浙教版九年级上科学第三章 本章复习课

本章复习课[学生用书B50]类型之一功和功率1．一定质量的货物在吊车钢索的拉力作用下，竖直向上运动(不考虑空气的阻力和钢索的重力)，货物运动的路程(s)—时间(t)的图像如图所示。根据图像，下列判断正确的是(A)图1A．2s时钢索的拉力大小等于8s时钢索的拉力大小B．货物竖直向上运动时，4s时的速度小于10s时的速度C．0～6s内钢索拉力做的功小于6～12s内钢索拉力做的功D．货物在0～12s内的竖直向上运动过程中，钢索拉力的功率保持不变2．[·株洲]如图，一顾客用一水平恒力F将购物车从粗糙斜坡的底端匀速推上顶端，斜坡长s，高h，购物车(含车上物品)重G，在这个过程中，水平推力做的功为(D)图2A．0 B．FsC．Gh D．Feq\r(s2－h2)3．如图所示，图甲中某同学用弹簧测力计拉木块，使它沿水平木板匀速滑动；图乙是他两次拉动同一木块得到的路程随时间变化的图像。下列说法正确的是(B)图3A．木块第二次受到的拉力较大B．第二次拉力对木块做功的功率大C．运动相同的时间，第一次拉力对木块做功多D．条件不足，无法比较拉力对木块两次做功大小和做功功率的大小【解析】由于木块对水平木板的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以木块受到的摩擦力不变；而木块两次都做匀速直线运动，做匀速直线运动的物体受平衡力作用，所以两次木块受到的拉力和摩擦力相等，则两次木块受到的拉力相等。从图中可以看出第二次木块运动的速度较大，而木块所受的拉力不变，根据P＝eq\f(W,t)＝eq\f(Fs,t)＝Fv可知，第二次拉力对木块做功的功率大。因为两次拉力大小相同，运动相同的时间，第二次木块运动的距离远，所以第二次拉力对木块做功多。类型之二简单机械4．[·青岛]实验探究：探究杠杆的平衡条件。数据如图4，利用钩码和刻度尺测量出杠杆平衡时各个力及其力臂，测得数据见表：次数动力F1(N)动力臂l1(cm)阻力F2(N)阻力臂l2(cm)11.0102.0521.550.51532.0151.520图4结论作图(1)杠杆的平衡条件是__F1l1＝F2l2__。(2)实验进行3次的目的是__C__。A.取平均值减小误差B.使每组数据更准确C.归纳出物理规律(3)如图5，若用弹簧测力计的拉力作动力，请画出其动力臂。【答案】如答图所示。图5第4(3)题答图5.在一次车辆故障处置过程中，拖车所用装置简化如图。为了尽快疏通道路，交警只用了30s的时间，指挥拖车在水平路面上将质量是1.5t的故障车匀速拖离了现场。若故障车被拖离的速度是6m/s，绳子自由端的拉力F是500N，该装置的机械效率是80%。求：图6(1)故障车在30s内通过的路程。(2)拉力F在30s内所做的功。(3)故障车在被拖离过程中受到的阻力。【答案】(1)由v＝eq\f(s,t)得，故障车在30s内通过的路程s车＝vt＝6m/s×30s＝180m。(2)由图可知，n＝3，绳子自由端移动的距离s绳＝3s车＝3×180m＝540m，拉力F在30s内所做的功W＝Fs绳＝500N×540m＝2.7×105J。(3)水平滑轮组的机械效率η＝eq\f(W有用,W总)×100%＝eq\f(fs车,Fs绳)×100%＝eq\f(fs车,F×3s车)×100%＝eq\f(f,3F)×100%，所以故障车在被拖离过程中受到的阻力f＝3Fη＝3×500N×80%＝1200N。类型之三能量的转化与守恒6．[·益阳]如图所示，年4月2日8时15分左右，天宫一号目标飞行器进入大气层，绝大部分器件在进入大气层过程中烧蚀销毁，剩余部分落入南太平洋中部区域。天宫一号飞行器在这个过程中，下列说法正确的是(C)图7A．动能和重力势能都增加B．机械能保持不变C．内能是通过做功的方式改变的D．减少的重力势能全部转化成内能7．如图所示，某同学将两个相同的斜面并排放在水平桌面上，利用它们探究动能或重力势能与哪些因素有关。图8(1)将A、B两球(mA<mB)分别从两斜面的相同高度处由静止同时释放，观察到它们始终并排滚动且相对静止。这表明在滚动的任一时刻，两球的速度__相同__，且两球的速度跟__质量__无关。(2)分别在水平桌面上的C、C′处放置相同的木块，再将两球分别从两斜面的相同高度处由静止同时释放，观察到__B__球将木块撞得更远。由此可得出结论：①__运动速度相同的物体，质量越大，它的动能越大(或物体的动能与它的质量有关)__(从动能角度解释)；②__高度相同的物体，质量越大，它的重力势能越大(或物体的重力势能与它的质量有关)__(从势能角度解释)。类型之四电功和电功率8．[·南京]如图所示，电源电压不变，R2＝30Ω，R3＝10Ω。只闭合S1，电流表示数为0.2A，电压表示数为4.0V，则定值电阻R1为__20__Ω，电源电压为__6__V。闭合S1、S2、S3，电流表、示数之比为__5∶2__，通电1min电阻R1产生的热量为__108__J。图99．[·苏州]在测定额定电压为“2.5V”小灯泡电功率的分组实验中：图10(1)请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整。(2)小明闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表有示数，则故障可能是__小灯泡断路__。排除故障后，移动滑片使小灯泡正常发光，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡额定功率为__0.75__W。(3)小华在进行实验数据处理时，算出了小灯泡的平均功率(如表)，你认为这样处理数据是__不合理__(选填“合理”或“不合理”)的，理由：__小灯泡在不同的电压下实际功率不同，这样算出的平均功率没有意义__。实验序号电压U(V)电流I(A)功率P(W)平均功率eq\o(P,\s\up6(－))(W)①2.00.260.520.69②2.50.280.70③2.80.300.84(4)下列描述小灯泡功率P随滑动变阻器阻值R变化情况的图像中，正确的是__B__。ABCD【答案】(1)如答图所示。第9(1)题答图10．[·岳阳]图甲是某家用电熨斗。电路原理如图乙，R1、R2为发热体，R1的阻值为110Ω，通过S1、S2实现温度控制。电源电压为电熨斗的额定电压220V，电熨斗消耗的最大功率为660W。图11(1)只闭合S1，求通过R1的电流。(2)只闭合S2，求R2在60s内产生的热量。(3)为适应更多衣料，小明对电路做了改造(如图丙)。当电熨斗控制开关S1、S2处于原低温工作状态不变时，移动滑片P，相应发热体的功率可在原功率的25%～100%之间变化。求滑动变阻器最大阻值至少为多少？【答案】(1)电阻R1和R2并联。只闭合S1时，通过R1的电流I1＝eq\f(U,R1)＝eq\f(220V,110Ω)＝2A。(2)R1消耗的电功率P1＝UI1＝220V×2A＝440W。只闭合S2时，只有R2接入电路，R2消耗的电功率P2＝P－P1＝660W－440W＝220W，R2在60s内产生的热量Q2＝W2＝P2t＝220W×60s＝13200J。(3)R2的实际电阻R2＝eq\f(U2,P2)＝eq\f(（220V）2,220W)＝220Ω。当低温挡R2相应发热功率为25%时，即R2的最小功率为P最小＝25%×220W＝55W时，R2两端的实际电压为U2实＝eq\r(P2实R2)＝eq\r(55W×220Ω)＝110V。通过R2的实际电流I2＝eq\f(U,R2)＝eq\f(110V,220Ω)＝0.5A；此时R2与滑动变阻器串联，滑动变阻器两端的实际电压U变＝U—U2实＝220V－110V＝110V，通过滑动变阻器的实际电流I＝0.5A；滑动变阻器的最大电阻至少为R变＝eq\f(U变,I变)＝eq\f(110V,0.5A)＝220Ω。11．[·南通]如图，电源电压恒定，小灯泡L标有“6V3W”字样，定值电阻R2的阻值为10Ω，R1为滑动变阻器，开关S1、S2都闭合时，L恰好正常发光，电流表示数为1.1A。求：图12(1)小灯泡正常发光时的电阻。(2)S1、S2都闭合时，R1在10min内消耗的电能。(3)S1、S2都断开，调节滑片使R2的电功率为R1电功率的2倍时，R2的电功率。【答案】(1)小灯泡L标有“6V3W”字样，表示小灯泡的额定电压为6V，额定功率为3W，根据P＝UI＝eq\f(U2,R)，故小灯泡正常发光时的电阻RL＝eq\f(Ueq\o\al(2,L),PL)＝eq\f(（6V）2,3W)＝12Ω。(2)S1、S2都闭合时，R2被短路，小灯泡与滑动变阻器并联，电流表测电路的总电流，因L恰好正常发光，故电源电压为U＝6V，小灯泡正常发光时的电流IL＝eq\f(PL,UL)＝eq\f(3W,6V)＝0.5A，电流表示数即为干路的总电流，I＝1.1A，根据并联电路电流的规律，通过变阻器的电流I1＝I－IL＝1.1A－0.5A＝0.6A，R1在10min内消耗的电能W＝UI1t＝6V×0.6A×10×60s＝2160J。(3)S1、S2都断开，R1与R2串联，调节滑片使R2的电功率为