黑龙江省齐齐哈尔市中考物理二模试卷（含解析）

一、单项选择题

1.下列关于能源、能量转化及其获取的说法正确的是（）

A.化石能源是可再生能源

B.能量在转化或转移的过程中遵守能量守恒定律

C.太阳能不是清洁能源

D.核能只能通过重核裂变获取

2.关于声现象，下列说法中正确的是（）

A.在城市街道两旁植树种草，这是为了在声源处减弱噪音

B.敲锣时用力越大，声音的音调越高

C.声音唯有在空气中才能传播

D.医生用“B超”检查胎儿的发育情况，利用了声能传递信息

3.自然界的美经常令人陶醉.如图所示的现象中，由于光的反射形成的是（）

日全食

雨后彩虹搭起天桥

水面鸟儿投影成双

在海面上看见水下冰山

4.如图所示是用电热水壶烧水时的情境，有关描述正确的是（

A.壶盖被水蒸气顶起时能量的转化与热机压缩冲程能量的转化相同

B.水沸腾时，继续通电，水的温度会升高

C.壶盖与壶口上方的“白气”是由水蒸气汽化形成的

D.烧水过程中，电能转化为内能

5.如图所示的四个实例中，机械能正在减小的是（）

匀速下降的热气球

加速上升的飞艇

6.将两根电阻丝R、L分别插入甲、乙两瓶等质量煤油中，串联接入电路，R.：R2=2：.通电一段时间

后，R、Rz产生的热量之比为（）

甲乙

A.3：2B.2：3C.4：9D.9：4

7.两个完全相同的容器中分别盛有甲、乙两种液体，将完全相同的两个小球分别放入容器中，当两球静

止时，液面相平，球所处的位置如图所示，甲、乙两种液体对容器底的压强大小为P”，、Pz,则它们的关系

是（）

A.Ptp>Pz.B.P甲VP乙C.Pip=Pz,D.无法确定

8.如图当闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P在图示位置时，小灯泡正常发光，电流表、电压表有示

数.若突然发现电压表的示数变大了，则发生的情况是（）

A.一定是滑动变阻器的滑片P向左移动

B.一定是滑动变阻器发生了断路

C.可能是灯泡发生了断路

D.可能是灯泡发生了短路

9.如图为一高山的等高线图，某登山运动员从A点到达B点时，下列说法正确的是（）

A.运动员的体重变大

B.运动员携带的密封食品袋会胀起

C.运动员的重力势能减小

D.运动员烧水时，水的沸点升高

10.保温瓶中装有1500克0℃的水，然后放进5克-的冰，盖好瓶塞，则（)

A.有少量水会结冰B.有少量冰化成水

C.冰、水质量比不变D.冰、水温度无变化

11.如图所示电路％、V2是相同的电压表，都有两个量程3V和15V.如果闭合开关后，两只电表的指针偏

转角度相同，那么电阻R、Rz阻值可能是（）

A.50Q12.5QB.30Q70QC.7Q28QD.10Q50Q

二、多项选择题

13.“珍爱生命、注意安全”是同学们必须具有的意识，下列有关安全用电的说法中错误的是（）

A.发现有人触电后，应立即用手把触电人拉离电线

B.家用电器或电线着火时，应该迅速用水来灭火

C.雷雨天，人不能在高处打伞行走，否则可能会被雷击中

D.用测电笔辨别火线、零线时，手一定要接触笔尖金属体

14.如图所示，烧瓶中的水加热至沸腾后移开酒精灯，下列说法正确的是（）

A.用注射器往瓶内打气，水继续沸腾

B.用注射器往瓶内打气，水停止沸腾

C.用注射器往瓶外抽气，水继续沸腾

D.用注射器往瓶外抽气，水停止沸腾

15.手握住一个矿泉水瓶，瓶的开口向上静止在手中不动，以下四种说法正确的是（）

A.水瓶静止在手中，是由于竖直方向受到重力和静摩擦力的作用

B.随着手所施加的压力增大，瓶子所受的静摩擦力也增大

C.手握瓶的力增大时，瓶子所受的静摩擦力并未增大

D.若瓶子原来是空瓶，那么向瓶内注水的过程中，瓶仍静止，即使手握瓶的力大小不变，瓶所受的静摩

擦力也将增大

三、填空题

16.如图所示，将一根针插在绝缘底座上，把折成“A”字形的铝箔条水平架在针的顶端.当带电的塑料

棒靠近静止的铝箔条一端时，铝箔条会旋转起来，这表明：带电物体能轻小物体，将塑料棒

取走，铝箔条由于不能立即停止转动.

17.我国名酒五粮液素有“三杯下肚浑身爽，一滴沾唇满口香”的赞誉.有一种精品五粮液，包装盒上标

明容量为500mL,（P,w=0.9X103kg/m3）.它所装酒的质量为kg；如果用此瓶装满水，则总

质量比装满酒时多kg.

18.谷歌公司推出了一款“谷歌眼镜”，它是一个戴在眼睛上的微型电脑，如图所示：使用时要盯着眼前

12mm处的镜片屏幕，上网阅读、观看视频等.它的推出让人惊叹科技的进步，但也带来诸如电磁辐射等负

面影响，长期使用会导致近视，近视眼看远处物体时像成在视网膜的（选填“前方”或“后

方”），需要配戴（选填“凸透镜”或“凹透镜”）来矫正.

19.如图是竖直向上抛出的小球上升过程中每隔相等的时间曝光一次所得的照片.从图中可以判断：小球

在a、b位置间的平均速度（选填“大于”、“小于”或“等于"）在c、d位置间的平均速

度：在上升过程中，小球的重力势能（选填“逐渐增大”、“逐渐减小”或“不变”）.

8

0

0

o

O

Oa

20.小亮去超市，走到电梯前发现电梯运动较慢，当他站在电梯上时电梯运动又快了起来.小亮根据所学

的知识，画出如图所示的电路（R是一个压敏电阻）.小亮分析：当人站在电梯上，压敏电阻的阻值减小，

则电磁铁的磁性变，衔铁与触点“2”接触，电动机的转速变.

21.如图，在“测滑轮组机械效率”实验中，物体重G=5.4N.实验时要竖直向上且匀速拉动拉动弹簧测力

计.若物体上升高度为10cm,此时弹簧测力计的示数如图所示，则滑轮组的机械效率是.若

仅减小物体的重量，滑轮组的机械效率将（填''增大"、“减小”或“不变”）（不计摩

擦）.

22.如图甲是一种电热暖手宝，其主要参数如图乙所示.袋内通常用水来当吸热或放热的物质，因为水的

较大；使用前要先给其通电加热，如果在额定电压下加热lOmin,暖手宝内水的温度由原来的5℃上升至

65℃,指示灯熄灭，电热暖手宝的发热效率为.

主景分H

袋内方的质量：

网定电压：220V

限定功掌：500W

自硼升温度：6匹

乙

23.一物体的质量为2kg,体积为3X10%,将其浸没在水中松手后，物体将,静止时物体

受到的浮力是N.（取g=10N/kg）

24.如图所示，早晨的太阳光斜射到一块水平放置的平面镜上，经镜面反射后，反射角为

随着时间的推移，从早晨到中午，反射角将（选填“增大”、“不变”或“减小”）•

25.如图（甲）所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V.闭合开关S后，当滑片P从最右端滑

到最左端的过程中，小灯泡的I-U关系图象如图（乙）所示.则小灯泡的额定功率为W,滑

动变阻器的最大阻值为Q.

26.A、B是两个完全相同的物体，物体C与A、B体积相等，将它们放入同种液体中，静止时的状态如图所

示.若它们所受的浮力大小分别为FA、FB、FC,则3%,FBFc.（选填“〉”、

“V”或“=”）

27.如图所示，电路电源电压不变，灯L上标有“18V18『'的字样.当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P

3

移到a端时，灯L正常发光，电流表示数为2.5A.当开关S断开、滑动变阻器的滑片P移到距a端4b长

度的c处时，电压表示数为15V,则电源的电压为V,滑动变阻器的最大电阻为

Q.开关S断开，滑动变阻器的滑片P在c处时，灯L的功率为W.（灯泡的电阻不变）

尸.

四、实验与探究题（28题4分，29题7分，30题7分，共18分）

28.小亮用如图装置探究凸透镜成像的规律，所以凸透镜焦距为10cm.

（1）点燃蜡烛后，发现烛焰的像成在光屏的上方，此时他应将凸透镜向（选填"上”或

“下”）移动，使烛焰的像成在光屏的中央，此时会看到一个倒立、缩小的实像.生活中的

就是应用了此成像规律制成的.

（2）小亮仍将凸透镜在光具座50cm刻线处，将蜡烛移到35cm刻线处，同时将光屏向（选填

“左”或“右”）移动，直到在光屏上再次看到像后，正确测出了像距.

（3）小红用同样的实验器材做该实验，她将点燃的蜡烛、凸透镜固定好位置后，无论怎样移动光屏，在光

屏中心都只能看到一个大小不变的圆形光斑，你认为可能出现的原因应该是.

29.小池是一名天文爱好者，他淘到一小块“陨石”，但它的真实性和陨石的种类难以确认.恰逢学校物

理实验课要求测量物体的密度，小池就对这块“陨石”的密度进行了测量如图，想要通过密度来鉴别其真

（1）他把天平放在水平桌面上，游码拨到零刻度线，调节使天平平衡，然后将“陨石”放在

左盘中，在右盘中增减祛码，当加入最小祛码时，发现指针指在盘中央刻度线如图甲所示，他接下来的操

作是.

（2）天平平衡后，祛码质量和游码对应刻度如图乙所示，则“陨石”的质量为g.

（3）小池查阅资料发现“陨石”有吸水性，经思考后，他先将“陨石”放入盛水的烧杯中足够长时间，再

取出来擦干表面的水，放入盛有40ml水的量筒中，水面升高至如图丙所示，他这样做的目的可以避免因

“陨石”吸水而使其密度测量值（选填“偏大”“偏小”或“准确”）；小池测出“陨石”

的密度P=kg/m3.

（4）若实验室量筒打碎了，小池思考后，采取了以下步骤测量陨石的体积如图丁，先将吸足水的“陨石”

放入盛水的烧杯中，把小石块浸没，在水面到达的位置做上标记；接着取出小石块，测得烧杯和水的总质

量为叫；最后往烧杯中加水，直到标记处，再测出此时烧杯和水的总质量为012,则陨石的体积为

（用字母表示，水的密度用P水表示）.

（5）下列实验或研究中所用方法与图丁中测陨石体积的方法相同的是

A.探究平面镜成像时，使蜡烛B与蜡烛A的像完全重合来研究像与物的大小关系；

B.研究光线时，引入光线的概念；

C.探究压力的作用效果与受力面积之间的关系时，控制压力的大小相同.

30.在测量小灯泡电功率的实验中，电源电压为4.5V,小灯泡的额定电压为2.5V,小灯泡正常发光时的电

阻约为10Q.

（1）请你用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整.要求：当滑动变阻器的滑片向左移动时，连

入电路的电阻变大；连线不得交叉.

（2）小宇同学闭合开关，移动滑片P到某一位置时，电压表示数（如图乙所示）为V,若他

想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑动变阻器的滑片P向（选填"A”或"B”）端移动，

使电压表的示数为2.5V.

（3）小宇同学继续移动滑片P,记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I-U关系图

象,根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是W,还可以得出：小灯泡的实际功率随实

际电压的增大而（选填“增大”、“减小”或“不变”）•

（4）小叶同学按同一电路连接好最后一根导线，灯泡立即发出明亮耀眼的光，并很快熄灭，检查后发现连

线正确，请你找出她在实验中两个操作不当之处是：①；②.

五、分析与交流题（31题5分，32题5分，33题10分）

31.同学们在研究“电流热效应跟电阻的关系”的实验中，在全班交流实验设计结果时小红和小亮所用的

实验器材相同，她俩公布了自己不同的设计方案并得出了完全相反的实验结论.

小红的设计方案：

提出问题：电流通过导体产生的热量跟电阻有什么关系？

猜想与假设：电流通过导体产生的热量跟电阻可能成正比.

设计实验：按图甲所示，连接电路（R.VRB）,通过一段时间后，观察到A瓶温度比B瓶温度低.

实验结论：电流通过导体产生的热量跟电阻成正比.

小亮的设计方案：

提出问题：电流通过导体产生的热量跟电阻有什么关系？

猜想与假设：电流通过导体产生的热量跟电阻可能成反比.

设计实验：按图乙所示，连接电路（LVRB）,通电一段时间后，

实验结论：电流通过导体产生的热量跟电阻成反比.

请回答下面的问题：

（1）请你观察小红和小亮设计的两个电路，请简要说明她俩的设计有什么不同之处？

（2）得出相反结论的原因？（用公式分析）

（3）简要评价她俩的“猜想与假设”是否存在缺陷，如何补充完整？

小红的猜想：；

小亮的猜想：

ES

乙

32.如图所示是高台滑雪运动员在空中滑行的情景.

（1）我们发现其特有的姿势与滑雪板的组合构造与飞机的机翼很相似，其目的是能在空中滑行更远的距

离.不仅是因为能减小空气的阻力，而且从流体的角度来说：从运动员背上流过的空气流速

（填等于、大于或小于）从滑雪板下面流过的空气流速，从而产生（填向上或向下）的压力

差；

（2）滑雪板做的又宽又长是为了（从压强的角度分析）；

（3）运动员从最高处下落时（从机械能转化的角度分析）.

六、综合与应用题（33题7分，34题8分，共15分）

33.为应对菲律宾对我国领土“黄岩岛”的不断挑衅，中国“向阳红06”海监船已启程赴南海维权，如图

所示.“向阳红06”船总长91米、船宽14.7米、船底深7.6米，满载排水量4900吨，最大航速13.5节

（约25km/h）,续航力15000海里，是一艘装备精良的现代化综合海监船.（海水的密度为1.OXlO,kg/n?,

g取10N/kg）

（1）满载时，“向阳红06”船受到的浮力有多大？

（2）若船底某处距海面的深度为6m,则该处受到海水的压强是多少？

（3）“向阳红06”船在某处执行任务时，以18km/h的速度匀速航行6小时，巡航的路程为多少km?若巡

航时海水阻力为1.OXIO,牛顿，则这一过程中船的推进力所做的功为多少？

34.生活中大多数电热器都有多个档位，学习了电功率知识后，小锐同学利用电压为6V的电源，两个阻值

不同的定值电阻，设计了如图所示的电路来探究电热器多档位的问题.已知Ri=10Q,Rz=30Q,请计算：

(1)Si、S2断开，S：,闭合时，电路中的电流是多少？

(2)Si断开，Sz、S3闭合时,通电5min电路消耗的电能是多少？

(3)该电路的最大功率和最小功率之比是多少.

2015年黑龙江省齐齐哈尔市建华区中考物理二模试卷

参考答案与试题解析

一、单项选择题

1.下列关于能源、能量转化及其获取的说法正确的是（）

A.化石能源是可再生能源

B.能量在转化或转移的过程中遵守能量守恒定律

C.太阳能不是清洁能源

D.核能只能通过重核裂变获取

【考点】能源的分类；能量守恒定律；核能.

【专题】能源的利用与发展.

【分析】（1）能从自然界源源不断获得或可重复利用的能源是可再生能源；不能从自然界源源不断获得或

不可重复利用的能源是不可再生能源；

（3）所谓清洁能源是指污染环境少的可再生能源，且大多数为一次能源，包括太阳能、风能、水能、海洋

能、生物能、地热能等等.只有少数二次能源，如氢能等；

（2）能量守恒定律：能既不会消灭，也不会创生，它只会从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体

转移到另一个物体上，在转移和转化过程中，能的总量保持不变；

（4）核能是由原子核裂变和聚变形成的.

【解答】解：

A、化石能源指的是亿万年前的大量生物经过地壳变化，被埋藏在地下，受地层压力和温度的影响，缓慢

地形成的可以燃烧的矿物质，在短时间内不能再生，是不可再生能源，故A错误；

B、在能的转化和转移的过程中，能量的总量保持不变，这就是能量守恒定律，故B正确；

C、太阳能可以直接被人类获取使用，属于清洁能源，故C错误；

D、获得核能的方式有核裂变和核聚变，故D错误.

故选B.

【点评】本题考查学生对能量和能源等相关知识的掌握情况，属于基础内容的考查，比较简单.

2.关于声现象，下列说法中正确的是（）

A.在城市街道两旁植树种草，这是为了在声源处减弱噪音

B.敲锣时用力越大，声音的音调越高

C.声音唯有在空气中才能传播

D.医生用“B超”检查胎儿的发育情况，利用了声能传递信息

【考点】防治噪声的途径；响度与振幅的关系；声与信息.

【专题】声现象.

【分析】（1）防治噪声的途径：在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；

（2）音调指声音的高低，是由物体振动的频率决定的，响度指声音的强弱，是由物体振动的振幅决定的；

（3）声音的传播需要介质，固体、液体、气体都可以传播声音；

（4）声音既能传递信息，又能传递能量.

【解答】解：A、在城市街道两旁植树种草，属于在传播过程中减弱噪声，该选项说法不正确；

B、敲锣时，用力越大，振幅越大，响度越大，该选项说法不正确；

C、固体、液体、气体都可以传播声音，该选项说法不正确；

D、医生用“B超”检查胎儿的发育情况，利用了声能传递信息，该选项说法正确.

故选D.

【点评】本题考查了声音的相关知识，内容比较简单，属于基础知识的考查.

3.自然界的美经常令人陶醉.如图所示的现象中，由于光的反射形成的是（）

A.

日全食

雨后彩虹搭起天桥

水面鸟儿投影成双

在海面上看见水下冰山

【考点】光的反射.

【专题】光的传播和反射、平面镜成像.

【分析】要解决此题，需要掌握光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的.

要掌握光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像

都是光的折射.

要掌握光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的.

【解答】解：A、月球转到太阳和地球中间并且三者在一条直线上时，月球挡住了太阳照射在地球上的光

线，地球处在月球的影子里，这就形成了日食.属于光的直线传播，故与题意不符.

B、雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，故与题意不

符.

C、水面鸟儿投影成双，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意.

D、从水中冰山上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的

方向看时，看到的是冰山的虚像，比实际位置偏高，故与题意不符；

故选C.

【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了

生活处处是物理的理念.

4.如图所示是用电热水壶烧水时的情境，有关描述正确的是（）

A.壶盖被水蒸气顶起时能量的转化与热机压缩冲程能量的转化相同

B.水沸腾时，继续通电，水的温度会升高

C.壶盖与壶口上方的“白气”是由水蒸气汽化形成的

D.烧水过程中，电能转化为内能

【考点】电功的实质；沸腾及沸腾条件；液化及液化现象；内燃机的四个冲程.

【专题】应用题.

【分析】①做功可以改变物体的内能，当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转

化为机械能.判断出A是否符合题意.

②本题考查的知识点是沸腾时的特点，吸收的热量用来汽化，温度保持不变.

③物质由气态变为液态的过程叫液化，“白气”是液态的小水珠，是水沸腾时产生的水蒸气遇冷液化形成

的.

④做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外.用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电

流做功的过程.

【解答】解：

①烧开水时，壶盖被水蒸气顶起，是水蒸气对壶盖做功的结果，因此这时水蒸气的内能转化为壶盖的机械

能；压缩冲程活塞向上运动，压缩燃料混合物对其做功，使气缸内的气体的内能增加，温度升高，因此是

将机械能转化为内能.所以A说法错误，不符合题意.

②水沸腾时，需要继续吸收热量，但温度保持不变.所以B说法错误，不符合题意.

③水沸腾时看到壶盖与壶口上方的“白气”，这是水沸腾产生大量的水蒸气，水蒸气上升遇冷液化形成

的.所以C说法错误，不合题意.

④电热水壶烧水时消耗了电能，从而使水的温度升高获得了内能，是把电能转化为内能，所以D说法正

确，符合题意.

故选D.

【点评】①解决此类问题要结合改变物体内能的方式和能量的转化进行分析解答.

②本题考查了水的沸腾现象，液体在沸腾时要吸热，温度不变.

③本题考查了学生对：液化及其现象的了解和掌握.该习题是日常生活中的常见现象，本题体现了物理来

源于生活的理念.

④本题考查了学生对：常见的家用电器的能量的转化的了解和掌握.

5.如图所示的四个实例中，机械能正在减小的是（）

A.

蓄势待发的火箭

B.

水平匀速飞行的飞机

致

（.一

匀速下降的热气球

5

D.

加速上升的飞艇

【考点】机械能.

【专题】功和能综合题.

【分析】（1）动能大小跟质量、速度有关.质量一定时，速度越大，动能越大；速度一定时，质量越大，

动能越大.

（2）重力势能大小跟质量、被举得高度有关.被举得高度一定时，质量越大，重力势能越大；质量一定

时，高度越高，重力势能越大.

（3）物体不发生弹性形变时，机械能=动能+重力势能.

【解答】解：A、蓄势待发的火箭，火箭质量不变，速度不变，动能不变；高度不变，重力势能不变.火箭

不发生弹性形变，而机械能=动能+重力势能，所以机械能不变.选项错误.

B、水平匀速飞行的飞机，飞机质量不变，速度不变，动能不变；高度不变，重力势能不变.飞机不发生

弹性形变，而机械能=动能+重力势能，所以机械能不变.选项错误.

C、匀速下降的热气球，气球质量不变，速度不变，动能不变；高度变小，重力势能变小.飞机不发生弹

性形变，而机械能=动能+重力势能，所以机械能变小.选项正确.

D、加速上升的飞艇，飞艇质量不变，速度变大，动能变大；高度变大，重力势能变大.飞艇不发生弹性

形变，而机械能=动能+重力势能，所以机械能变大.选项错误.

故选C.

【点评】握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法能判断动能、重力势能、弹性势能、

机械能的变化.

6.将两根电阻丝R、R,分别插入甲、乙两瓶等质量煤油中，串联接入电路，RI：R2=2：3.通电一段时间

后，Ri、Rz产生的热量之比为（）

A.3：2B.2：3C.4：9D.9：4

【考点】焦耳定律的计算公式及其应用.

【专题】电与热、生活用电.

【分析】利用串联电路中电流相等，并两电阻的加热时间也相同，将已知条件代入公式Q=『Rt便可得出结

论.

【解答】解：由图知，两电阻丝串联，所以通过两电阻丝的电流和通电时间相等，根据公式Q=1Rt,则产

生的热量之比等于电阻之比2：3.

故选B.

【点评】此题考查了对焦耳定律公式的掌握，根据串联的知识得出电流和通电时间相等，是解决此题的关

键.

7.两个完全相同的容器中分别盛有甲、乙两种液体，将完全相同的两个小球分别放入容器中，当两球静

止时，液面相平，球所处的位置如图所示，甲、乙两种液体对容器底的压强大小为P”，、1>乙，则它们的关系

是（）

冒鼠

甲乙

A.P（F>Pz.B.P，|VPaC.P产Pz,D.无法确定

【考点】压强大小比较.

【专题】压强、液体的压强.

【分析】根据液体对容器底的压强大小P=Pgh可知：则液体高度相同，分析P就可以，密度根据物体的

漂浮的条件即可判断液体的密度.

【解答】解:

完全相同的两个小球放入两容器中，当两球静止时，甲容器小球漂在表面上，说明中的密度大于小球的密

度；

而乙容器的小球在水中悬浮，所以乙的密度等于小球的密度，故甲的密度大于乙的密度；

根据公式P=Pgh可知，深度相同时，甲的密度大于乙的密度，则甲液体对容器底的压强大，即P,>Pz；

故A选项符合题意，B、C、D选项不符合题意.

故选A.

【点评】此题考查液体压强公式及物体的沉浮条件，关键是知道物体密度大于液体的密度时，物体会下

沉；物体密度等于液体的密度时，物体会悬浮；物体密度小于液体的密度时，物体会上浮.

8.如图当闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P在图示位置时，小灯泡正常发光，电流表、电压表有示

数.若突然发现电压表的示数变大了，则发生的情况是（）

A.一定是滑动变阻器的滑片P向左移动

B.一定是滑动变阻器发生了断路

C.可能是灯泡发生了断路

D.可能是灯泡发生了短路

【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用.

【专题】电流和电路.

【分析】分析电路图知：灯泡和滑动变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量滑动变阻器两端电

压.

A、滑片P向左移动时;根据串联电路的特点和欧姆定律分析电路中电阻的变化，再判断电压表示数的变化

情况；

B、当滑动变阻器断路时，滑动变阻器与小灯泡串联接入电路，电压表测量电源电压，可以判断电压表示

数变化情况；

C、当灯泡断路时，电路开路，电压表开路，电压表无示数；

D、当灯泡发生短路时，只有滑动变阻器接入电路，电压表测量电源电压，可直接判断电压表示数变化情

况；

【解答】解：

（1）滑动变阻器的滑片P向左移动，接入电路电阻增大，因为两端电压与其阻值成正比，所以电压表示数

增大；

如果灯泡短路，电源电压全部加在滑动变阻器两端，电压表测量电源电压，所以示数增大；

如果滑动变阻器发生了断路，电压表与小灯泡串联接入电路，电压表的示数也会增大，接近电源电压；

综上所述，滑片P左移、灯短路、滑动变阻器断路都可造成电压表示数变大，故选项AB不符合题意，选项

D符合题意；

（2）如果灯泡发生断路，整个电路断路，电压表示数减小为零.此选项不符合题意；

故选：D.

【点评】电压表与滑动变阻器并联，如果示数变大，原因有三：滑动变阻器断路，电压表测量电源电压;

其它串联用电器短路，电压表测量电源电压；滑动变阻器接入电路电阻变大，电压与电阻成正比相应增

大.

9.如图为一高山的等高线图，某登山运动员从A点到达B点时，下列说法正确的是（）

A.运动员的体重变大

B.运动员携带的密封食品袋会胀起

C.运动员的重力势能减小

D.运动员烧水时，水的沸点升高

【考点】大气压强与高度的关系.

【专题】气体的压强、流体压强与流速的关系.

【分析】根据地理课所学等高线知识来看图，B点海拔2000m,A点海拔1000m,即B点比A点高.根据重

力与质量关系、重力势能与高度关系、大气压强与高度的关系的知识点来判断.

【解答】解：A、人的体重是指质量，质量是物体自身的性质，不随位置变化，故A错误；

B、大气压强随高度的升高而减小，所以由于密封食品袋内气压大于外界气压胀起，故B正确；

C、运动员的重力势能与质量、高度两因素有关，当质量一定时，高度升高，重力势能变大，故C错误；

D、大气压强随高度升高而减小，水的沸点随气压的减小而降低，故D错误.

故选B.

【点评】各学科知识之间是有联系的.本题要求掌握重力势能与高度的关系，大气压强与高度的关系，液

体沸点与大气压的关系.

10.保温瓶中装有1500克的水，然后放进5克-1℃的冰，盖好瓶塞，则（）

A.有少量水会结冰B.有少量冰化成水

C.冰、水质量比不变D.冰、水温度无变化

【考点】熔点和凝固点.

【专题】温度计、熔化和凝固.

【分析】晶体凝固的条件是：达到凝固点，放出热量.

【解答】解:

水温为0℃,当向瓶中放入一小块-1℃的冰块后，冰块吸收热量，温度升高但不会熔化；水温已经达到

0℃、即其凝固点，再放出热量就会结冰.所以会有少量水结冰，温度仍为0C.

故选A.

【点评】此题考查的是晶体凝固的条件，知道晶体达到凝固点，再放热就会凝固，是解答此题的关键.

11.如图所示电路％、Vz是相同的电压表，都有两个量程3v和15V.如果闭合开关后，两只电表的指针偏

转角度相同，那么电阻Ri、R阻值可能是（）

A.50。12.5QB.30。70QC.7028QD.10。50Q

【考点】欧姆定律的应用.

【专题】欧姆定律.

【分析】由电路图可知，电压表V,测电源的电压，电压表明测R两端的电压，根据串联电路的电压特点和

两只电表的指针偏转角度相同确定两电压表的量程，再根据大量程是小量程示数的五倍得出两电阻两端的

电压关系，利用串联电路各处的电流相等和欧姆定律求出两电阻的阻值之比结合选项即可得出答案.

【解答】解：

由电路图可知，电阻R、R2串联，电压表5测电源的电压，电压表％测R两端的电压;

因为串联电路总电压等于各分电压之和，且两只电表的指针偏转角度相同，

所以，V?的量程为0〜15V,%的量程为0〜3V,

因为大量程是小量程示数的5倍，所以，U=5U”则U2=4U”

因为串联电路各处的电流相等，

卫U150工

RuZTRZ4

所以，由1=可得：2="=J;

Rl50Q4

不适京"工

A、/==,故A错误;

%30Q3

y70Q7

B、2==,故B错误；

Rt221

C,==,故C有可能;

R[1

司萨上故D错误.

1）、

故选C.

【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是电压表量程的选择和知道指针偏转角度相

同时电压表大量程的示数为小量程示数的五倍.

12.用下列简单机械，使重量同为G的物体都处于静止状态，其中用力最大的是（均不计摩擦）（）

A.FiB.F2C.F3D.F4

【考点】杠杆的平衡条件.

【专题】简单机械.

【分析】不计摩擦和机械自重，知道动力臂和阻力臂的大小关系，利用杠杆平衡条件求H、庄的大小;

使用定滑轮不省力，求出自；使用动滑轮省一半力，求出F,；通过比较得出哪个用力最大.

【解答】解：由题知，不计摩擦和机械自重，

A、由于杠杆平衡，动力臂大于阻力臂，所以M<G；

B、由于杠杆平衡，动力臂小于阻力臂，所以R>G；

C、使用定滑轮，F3=G；

1

D、使用动滑轮，F,=2G；

由以上分析可知，用力最大的是B；

故选:B.

【点评】本题考查了杠杆的平衡条件、定滑轮和动滑轮的特点，确定力臂大小关系是关键.

二、多项选择题

13.“珍爱生命、注意安全”是同学们必须具有的意识，下列有关安全用电的说法中错误的是（）

A.发现有人触电后，应立即用手把触电人拉离电线

B.家用电器或电线着火时，应该迅速用水来灭火

C.雷雨天，人不能在高处打伞行走，否则可能会被雷击中

D.用测电笔辨别火线、零线时，手一定要接触笔尖金属体

【考点】安全用电原则.

【专题】电与热、生活用电.

【分析】（1）发现有人触电后，应先切断电源或使人脱离带电体；

（2）家用电器着火时，应先切断电源再灭火；

（3）雷雨天，人不能在高处打伞行走，否则可能会被雷击中；

（4）使用试电笔时，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体.

【解答】解：A、发现有人触电后，应先切断电源或使人脱离带电体，若用手直接去拉，会使施救者也触

电，故A错误；

B、家用电器着火时，应先切断电源再灭火，若直接用水灭火易引发触电，故B错误；

C、雷雨天，人不能在高处打伞行走，否则有被雷击中的危险，故C正确；

D、使用试电笔时，手要接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属体，故D错误.

故选ABD.

【点评】此题考查的是日常生活中的一些安全用电常识.只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操

作，就不会有危险发生.

14.如图所示，烧瓶中的水加热至沸腾后移开酒精灯，下列说法正确的是（）

A.用注射器往瓶内打气,水继续沸腾

B.用注射器往瓶内打气,水停止沸腾

C.用注射器往瓶外抽气,水继续沸腾

D.用注射器往瓶外抽气,水停止沸腾

【考点】沸点及沸点与气压的关系.

【专题】汽化和液化、升华和凝华.

【分析】（1）液体沸腾的条件是：液体温度达到沸点，液体继续吸热，液体沸腾时温度保持不变;

（2）液体的沸点与气体的压强有关，压强越大，液体沸点越高，压强越小,液体沸点越低，减小压强液体

沸点降低.

【解答】解：烧瓶中的水加热至沸腾后移开酒精灯，水不能继续吸收热量；

A、用注射器往瓶内打气,气体压强变大,水的沸点升高,水不能继续吸热,水将停止沸腾，故A错误;

B、用注射器往瓶内打气,气体压强变大,水的沸点升高,水不能继续吸热,水将停止沸腾，故B正确;

C、用注射器往瓶外抽气,气体压强变小,水的沸点降低,水继续沸腾，故C正确;

D、用注射器往瓶外抽气,气体压强变小,水的沸点降低,水继续沸腾，故D错误;

故选BC.

【点评】本题是一道基础题，知道液体沸腾的条件、影响液体沸点的因素是正确解题的前提与关键.

15.手握住一个矿泉水瓶，瓶的开口向上静止在手中不动，以下四种说法正确的是（）

A.水瓶静止在手中，是由于竖直方向受到重力和静摩擦力的作用

B.随着手所施加的压力增大，瓶子所受的静摩擦力也增大

C.手握瓶的力增大时，瓶子所受的静摩擦力并未增大

D.若瓶子原来是空瓶，那么向瓶内注水的过程中，瓶仍静止，即使手握瓶的力大小不变，瓶所受的静摩

擦力也将增大

【考点】二力平衡条件的应用.

【专题】运动和力.

【分析】用手握住矿泉水瓶保持静止，处于平衡状态，受到的力为平衡力；再根据二力平衡条件：作用在

同一个物体上的两个力大小相等，方向相反，且作用在同一直线上进行解答.

【解答】解：

A、矿泉水瓶静止在手中不动，说明瓶子处于平衡状态，即矿泉水瓶受到竖直向下的重力和竖直向上的摩

擦力；由于静止而受到的摩擦力叫静摩擦力；故A正确；

BC、矿泉水瓶静止在手中不动，说明瓶子处于平衡状态，所受合力为0,所以手对矿泉水瓶的摩擦力等于

矿泉水瓶的重力；故B错误，C正确；

D、向瓶内注水的过程中瓶仍静止不动，说明瓶子处于平衡状态，所受合力仍然为0,所以手对矿泉水瓶的

摩擦力等于矿泉水瓶和水的总重力；由于注水使瓶的总重力增大，因此即使手握瓶的力大小不变，瓶所受

的静摩擦力也将增大.故D正确.

故选ACD.

【点评】此题主要考查学生对二力平衡条件的应用的理解和掌握，此题难度不大，属于基础题.解答时特

别要注意静摩擦力和其它摩擦力的区别.

三、填空题

16.如图所示，将一根针插在绝缘底座上，把折成“A”字形的铝箔条水平架在针的顶端.当带电的塑料

棒靠近静止的铝箔条一端时，铝箔条会旋转起来，这表明：带电物体能吸引轻小物体,将塑料棒取

走，铝箔条由于惯性不能立即停止转动.

【考点】物体带电现象；惯性.

【专题】电流和电路；运动和力.

【分析】（1）带电物体能吸引轻小物体，这是带电物体的基本性质；

（2）任何物体都具有惯性，惯性是保持物体运动状态不变的性质.

【解答】解：（1）当带电的塑料棒靠近静止的铝箔条一端时，铝箔条会旋转起来，说明铝箔条受到了带电

塑料棒的吸力的作用，这表明：带电物体能吸引轻小物体；

（2）将塑料棒取走，没有了引力，由于惯性，铝箔条不能立即停止运动.

故答案为：吸引；惯性.

【点评】本题考查带电体的特点及惯性，把握惯性概念、带电体的特点是解答此题的关键.

17.我国名酒五粮液素有“三杯下肚浑身爽，一滴沾唇满口香”的赞誉.有一种精品五粮液，包装盒上标

33

明容量为500mL,（Pffl=0.9X10kg/m）,它所装酒的质量为0.450；如果用此瓶装满水，则总质量

比装满酒时多0.05kg.

【考点】密度公式的应用.

【专题】密度及其应用.

【分析】（1）酒的质量可用酒的密度乘以酒瓶的容量即酒的体积得出；

（2）用水的密度乘以瓶子的容量求出装满水时水的质量，减去酒的质量就可求得答案.

【解答】解：（1）由P=M得，酒的质量：

mMPffiV=0.9X103kg/m3X500X10'bm3=0.45kg

（2）装满水时水的质量：

m*=p*V=1.0X103kg/mlX500X10bm3=0.5kg

m*-m酒=0.5kg-0.45kg=0.05kg.

故答案为：0.45；0.05.

【点评】此题考查的是有关密度的计算，需要注意的是装满水时水的体积和装满酒时酒的体积是相等的，

都等于瓶子的容量.

18.谷歌公司推出了一款“谷歌眼镜”，它是一个戴在眼睛上的微型电脑，如图所示：使用时要盯着眼前

12mm处的镜片屏幕，上网阅读、观看视频等.它的推出让人惊叹科技的进步，但也带来诸如电磁辐射等负

面影响，长期使用会导致近视，近视眼看远处物体时像成在视网膜的前方（选填“前方”或“后

方”），需要配戴凹透镜（选填“凸透镜”或“凹透镜”）来矫正.

【考点】近视眼的成因与矫正办法.

【专题】透镜及其应用.

【分析】（1）近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体是因为晶状体太厚或眼球太长，使像成在视

网膜的前方.

（2）近视眼戴凹透镜使光线发散一些，使像成在视网膜上.

【解答】解：近视眼看不清楚远处的物体，原因是远处物体的像成在视网膜的前方，但是我们可用发散作

用的凹透镜矫正，使光线会聚能力减弱，能使像成在视网膜上，能看清物体.

故答案为：前方；凹透镜.

【点评】本题考查了近视眼的成因和矫正方法，本题与学生的实际生活联系密切，能够体现从物理走向生

活的理念.

19.如图是竖直向上抛出的小球上升过程中每隔相等的时间曝光一次所得的照片.从图中可以判断：小球

在a、b位置间的平均速度大于（选填“大于”、“小于”或“等于"）在c、d位置间的平均速度：

在上升过程中，小球的重力势能逐渐增大（选填“逐渐增大”、“逐渐减小”或“不变”）.

Ob

Oa

【考点】变速运动与平均速度；动能和势能的大小变化.

【专题】长度、时间、速度；机械能及其转化.

【分析】（1）比较物体运动快慢的方法：一是在相同时间内比路程，路程越大，速度越大；二是在相同路

程内比时间，时间越短速度越大；

（2）重力势能的大小和物体的质量、高度有关.

【解答】解：（1）由图可以看出，在相同时间内，小球在ab位置间运动的路程大于小球在cd间运动的路

程，所以小球在a、b位置间的平均速度大于在c、d位置间的平均速度；

（2）在上升过程中，小球的质量不变，高度逐渐变大，所以小球的重力势能逐渐增大.

故答案为：大于；逐渐增大.

【点评】此题主要考查的是学生对速度大小的比较方法和重力势能影响因素的理解和掌握，基础性题目.

20.小亮去超市，走到电梯前发现电梯运动较慢，当他站在电梯上时电梯运动又快了起来.小亮根据所学

的知识，画出如图所示的电路（R是一个压敏电阻）.小亮分析：当人站在电梯上，压敏电阻的阻值减小，

则电磁铁的磁性变强，衔铁与触点“2”接触，电动机的转速变快.

【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素.

【专题】磁现象、电生磁.

【分析】本题中有两个电路，左侧为压敏电压与电磁铁串联，右侧为电机控制电路，当衔铁与触点1接触

时，R与电机串联，当衔铁与触点2接触时，电阻断路，电机中电压增大.

【解答】解：

当人站在电梯上时，R的阻值减小，电路中电流增大，电磁铁变强，则衔铁被吸下，与触点2接触，则电机

上的电压增大，电动机转速变快.

故答案为：强；快.

【点评】本题考查应用物理知识解决实际问题的能力，在本题中应认清电路的构造联系所学知识进行解

答.

21.如图，在“测滑轮组机械效率”实验中，物体重G=5.4N.实验时要竖直向上且匀速拉动拉动弹簧测力

计.若物体上升高度为10cm,此时弹簧测力计的示数如图所示，则滑轮组的机械效率是逊.若仅减

小物体的重量，滑轮组的机械效率将减小（填“增大”、“减小”或“不变”）（不计摩擦）.

【考点】机械效率的计算；滑轮（组）的机械效率.

【专题】功、功率、机械效率.

【分析】（1）读出测力计的示数，在读数时注意测力计的分度值.

W有用

根据公式上拥=Gh计算出有用功，根据W&=Fs计算出总功，其中s=nh.从而根据公式n="总计算出机械

效率.

（2）若其它因素不变，只减小物体的重力，则有用功减小，在额外功不变的情况下，机械效率减小.

【解答】解：

由图知，测力计的示数为2.4N,

此滑轮组由3段绳子承担物重，所以s=3h=3X10cm=30cm,

滑轮组的机械效率：

W有用Gh5.4NX0.1m

苒2.4NXQ.3m

n=2X100%=X100%=X100%=75%；

若仅减小物体的重力，则有用功减小，在额外功不变的情况下，有用功在总功中所占的比例减小，则机械

效率减小.

故答案为：75%；减小.

【点评】此题主要考查了有关滑轮组机械效率的计算.在计算出关键要分清有用功、总功，搞清s与h的

关系.注意：W有用=Gh、W.&=Fs、s=nh.

22.如图甲是一种电热暖手宝，其主要参数如图乙所示.袋内通常用水来当吸热或放热的物质，因为水的一

比热容较大;使用前要先给其通电加热，如果在额定电压下加热lOmin,暧手宝内水的温度由原来的5℃

上升至65℃,指示灯熄灭，电热暖手宝的发热效率为8496.

主

&内水的质&：IM

■电压：220V

我定功率：5OOW

自动妍升温度：67C

乙

【考点】电功与热量的综合计算.

【专题】电和热综合题.

【分析】(1)水的比热容大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降

低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；

(2)知道水的体积，利用密度公式求水的质量，知道水温度的变化，根据热量的计算公式Q“i=cmZ\t计算

Q吸

出水吸收的热量；再根据归Pt计算出消耗的电能，根据n=w,就可以求出电热暖手宝的发热效率.

【解答】解：

(1)因为水的比热容较大，降低相同的温度，水放出的热量多，所以电热水袋里面一般用水作储能物质;

(2)温度从5℃升高到65℃,此过程中水吸收的热量是：

Qw=cmAt=4.2X103J/(kg*℃)XlkgX(65℃-5℃)=2.52X10%

W

由P=7,可得，消耗的电能：

W=Pt=500WX10X60s=3X10),

Q.2.52X1J

W5

则该电热暖手宝的发热效率n=x100%=3X10JX1OO%=84%.

故答案为：比热容；84%.

【点评】本题由电热暖手宝入手考查相关的物理知识，尤其是最后一问求发热袋的效率是解题的难点，关

键是对公式的灵活运用.

23.一物体的质量为2kg,体积为3X1（T%3,将其浸没在水中松手后，物体将上浮，静止时物体受到

的浮力是20N.（取g=10N/kg）

【考点】阿基米德原理.

【专题】浮力.

【分析】（1）将物体浸没在水中，排开水的体积等于物体的体积，利用阿基米德原理求物体受到的浮力；

知道物体的质量，利用重力公式求物体受到的重力，再利用物体的浮沉条件判断物体的浮沉；

（2）根据物体所处的状态求出静止时受到的浮力.

【解答】解：⑴将物体浸没在水中，V析V物=3X10/3,

物体浸没时受到的浮力：

F滓=P水gV<#=1.0X103kg/m3X1ON/kgX3X10m'!=30N；

物体的重：

G=mg=2kgX10N/kg=20N,

••,FQG,

物体将上浮；

（2）当物体静止时，处于漂浮状态，

受到的浮力F浮'=G=20N.

故答案为：上浮；20.

【点评】本题考查了浮力和重力的计算、物体的浮沉条件的应用，关键是利用好隐含条件物体浸没水中时V

«rV.

24.如图所示，早晨的太阳光斜射到一块水平放置的平面镜上，经镜面反射后，反射角为60°,随着

时间的推移，从早晨到中午，反射角将减小（选填“增大”、“不变”或“减小”）.

【考点】作光的反射光路图；光的反射定律.

【专题】压轴题；图析法.

【分析】根据光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线

两侧，反射角等于入射角；作出反射光线，找到反射角的大小；再确定早晨到中午入射光线的入射方向的

变化，确定入射角的变化，从而分析出反射角的变化.

【解答】解：根据图解，入射角等于60°,所以反射角也等于60°,在法线的右侧作出反射光线，如图:

3i

随着时间的推移，从早晨到中午，入射光线象图中的逐渐向法线靠近，入射角逐渐减小，反射角也逐渐减

小.

故答案为：60°、减小.

【点评】在反射现象中，入射是因，反射是果，所以要说反射角等于入射角，反射光线在入射光线和法线

决定的平面内，入射角减小，反射角也跟着减小.

25.如图（甲）所示，电源电压保持不变，小灯泡的额定电压为12V.闭合开关S后，当滑片P从最右端滑

到最左端的过程中，小灯泡的I-U关系图象如图（乙）所示.则小灯泡的额定功率为24W,滑动变阻

器的最大阻值为9Q.

【考点】电路的动态分析；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电功率的计算.

【专题】计算题；电路和欧姆定律；电能和电功率；电路变化分析综合题.

【分析】（1）由电路图可知，L与R串联，电压表测L两端的电压，电流表测电路中的电流，当滑片P从最

右端滑到最左端的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻减小，电路中的电流变大；

（2）当滑片为与左端时，电路为L的简单电路，电路中的电流最大，电压表测电源的电压；此时灯泡两端

的电压和额定电压相等，根据图2读出通过灯泡的电流，根据P=UI求出灯泡的额定功率；

（3）当滑片为与右端时，灯泡L与滑动变阻器的最大阻值R串联，根据图象读出两电表的示数，根据串联

电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值.