点,由题可得,PO⊥底面ABCD,在Rt△AOP中,∵AO=2AC=22,AP=2∴PO=AP2故VP-ABCD=13×SABCD公式法:对于规则几何体的体积问题,直接利用公式即可破解;切割法:对于不规则的几何体,可以将其分割成规则的几何体,再利用公式分别求解之后进行相加求和即可;补形法:同样对于不规则的几何体,还可以将其补形成规则图形,求出规则几何体的体积后减去多于部分即可求解,但需注意的是补形后多于部分的几何体也应该是规则的,若不是规则的,此方法不建议使用;等体积法:一个几何体无论怎样变化,其体积是不会发生变化的.如果遇到一个几何他的底面面积和高较难求解时,常常采用此种方法进行解题.8.如图,已知一个半径为2的半圆面剪去了一个等腰三角形ABC,将剩余部分绕着直径AB所在直线旋转一周得到一个几何体,则该几何体的体积为.8.16π求得结果.【详解】由题,△ABC为等腰直角三角形,作CO⊥AB于点O,如图,则△ABC绕着直径AB所在直线旋转一周得到的几何体为两个全等的圆锥AO和BO,由半径为2可得圆锥底面圆半径为CO=2,圆锥的高为2,则圆锥AO的体积为V1半圆面旋转一周形成半径为2的球体,其体积为V2因此剩余部分所形成的几何体的体积为V=V2-29.如图,一个直三棱柱形容器中盛有水,且侧棱AA1=8液面恰好过AC,BC,A1C9.6【分析】根据题意,当侧面AA1B1B水平放置时,水的形状为四棱柱形,由已知条件求出水的体积;当底面ABC水平放置时,水的形状为三棱柱形,设水面高为h,故水的体积可以用三角形的面积直接表示出,计算即可得答案.【详解】根据题意,当侧面AA1B1B水平放置时,水的形状为四棱柱形,底面是梯形,设△ABC的面积为S,则S梯形=34S,水的体积V水=34S×AA1=6S,当底面ABC水平放置时,水的形状为三棱柱形,设水面高为h,则有V水=Sh=故h=6.【点睛】本题考点是棱柱的体积计算,考查用体积公式来求高,考查转化思想以及计算能力,属于基础题.10.中国古代数学名著《九章算术》中记载:“刍甍者,下有袤有广,而上有袤无广,刍,草也,甍,屋盖也.”翻译为“底面有长有宽为矩形,顶部只有长没有宽为一条棱.刍甍是茅草屋顶.”现有一个刍甍如图所示,其中四边形ABCD为矩形,EF//AB,若13AB=12G为AD的中点,则异面直线GE与CF所成角的余弦值为.36【分析】取BC中点M,连接FM,GM,易证AD⊥平面EFMG再由等边三角形可知四边形EFMG为等腰梯形,高为2,建立空间直角坐标系,利用向量法可得异面直线夹角余弦值.【详解】如图所示,设EF=1,取BC中点M,连接FM,GM,则GM//AB,又∵EF//AB,∴EF//GM,又∵△ADE为正三角形,G为AD的中点,∴AD⊥EG,∵GM∩EG=G,且GM,EG⊂平面EFMG,∴AD⊥平面EFMG,易知△ADE≅△BCF,则EG=FM=3,∴四边形EFMG为等腰梯形,高为2,在平面EFMG内,过点G作GM以点G为坐标原点,建立如图所示空间直角坐标系,则G0,0,0,EC-1,3,0,F0,2,2,即GE=即异面直线GE与CF的夹角余弦值为36,故答案为:3二、单选题(共3题,每题4分,共12分)11.已知空间向量a=2,1,0,b=A.12b B.12a C.11.C【分析】根据空间向量的坐标运算求a⋅b,【详解】因为a=2,1,b=12+02+-1如图是一个圆柱,圆柱内有一个内切球,这个球的直径恰好与圆柱的高相等,则球的体积与圆柱的体积之比为(
)A.23 B.23 C.34 12.B【分析】设球的半径为R,根据球、圆柱的体积公式计算可得.【详解】设球的半径为R,则圆柱的底面半径为R,高为2R,所以球的体积V球圆柱的体积V圆柱=πR2×2R=2πR如图,在棱长为1的正方体ABCD-A1B1CQ为正方形BB1C1若D1Q//平面A1PDB.不存在Q点,使得D1Q⊥C.当且仅当Q点落在棱CC1上某点处时,三棱锥D.若D1Q=6213.D【分析】利用线面平行与面面平行的判定定理与性质定理判断A;建立空间直角坐标系,求得平面A1PD的法向量,从而利用线面垂直的向量表示可判断B;利用空间向量法求得点Q到平面A1PD的距离关于x,z的表达式,分类讨论x+z的取值范围求得三棱锥Q-A1PD的体积,从而判断进而求其长度判断D.【详解】选项A,分别取B1C1,CC
由PF与B1C1,A1D1平行且相等得平行四边形A1又D1F⊂平面A1DP,A1P⊂平面A1DP,所以D1F//平面A1DP,同理EF//平面A1DP,又EF∩D1F=F,EF,D1F⊂平面D1EF,所以平面故A正确;选项B,以D1为原点,D1A1,设Qx,1,z0≤x,z≤1,则A1D=-1,0,1,A1P=0,1,12,D1Q=x,1,z,设m使得D1Q=λm,则x=λ1=-λ2z=λ使得D1Q⊥平面A1选项C,△A1PD面积为定值,当且仅当点Q到平面A又A1Q=x-1,1,z,则Q到平面A1PD的距离为则当x+z=0时,d有最大值1;当32≤x+z≤2时,d=23x+z-3综上,当x+z=0时,d取得最大值1,即Q与C1重合时,d取得最大值,三棱锥Q-A1选项D,D1C1⊥平面BB1C所以Q点轨迹是以C1为圆心,22为半径的圆弧,圆心角是π2,则其轨迹长度为14×2π三、解答题(共4题,共48分)14.(本题满分8分)如图,直三棱柱ABC-A1B1C圆柱的体积是2π,底面直径与圆柱的高相等.(1)求圆柱的侧面积;(2)求三棱柱ABC-A(1)4π;(2)2【分析】(1)根据圆柱的体积可求得半径为r=1,代入侧面积公式可得结果;(2)求出三棱柱底面△ABC的面积,再由体积公式可得结果.【详解】(1)设底面圆的直径为2r,则其高也为2r;由题可知,圆柱的体积V=πr2⋅2r=2(2)因为△ABC是等腰直角三角形,底面圆的半径为1,因此边长AB=AC=2,所以三棱柱ABC-A1B(本题满分8分)如图,在棱长为1的正方体ABCD-AE、F分别为DD1、BD的中点,点(1)求EF与C1G所成角的余弦值;(2)求点E到平面AB15.(1)5117;(2).【分析】(1向量的坐标运算,由EF⋅B1C【详解】(1)证明:以DA,DC,DD1所在直线分别为x则根据题意可得:E∴∴cos〈EF,GC1〉=EF⋅∴EF与CG所成角的余弦值为5117(2)∵由三垂线定理得:BD1⊥平面AB1C,∴平面AB1∵AE=-1,0,12,∴点E到平面AB1(本题满分12分)如图,在四棱锥P-ABCD中,底面是边长为2的正方形,且PB=6BC,点O、Q分别为棱CD、(1)证明:OQ//平面PAD;(2)求二面角P-AD-Q的大小.16.(1)证明见解析;(2)π4.【分析】(1)取PA中点G,连接GQ,GD可证OQ//DG,进而OQ//平面PAD;(2)根据已知可证OQ⊥平面ABCD,取AB中点E,以OE,OC,OQ所在直线分别为x,y,z轴建立如图所示的空间直角坐标系O-xyz,由两平面夹角的向量公式可解.【详解】(1)取PA中点G,连接GQ,GD∴点Q为PB中点,∴GQ//AB,GQ=12AB,∵O为CD中点,∴DO//AB,DO=12AB,∴GQ//OD,GQ=OD∴四边形∴OQ//DG,∵OQ⊄平面PAD,GD⊂平面PAD,∴OQ//平面(2)∵DQ⊥平面PBC,BC⊂平面PBC∴DQ⊥BC,又∵底面是边长为2的正方形,∴DC⊥BC,∵DQ∩DC=D,DQ⊂平面DCQ,DC⊂平面DCQ,∴BC⊥平面DCQ,∵OQ⊂平面DCQ,∴BC⊥OQ.又∵CQ⊂平面DCQ,∴BC⊥CQ.∵PB=26,∴QB=6,∵BC=2,∴QC=2,∵∵O为CD中点,∴OQ⊥DC,又∵BC⊥OQ,DC∩BC=C,DC⊂平面ABCD,BC⊂平面ABCD,∴OQ⊥平面ABCD,取AB中点E,以OE,OC,OQ所在直线分别为x,y,z轴建立如图所示的空间直角坐标系O-xyz,则O0,0,0所以AP=设平面PAD法向量为m=x,y,z设平面QAD法向量为n=x1∴n=0,1,-1,cos结合图形可知二面角P-AD-Q为锐角,所以二面角P-AD-Q的大小为π417.(本题满分20分)如图,在等腰梯形ABCD中,BC//AD,BC=12AD=2,∠A=60°,E点O,F分别为BE,DE的中点,将△ABE沿BE
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