广西南宁市2025届高二物理第一学期期中预测试题含解析

广西南宁市2025届高二物理第一学期期中预测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，厚薄均匀的矩形金属薄片边长为ab=10cm，bc=5cm，当将C与D接入电压恒为U的电路时，电流为2A，若将A与B接入电压恒为U的电路中，则电流为()A．0.5A B．1A C．2A D．4A2、交流发电机在工作时产生的电动势为e=Emsinωt，若将电枢的转速提高一倍，同时将电枢所围面积减小一半，其他条件不变，则其电动势变为()A．e=Emsin B．e=2Emsin C．e=Emsin2ωt D．e=2Emsin2ωt3、中国宋代科学家沈括在《梦溪笔谈》中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也。”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图。结合上述材料，下列说法正确的是（）A．地磁场的磁感线不闭合B．地磁北极在地理北极附近C．指南针能够指向南北是受到地磁场的作用D．地磁场对射向地球赤道的带电宇宙射线粒子没有力的作用4、如图电路中，电源电动势为E、内阻为r，R0为定值电阻，电容器的电容为C，闭合开关S，增大可变电阻R的阻值，电压表示数的变化量为△U，电流表示数的变化量为△I，则（）A．电压表示数U和电流表示数I的比值不变B．变化过程中△U和△I的比值保持不变C．电阻R0两端电压减小，减小量为△UD．电阻R0两端电压增大，增大量为△U5、真空中有两根长直金属导线平行放置，其中一根导线中通有恒定电流．在两导线所确定的平面内，一电子由P点开始运动到Q的轨迹如图中曲线PQ所示，则一定是（）A．ab导线中通有从a到b方向的电流B．ab导线中通有从b到a方向的电流C．cd导线中通有从c到d方向的电流D．cd导线中通有从d到c方向的电流6、如图所示，电路中每个电阻的阻值都相同．则通过电流最大的电阻是（）A．R1 B．R2 C．R3和R4 D．R5二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一个带正电的滑环套在水平且足够长的粗糙绝缘杆上，整个装置处在与杆垂直的水平方向的匀强磁场中，现使滑环获得向右的初速度，滑环在杆上的运动情况可能是：A．始终作匀速运动B．先作加速运动，后作匀速运动C．先作减速运动，后作匀速运动D．先作减速运动，最后静止在杆上8、在匀速圆周运动中，线速度（）A．大小不变 B．大小不断改变C．方向不变 D．方向不断改变9、某电场的电场线分布如图所示，以下说法错误的是（）A．c点场强大于b点场强B．a点电势高于b点电势C．若将一试探电荷+q由a点释放，它将沿电场线运动到b点D．若在d点再固定一点电荷﹣Q，将一试探电荷+q由a移至b的过程中，电势能减小10、如图所示，在一个匀强电场(图中未画出)中有一个直角梯形ABCD，其中，E为AD的中点，F为BC的中点．一个带正电的粒子从A点移动到B点，电场力做功为WAB=3.0×10-6J；将该粒子从D点移动到C点，电场力做功为WDC=4.0×10-6J．则以下分析正确的是()A．若将该粒子从E点移动到F点，电场力做功为WEF=3.5×10-6JB．若将该粒子从E点移动到F点，电场力做功WEF有可能大于3.5×10-6JC．若将该粒子从B点移到C点，电场力做功为WBC=1.0×10-6J，则此匀强电场的方向一定是从A点指向B点的方向D．若该粒子的电量为2×10-6C，则A、B之间的电势差为1.5V三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用游标卡尺测得某材料的长度如图甲所示，示数为L=______mm；用螺旋测微器测得该材料的直径如图乙所示，示数为D=______mm．12．（12分）用如图甲所示装置来验证动量守恒定律，质量为mA的钢球A用细线悬挂于O点，质量为mB的钢球B放在离地面高度为H的小支柱N上，使悬线在A球释放前伸直，O点到A球球心的距离为L，且线与竖直线夹角为α，A球释放后摆到最低点时恰与B球正碰，碰撞后，A球把轻质指示针OC推移到与竖直线夹角β处，B球落到地面上，地面上铺有一张盖有复写纸的白纸D，保持α角度不变，多次重复上述实验，白纸上记录到多个B球的落点．图中S是B球初始位置到B球平均落点的水平距离．（1）图乙为B球的落地点，用____________（填使用的工具名称）确定B球的平均落地点，碰撞后B球的水平射程应取为____________cm；（2）用题中所给的物理量表示碰撞后A球碰撞前后的速度分别为：vA=_______；_______；（3）用题中所给的物理量表示碰撞后B球碰撞前后的速度为：vB=________________；（4）用题中所给的物理量表示需要验证的动量守恒表达式：_______________．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，带电小球A和B（可视为点电荷）放在倾角为的光滑固定绝缘斜面上，已知A球的质量为m，所带电荷量为+q，B球的质量为2m，所带电荷量为-q。沿斜面向上的恒力F作用于A球，可使A、B保持间距r不变沿斜面向上做匀加速直线运动，已知重力加速度为g，静电力常量为k，求：(1)加速度a的大小；(2)F的大小。14．（16分）如图所示，BC是半径为R=1m的圆弧形光滑且绝缘的轨道，位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为E=2.0×10+4N/C，今有一质量为m=1kg、带正电q=1.0×10﹣4C的小滑块，（体积很小可视为质点），从C点由静止释放，滑到水平轨道上的A点时速度减为零．若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为μ=0.2，求：（1）滑块通过B点时的速度大小；（2）滑块通过B点时圆轨道B点受到的压力大小；（3）水平轨道上A、B两点之间的距离．15．（12分）一个人站在距地面的高处，将质量为的石块以速率斜向上抛出不计人的身高，g取，求：抛石块过程对石块做多少功？若不计空气阻力，石块落地时的速度大小是多少？若落地时的速度大小为，石块在空中运动过程中克服阻力做多少功？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

设厚度为D，根据电阻定律公式，有①②故；根据欧姆定律，电压相同时，电流与电阻成反比．故两次电流之比为4:1，故第二次电流为0.5A．2、C【解析】试题分析：据题意，当转速提高一倍，由可知，角速度w变为原来的2倍，面积减小一半，则由：可知：，故C选项正确．考点：本题考查交流发电机电动势的产生．3、C【解析】

A.地磁场的磁感线是闭合的，故A错误；B.根据题意可知，地磁北极在地理南极附近，故B错误；C.指南针能够指向南北是受到地磁场的作用，故C正确；D.地磁场与射向地球赤道的带电宇宙射线粒子速度方向并不平行，所以对带电宇宙射线粒子有力的作用，故D错误。故选C。4、B【解析】

A.根据欧姆定律知：=RR增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大．故A错误．B.根据闭合电路欧姆定律得：U=E﹣I（R0+r）由数学知识得知，=R0+r保持不变．故B正确．CD.闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R0两端的电压减小，R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R0两端的电压减小量小于△U，故CD错误．5、C【解析】注意观察图象的细节，靠近导线cd处，电子的偏转程度大，说明靠近cd处运动的半径小，洛伦兹力提供电子偏转的向心力，Bqv＝，B＝.由于电子速率不变，偏转半径变小，说明B变强，一定是cd导线中通有电流，再由左手定则判出安培力的大致方向是偏向左方．最后利用安培定则判断出cd中电流方向应由c到d，所以正确答案是C.6、D【解析】

由图可知，R1和R2并联后与R5串联，最后跟R3和R4的串联电路并联，如图所示：由图知上一支路的电阻小，而两个支路的电压相等，所以通过R5的电流最大，故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A、给滑环套一个初速度，将受到向上的洛伦兹力，若洛伦兹力等于物体的重力，滑环将做匀速直线运动．故A正确；B、滑环在水平方向上受到摩擦力，不可能加速运动．故B错误；C、若重力小于洛伦兹力，滑环受到向下的弹力，则受到摩擦力，做减速运动，当洛伦兹力等于重力时，又做匀速运动，故C正确；D、若重力大于洛伦兹力，滑环受到向上的弹力，则受到摩擦力，将做减速运动，最后速度为零，故D正确．故选ACD。8、AD【解析】

匀速圆周运动的速度大小不变，方向沿物体运动的切线方向，不断在变化着，故AD正确，BC错误．9、AC【解析】

明确电场线的性质，知道电场线的疏密反映电场的强弱．沿着电场线方向电势降低．根据电场力做功的正负来确定电势能增加与否．【详解】电场线的密的地方场强大，b处电场线比c点密，所以b点场强大于c点场强，A错误；沿着电场线方向电势降低，则a点电势高于b点电势，B正确；由图可知，该电场不是匀强电场，a到b的电场线是曲线，说明电场的方向是不断变化的，所以若将一试探电荷+q由a点释放，它不可能沿电场线运动到b点，C错误；若不加-Q，将一试探电荷+q从a点移到b点的过程中，电场力与运动方向同向，则电场力做正功，因此电势能减小；若在d点再固定一点电荷-Q，-Q产生的电场中，a点离开-Q多一些，所以a点的电势高，所以将一试探电荷+q由a移至b的过程中，电势能减小，故在d点再固定一点电荷-Q，将一试探电荷+q由a移至b的过程中，电势能减小，D正确．10、ACD【解析】

用φ表示各点的电势．根据电场力做功的公式W=qU可知：WEF=qUEF=q（∅E-∅F），因为E、F是线段的中点，因此在匀强电场中有：∅E＝、∅F＝，代入上式化简可得：WEF＝WAB+WDC=3.5×10-6J．故A正确、B错误；若将该粒子从B点移到C点，电场力做功为WBC＝1×10−6J＝WDC，根据电场力做功公式W=qU可知UDC=4UBC，则B点电势与DC连续靠近C点四分之一处的点电势相等，这两个点的连续就是等势线；根据电场线与等势线必定垂直的性质，此匀强电场的方向一定从A点指向B点的方向．故C正确；根据电场力做功的公式WAB=qUAB得：．故D正确．故选ACD．【点睛】解答本题的关键是：要掌握在匀强电场中连线中点电势大小的计算方法，同时要灵活应用电场力做功公式并熟知等势面和电场强度的方向关系．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、50.854.702(4.701～4.703均可)【解析】

游标卡尺读数L=1cm+0.05mm×10=1.050cm；螺旋测微器读数D=1mm×0.01mm×2.5=1.025mm.12、圆规64.8【解析】

（1）用尽量小的圆把落地点圈起来，圆心即为平均落地点，则用圆轨来确定B球的平均落地点，碰撞后B球的水平射程应取为64.8cm；（2）小球从A处下摆过程只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律得：mAgL（1-cosα）=mAvA2-0，解得：vA=；小球A与小球B碰撞后继续运动，在A碰后到达最左端过程中，机械能再次守恒，由机械能守恒定律得：-mAgL（1-cosβ）=0-mAvA′2，解得vA′=；（3）碰前小球B静止，则PB=0；碰撞后B球做平抛运动，水平方向：S=vB′t，竖直方向H=gt2，解得vB′=S，则碰后B球的动量PB′=mBvB′=mBS；

（4）由动量守恒定律可知，实验需要验证的表达式为：mA=mA+mBS；【点睛】（1）要理解各实验的实验原理、实验器材以及实验的步骤；（2）本题解题的关键是要明确两小球的运动过程以及过程中机械能何时守恒，动量何时守恒．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)；(2)【解析】

(1)根据库仑定律，两球相互吸引的库仑力A球和B球的加速度相同，隔离B球，由牛顿第二定律有所以(2)把A球和B球看成整体，A、B间的库仑力为系统内力，由牛顿第二定律有14、（1）4m/s；（2