2025届广东省广州市实验中学物理高二上期中质量检测模拟试题含解析

2025届广东省广州市实验中学物理高二上期中质量检测模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，空间某一区域中存在着方向互相垂直的匀强电场和匀强磁场，电场的方向水平向右，磁场方向垂直纸面向里。一个带电粒子在这一区域中运动时动能保持不变，不计粒子的重力，则带电粒子运动的方向可能是（）A．水平向右 B．水平向左 C．竖直向上 D．竖直向下2、如图所示的电路中，UAB=1.5V，R1=R2=R3=10Ω，则理想电压表和理想电流表的示数各为A．1.5V，0.1AB．1.5V，0.15AC．1V，0.1AD．1V，0.15A3、关于圆周运动的向心力、向心加速度，下列说法正确的是（）A．向心力的方向是不变的B．向心力的方向是变化的C．向心加速度方向与线速度方向相同D．向心力与向心加速度方向一定不同4、由电容器电容的定义式C＝可知()A．若电容器不带电，则电容C为零B．电容C与电容器所带电荷量Q成反比，与电压U成反比C．电容在数值上等于使两板间的电压增加1V时所需增加的电荷量D．电容器所带电荷量，是两极板所带电荷量的代数和5、真空中有相隔距离为r的两个点电荷，它们分别带q和-5q的电荷量，其间的静电力为F，如果将它们接触后再分开，然后放回原来的位置，那么它们之间的静电力的大小应为（）A．FB．FC．FD．F6、关于平抛运动，下列说法中正确的是A．平抛运动是匀速运动B．平抛运动是匀变速曲线运动C．平抛运动不是匀变速运动D．做平抛运动的物体落地时速度方向一定是竖直向下的二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,某匀强电场中A、B、C、D四点构成一个菱形,对角线AC=12cm,BD=16cm,一个质子从A移到B,电场力做了24eV的功;一个电子从A移到C,克服电场力做了24eV的功。其中A点的电势为零,则下列说法正确的是()A．D点的电势φD=0 B．D点的电势φD=-24VC．电场强度E=250N/C D．电场强度E=200N/C8、如图所示，物体A和带负电的物体B用跨过定滑轮的绝缘轻绳连接，A、B的质量分别是m和2m，劲度系数为k的轻质弹簧一端固定在水平面上，另一端与物体A相连，倾角为θ的斜面处于沿斜面上的匀强电场中，整个系统不计一切摩擦．开始时，物体B在一沿斜面向上的外力F=3mgsinθ的作用下保持静止且轻绳恰好伸直，然后撤去外力F，直到物体B获得最大速度，且弹簧未超过弹性限度，则在此过程中()A．撤去外力F的瞬间，物体B的加速度为B．B的速度最大时，弹簧的伸长量为C．物体A的最大速度为D．物体A、弹簧和地球所组成的系统机械能增加量大于物体B电势能的减少量9、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上,其连线中垂线上有A、B、C三点,如图甲所示,一个电荷量为2×10-3C质量为0.1kg的小物块(可视为质点)从C点静止释放,其运动的v-t图象如图乙所示,其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置(A．由C到A的过程中物块的电势能一直增大B．B点为中垂线上电场强度最大的点,场强E=100V/mC．由C点到A点电势逐渐降低D．A、B两点间的电势差U10、如图所示，电源的电动势为E、内阻为r，闭合开关K，小液滴恰能在平行板间静止，现将滑动变阻器的滑片P向下滑动，则A．小液滴将向上运动B．电源的总功率变大C．小灯泡变亮D．定值电阻R1上消耗的功率变大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）利用图甲所示电路测定一节干电池的电动势和内电阻，定值电阻．（1）某实验得到的部分数据如下表所示，序号为的电压表、电流表的示数如图乙所示，请读出数据，完成下表．答：①__________，②__________．序号1234561.32①1.020.780.600.420.06②0.180.240.300.36（2）在答卷上图丙的坐标纸上将所缺数据点补充完整并作图_____，根据图线求得斜率__________（保留两位有效数字）．（3）根据图线求得干电池的电动势__________，内电阻r=__________（保留两位有效数字）．12．（12分）某同学在“用单摆测定重力加速度”的实验中进行了如下的实践和探究：（1）用游标卡尺测量摆球直径d，如右图所示，则摆球直径为_____cm，测量单摆摆长为l；（2）用秒表测量单摆的周期。当单摆摆动稳定且到达最低点时开始计时并记为0，单摆每经过最低点记一次数，当数到n=60时秒表的示数如右图所示，秒表读数为______s，则该单摆的周期是T=______s（保留三位有效数字）；（3）将测量数据带入公式g=_____（用T、l表示），得到的测量结果与真实的重力加速度值比较，发现测量结果偏大，可能的原因是_____；A．误将59次数成了60次B．在未悬挂单摆之前先测定好摆长C．将摆线长当成了摆长D．将摆线长和球的直径之和当成了摆长（4）该同学纠正了之前的错误操作，尝试测量不同摆长l对应的单摆周期T，并在坐标纸上画出T2与l的关系图线，如图所示。由图线计算出的重力加速度的值g=_____m/s2，（保留3位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）图中电源电动势E=12V，内电阻r=0.5Ω,将一盏额定电压为8V，额定功率为16W的灯泡与一只线圈电阻为0.5Ω的直流电动机并联后和电源相连，灯泡刚好正常发光，通电100min．问：（1）电动机的输出功率为多少?（2）灯丝和电动机线圈产生的热量各是多少？14．（16分）如图所示，匀强电场的电场强度E=2.0×104N/C，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离s=0.10m．将电荷量q=+2.0×10-8C的点电荷从A点移至B点．求：（1）电荷从A点移至B点的过程中，电势能变化了多少．（2）若将A点的电势规定为0，则B点的电势是多少？15．（12分）一列简谐横波在时的波形图如图所示。介质中x=2m处的质点P沿轴方向做简谐运动的表达式为cm。介质中x=6m处的质点刚好开始振动。求：（1）这列波的波速；（2）从时开始，到介质中x=20m处的质点第一次到达波谷所需的时间。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】粒子动能不变，则速度大小不变，原因是电场力与洛伦兹力等大反向。设粒子带正电，电场力水平向右，洛伦兹力水平向左，根据左手定则粒子竖直向上运动，且，即(粒子带负电，结论相同)。故C项正确。点睛：此题实际是速度选择器的变形。2、B【解析】

由题意可知，电流表和电压表均为理想电表，电阻R1、R2被短路，电压表的示数为U=UAB=1.5V，则根据欧姆定律得，电流表的示数为A．1.5V，0.1A。故A不符合题意。B．1.5V，0.15A。故B符合题意。C．1V，0.1A。故C不符合题意。D．1V，0.15A。故D不符合题意。3、B【解析】试题分析：物体做圆周运动时，都需要向心力，而向心力的方向始终指向圆心，方向是变化的，故A错误，B正确；向心加速度方向指向圆心，线速度方向沿轨迹的切线方向，则两者相互垂直，故CD错误．考点：向心力、向心加速度4、C【解析】

AB．电容器的电容只由电容器内部结构决定，与电容器是否带电以及两端的电压均无关，选项AB错误；C．根据可知，电容器的电容在数值上等于使两板间的电压增加1V时所需增加的电荷量，选项C正确；D．电容器所带电荷量，是指一个极板带电量的绝对值，选项D错误。5、C【解析】相距为r时，根据库仑定律得：；接触后，各自带电量变为：q′=＝-2q，则此时有：；故C正确，ABD错误．故选C.6、B【解析】

平抛运动的加速度不变，做匀变速曲线运动，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．【详解】A、B、C、平抛运动的物体只受重力，则加速度不变为重力加速度g，速度随时间均匀变化，是匀变速曲线运动，故A错误，B正确，C错误．D、平抛运动落地的速度是水平分速度和竖直分速度的合成，不可能竖直向下；故D错误．故选B．【点睛】解决本题的关键知道平抛运动的特点，知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

AB．AB间的电势差为：AC间的电势差为可知BC两点的电势相等，由于AD平行于BC，所以A点电势与D点电势相等，即故A正确，B错误；CD．由，得BC连线即为等势线，过A点作BC的垂线，如图，由几何知识得A点到BC的距离为所以电场强度为故C正确，D错误。8、BD【解析】试题分析：在外力撤去前，绳子刚好伸直，拉力为零，对B受力分析可得，即，所以撤去外力的瞬间B在沿斜面方向上只受沿斜面向下的重力的分力，沿斜面向下的电场力，故有，所以撤去外力瞬间的加速度，A错误；随着B沿着斜面下滑，绳子的拉力逐渐增大，当时，即合力为零时，B的速度最大，此时，解得，B正确；对AB整体有动能定理可得，解得，故C错误；由于过程中只有重力和电场力，弹力做功，所以根据能量守恒看得物体A、弹簧和地球所组成的系统机械能增加量等于物体B电势能的减少量和B物体机械能的减小量，故D正确；考点：考查了牛顿第二定律，动能定理，能量守恒定律9、BC【解析】

由能量守恒定律分析电势能的变化情况．根据v-t图可知物块在B点的加速度最大，此处电场强度最大，根据牛顿第二定律求场强的最大值．由C到A的过程中物块的动能一直增大，根据电场线的方向分析电势的变化，由动能定理可求得AB两点的电势差。【详解】A项：从速度时间图象可知，由C到A的过程中，物块的速度一直增大，电场力对物块做正功，电势能一直减小，故A错误；B项：带电粒子在B点的加速度最大，为am=47-5ms2=2ms2C项：据两个等量同种正电荷其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C正确；D项：从速度时间图象可知，A、B两点的速度分别为vA=6m/s，vB=4m/s，再根据动能定理得：qUAB=12故应选：BC。【点睛】明确等量同种电荷电场的特点是解本题的关键，要知道v-t图切线的斜率表示加速度，由动能定理求电势差是常用的方法。10、BD【解析】

将滑动变阻器的滑片P向下滑动，变阻器电阻减小，故外电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律，干路电流增加，根据UL=E-I（r+R1），小灯泡的电压减小；故小灯泡电功率减小，小灯泡变暗，故C错误；干路电流增加，根据P=EI，电源的总功率变大，故B正确；干路电流增加，根据U=E-Ir，路端电压减小，故电容器两端电压减小，故液滴受电场力减小，重力大于电场力，液滴将向下加速运动，故A错误；干路电流增加，根据P=I2R，定值电阻R1上消耗的功率变大，故D正确。所以BD正确，AC错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.14V0.12A3.0V/A1.50V1.0Ω【解析】

先确定电压表和电流表的量程，根据乙图读出示数；根据表中数据；应用描点法作出图象，求出斜率；明确闭合电路欧姆定律及图象的意义；根据电源的U-I图象求出电源电动势与内阻．（1）一节干电池的电动势约为，所以电压表量程为，根据乙图可以知道，电压表示数，定值电阻，电源内阻约为左右，所以电流选量程，根据乙图可以知道，电流表示数．（2）根据描点法做出图象，如图所示：斜率．（3）由得出的电源图象可以知道，图象与纵轴交点坐标值是，则电源电动势，电源内阻．12、2.06cm；67.4s2.24sg=4π2lT【解析】

（1）游标卡尺的主尺读数为20mm,游标读数为0.1×6=0.6mm,则最终读数为20.6mm=2.06cm.

（2）秒表的读数为60s+7.4s=67.4s,则周期T=67.430=2.24s,

（3）根据T=2πLgA.误将59次数成了60次，导致测量时周期T测小，根据g=4π2lT2B.在未悬挂单摆之前先测定好摆长，导致测量的摆长小于真实的摆长，根据g=4π2lT2可知C.将摆线长当成了摆长没有加小球的半径，导致测量的摆长偏小，根据g=4π2lT2可知gD.将摆线长和球的直径之和当成了摆长，导致测量的摆长变长，根据g=4π2lT2故选AD（4）根据T=2πLg可得：T2=4π2lg根据图像可求