2025届四川省武胜中学物理高二第一学期期末复习检测试题含解析

2025届四川省武胜中学物理高二第一学期期末复习检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，带负电的小球以一定的初速度v0，从倾角为θ的粗糙绝缘斜面顶端沿斜面向下运动，斜面足够长，小球也斜面之间的动摩擦因数μ＜tanθ，小球在沿斜面运动过程中某一段不可能出现的运动形式是（）A.匀速直线运动 B.加速度减小的加速运动C.加速度减小的减速运动 D.加速度增大的减速运动2、如图是生产中常用的一种延时继电器的示意图，铁芯上有两个线圈和，线圈跟电源连接，线圈的两端接在一起，构成一个闭合回路。下列说法中正确的是（）A.闭合开关时，线圈中产生图示方向的感应电流B.闭合开关时，线圈中感应电流的磁场与线圈中电流产生的磁场方向相同C.断开开关时，电磁铁会继续吸住衔铁一小段时间D.断开开关时，弹簧立即将衔铁拉起3、重为10N的物体，由空中静止下落，运动3s落地，不计空气阻力，取g=10m/s2，则物体落地前瞬间，重力的瞬时功率为（）A.300W B.400WC.500W D.700W4、一带有绝缘座的空心球壳A带有4×10－8C的正电荷，带绝缘柄的金属小球B带有2×10－8C的负电荷，使B球与A的内壁接触，如图所示，则A、B的带电量分别为（）A.QA=1×10－8CQB=1×10－8CB.QA=2×10－8CQB=0C.QA=0QB=2×10－8CD.QA=4×10－8CQB=－2×10－8C5、已知两个质点相距为r时，它们之间的万有引力的大小为F；当这两个质点间的距离变为2r时，万有引力的大小变为（）A. B.C. D.2F6、如图所示，有一带电粒子（不计重力）贴着A板沿水平方向射入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子恰沿①轨迹从B板边缘飞出；当偏转电压为U2时，带电粒子沿②轨迹落到B板正中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，则两次偏转电压之比为（）A. B.C. D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、法拉第圆盘发电机的示意图如图所示．铜圆盘安装在竖直的铜轴上，两铜片P、Q分别与圆盘的边缘和铜轴接触．圆盘处于方向竖直向上的匀强磁场B中，半径为L．若从上向下看，圆盘以角速度ω顺时针转动，下列说法正确的有A.P的电势高于Q的电势B.P的电势低于Q的电势C.圆盘转动产生的感应电动势为BL2ωD.若圆盘转动的角速度变为原来的2倍，则电流在R上的热功率也变为原来的2倍8、如图所示，带电小球a由绝缘细线PM和PN悬挂而处于静止状态，其中PM水平，地面上固定一绝缘且内壁光滑的圆弧细管道GH，圆心P与a球位置重合，管道底端H与水平地面相切，一质量为m可视为质点的带电小球b从G端口由静止释放，当小球b运动到H端时对管道壁恰好无弹力，重力加速度为g。在小球b由G滑到H过程中，下列说法中正确的是（）A.小球b机械能保持不变B.小球b所受库仑力大小始终为2mgC.细线PM的拉力先增大后减小D.小球b加速度大小一直变大9、用导线绕成单匝圆环，环内有一用同种导线折成的单匝内接正三角形线框，圆环与线框彼此绝缘，如图所示．把它们放在磁感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于圆环和线框所在平面(纸面)向里。当磁感应强度均匀增强时（）A.圆环和线框中的电流方向都为逆时针方向B.圆环和线框中的电流方向都为顺时针方向C.圆环和线框中的电流大小之比为2∶1D.圆环和线框中的电流大小之比为3∶110、如图所示，已知电源的电动势为12V、内阻为0.5Ω，定值电阻R=1.5Ω，电动机M的内阻为1Ω，开关闭合后，电流表的示数为2A。不计电流表的内阻，则（）A.电动机两端的电压为8VB.电动机的输出功率为16WC.电动机的发热功率为4WD.电动机的效率为25%三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用螺旋测微器测量其直径如图，由图可知其直径为_____m；12．（12分）测量电阻阻值的常用方法有以下两种：（1）用伏安法测量：要测量一个阻值约为900Ω的电阻Rx，备用器材有：电流表A：量程3mA、内阻约2Ω；电压表V：量程3V、内阻为3kΩ滑动变阻器R1：阻值范围0~20Ω滑动变阻器R2：阻值范围0~1kΩ电源：电动势3V、内阻约1Ω为了较准确地测量R的阻值，电路图应选择图___________(填A或B)，滑动变阻器应选择___________(填R1或R2)，滑动变阻器在该实验中起的主要作用是___________。（2）用多用表的欧姆挡测量：如图所示是具有两个倍率挡的欧姆表的电路图，选择开关K置于1或2时分别对应两个不同的倍率，其中一个倍率是另一个的10倍．已知：电流表G：量程Ig=2.5mA、内阻200Ω定值电阻R1：阻值为180Ω滑动变阻器R：阻值范围0~300Ω电源E：电动势1.5V、内阻约1Ω则定值电阻R2=___________Ω。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，比荷为的电子以大小不同的初速度沿AB边射入边长为a的等边三角形的匀强磁场区域中，磁感应强度大小为B，（不计重力作用）则：(1)若电子从AC边射出磁场区域，求电子在磁场中的运动时间t；(2)若要电子从BC边射出，求入射速度大小的范围；14．（16分）如图所示，在xOy坐标系的第二象限内有水平向右的匀强电场，第四象限内有竖直向上的匀强电场，两个电场的场强大小相等，第四象限内还有垂直于纸面的匀强磁场，让一个质量为m、带电荷量为q的粒子在第二象限内的P(－L，L)点由静止释放，结果粒子沿直线运动到坐标原点并进入第四象限，粒子在第四象限内运动后从x轴上的Q(L,0)点进入第一象限，重力加速度为g，求：（1）粒子从P点运动到坐标原点的时间；（2）匀强磁场磁感应强度的大小和方向15．（12分）如图所示，用长为L的绝缘细线拴住一个质量为m、带电量为+q的小球（可视为质点）后悬挂于O点，整个装置处于水平向右的匀强电场E中，将小球拉至使悬线呈水平的位置A后，由静止开始将小球释放，小球从A点开始向下摆动，当悬线转过60°角到达位置B时，速度恰好为零，求（1）B、A两点的电势差;（2）电场强度E;（3）小球到达B点时，悬线对小球的拉力T

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由于小球与斜面之间的动摩擦因数μ＜tanθ，可知小球开始时重力沿斜面向下的分力大于小球受到的摩擦力，小球在斜面上沿斜面向下做加速运动．运动中的小球受到重力、斜面的支持力、斜面的摩擦力和洛伦兹力的作用．小球带负电，根据左手定则可知，小球运动的过程中受到的洛伦兹力的方向垂直于斜面向下，根据f=qvB可知，小球受到的洛伦兹力随速度的增大而增大．在垂直于斜面的方向上，小球受到的合外力始终等于0，可知，斜面对小球的垂直于斜面向上的支持力也随速度的增大而增大，则斜面对小球的摩擦力也随速度的增大而增大．若开始时小球受到的重力沿斜面向下的分力大于小球受到的摩擦力，可由于摩擦力随速度的增大而增大，所以沿斜面的方向上，小球受到的合力减小，小球的加速度减小，所以小球沿斜面的方向做加速度减小的加速运动，当小球的加速度减小到0时，小球开始做匀速直线运动．若初速度很大时，会出现摩擦力大于下滑力，小球向下做减速运动，摩擦力随速度的减小而减小，是加速度逐渐减小的减速运动；由以上的分析可知，小球在沿斜面运动过程中某一段不可能出现的运动形式是加速度增大的减速运动．故D符合题意．本题选择不可能出现的运动形式，故选D.2、C【解析】AB．由题意可知，当S接通后，线圈A中产生磁场，穿过线圈B向上的磁通量增加，根据楞次定律：增反减同，线圈B中感应电流的磁场与A线圈中电流产生的磁场方向相反，结合安培定则可知，B中产生与图示方向相反的感应电流，故AB错误；CD．将断开开关S时，导致穿过线圈B向上的磁通量减小，根据楞次定律可知，线圈B在产生与线圈A中同向的感应电流，电磁铁继续吸引衔铁D，产生延时释放D的作用，故C正确，D错误。故选C。3、A【解析】物体做自由落体运动，所以在物体落地的瞬间速度的大小为物体落地前瞬间，重力瞬时功率为故选A。4、B【解析】将B与A的内表面接触后，正、负电荷中和后，金属小球B不带电，剩余的电荷分布在球壳A的外表面，带电量为故ACD错误，B正确。故选B。5、B【解析】根据万有引力定律公式，得当这两个质点间的距离变为2r时，则万有引力的大小变为原来的，即为故B正确，ACD错误故选B6、B【解析】粒子做平抛运动解得解得故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】AB．把铜盘等效为无数根导体棒，根据右手定则可知，电流从P流向Q，又因为此时PQ段相当于电源，故P的电势低于Q的电势；故A错误，B正确。C．设圆盘转动了△t时间，则该时间内，等效导体棒扫过面积的磁通量为根据法拉第电磁感应定律有故C正确。D．若圆盘转动的角速度变为原来的2倍，则电动势变为原来的2倍，此时电流在R上的热功率变为原来的4倍，故D错误。故选BC。8、ACD【解析】A．小球b所受库仑力和管道的弹力始终与速度垂直，即只有重力做功，所以小球b机械能守恒，故A正确；B．小球b机械能守恒，从G滑到H过程中，有：H处有：则有：F库=3mg故B错误；C．设PN与竖直方向成α角，对球a受力分析，将其分解：竖直方向上有：FPNcos

α=mg+F库sin

θ水平方向上有：F库cos

θ+FPNsin

α=FPM。解得：下滑时θ从0增大90°，细线PM的拉力先增大后减小，故C正确；D．设b与a的连线与水平方向成θ角，则有：任意位置加速度为向心加速度和切向加速度合成，即为：可知小球的加速度一直变大，故D正确。故选ACD。9、AC【解析】AB．依据楞次定律，当磁场均匀增强时，圆环和线框中的电流方向都为逆时针，故A正确，B错误；CD．设三角形的边长为a，由几何关系，可知，外接圆的半径根据法拉第电磁感应定律得，三角形回路中的感应电动势与外接圆中感应电动势之比为：根据电阻定律得到，三角形回路中的电阻与外接圆的电阻之比为：由欧姆定律得三角形回路中的感应电流强度I1与内切圆中感应电流强度I2之比为故C正确，D错误。故选AC。10、AC【解析】A．电动机两端电压为：VA正确；BC．电动机的发热功率为：W电动机的输出功率为：WB错误，C正确；D．电动机的效率为：D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、700【解析】螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm，所以最终读数为4.700mm=4.700×10－3m。12、(1).B(2).R2(3).改变电流表、电压表的读数，实现多次测量，减少实验的偶然误差(4).20【解析】（1）[1]A、B两个电路图均为限流法测电阻，由题意得：，待测电阻为大电阻，故电流表要内接，故应该选B图；[2]由于电流表的最大量程为3mA，电源电动势为3V，故电路中总电阻要大于1000Ω，所以滑动变阻器选R2；[3]滑动变阻器在该实验中起的主要作用是改变电流表电压表的读数，实线多次测量，减小实验偶然误差。（2）[4]当接“1”时，干路电流为：当接“2”时，干路电流为：根据倍率关系知：代入数据解得：R2=20Ω，（R2=-380Ω舍去）。四、计算题：本题共3小题，共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)【解析】(1)电子进入磁场后受到洛伦兹力作用而做匀速圆周运动,利用轨迹从直边界进出具有对称性求圆心角从而确定时间.(2)电子能经过BC边恰好从C点离开时，轨迹半径最小，由几何知识求出最小的半径，由半径公式求出初速度的最小值，即可得到初速度的范围.【详解】(1)由洛伦兹力提供向心力，可得可得：而，可知当电子从AC边离开磁场时，根据直边界的对称性可知弦切角为60°，则圆心角为120°则运动时间为联立得：(2)当电子从C点离开磁场时，是电子做匀速圆周运动从BC边离开的临界情况，如图所示：则由几何知识：，可得联立得速度越大半径越大，则要从BC边飞离的磁感应强度的取值范围为.【点睛】本题是磁场中临界条件问题，关键是运用几何知识求最小的轨迹半径，即可由半径求解速度的范围.14、（1）（2）【解析】（1）粒子在第二象限内做直线运动，因此电场力和重力的合力方向沿PO方向，则粒子带正电，；，解得（2）设粒子从O点进入第四象限的速度大小为v，由动能定理可得求得