2025届郑州第一中学物理高二上期中质量检测试题含解析

2025届郑州第一中学物理高二上期中质量检测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、英国科学家法拉第最先尝试用“线”描述磁场和电场，有利于形象理解不可直接观察的电场和磁场的强弱分布。如图所示为一对等量异种点电荷，电荷量分别为＋Q、－Q。实线为电场线，虚线圆的圆心O在两电荷连线的中点，a、b、c、d为圆上的点，下列说法正确的是()A．a、b两点的电场强度相同B．b、c两点的电场强度相同C．c点的电势高于d点的电势D．d点的电势等于a点的电势2、关于磁感应强度，下列说法正确的是A．磁场中某一点的磁感应强度可以这样测定：把一小段通电导线放在该点时受到的磁场力F与该导线的长度L、通过的电流I乘积的比值，即B．磁感应强度只是定义式，它的大小取决于场源以及在磁场中的位置，与F、I、L以及通电导线在磁场中的方向无关C．通电导线在某点不受磁场力的作用，则该点的磁感应强度一定为零D．通电导线所受磁场力的方向就是磁场的方向3、一个汽车在平直的公路上刹车做匀减速直线运动，经过6秒停下来，那么这辆汽车在前2s，中间2s，后2s内的位移之比是()A．5∶3∶1 B．1∶3∶5 C．1∶2∶3 D．3∶2∶14、许多科学家在物理学发展中做出了重要贡献．下列有关物理学家的贡献，错误的是A．安培提出了分子电流假说，能够解释一些磁现象B．法拉第发现电磁感应现象，使人们对电与磁内在联系的认识更加完善C．奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象间的某种联系D．洛仑兹研究了磁场与电流相互作用，得到了磁场对通电导线的作用力公式5、质量为1kg的篮球竖直向下以6m/s的速度落至水平地面，再以4m/s的速度反向弹回。取竖直向上为正方向，在小球与地面接触的时间内，关于球动量变化量△p和合外力对小球做的功W，下列说法正确的是（）A．△p＝﹣10kg•m/sW＝﹣10JB．△p＝10kg•m/sW＝﹣10JC．△p＝﹣2kg•m/sW＝﹣10JD．△p＝﹣2kg•m/sW＝10J6、如图，竖直绝缘光滑的半圆形槽半径为R，在槽内静置有两个带等量同种电荷的小球A、B，两球质量相等、间距为R.若将两小球看作质点，将一个水平向右的推力F作用在A球上，缓慢将A球推到半圆形槽的底部，则下列说法正确的是()A．槽对B球的支持力变大B．两球间距离保持不变C．推力F做的功等于两球组成的系统机械能的增加量D．两球组成的系统的电势能增大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、回旋加速器是用来加速带电粒子的装置，如图所示，它的核心部分是两个D形金属盒，两盒相距很近，分别和高频交流电源相连接，两盒放在匀强磁场中，磁场方向垂直于盒面，带电粒子由加速器的中心附近进入加速器，直到达到最大圆周半径时通过特殊装置被引出．用同一回旋加速器加上不同频率的交流电压分别加速氚核和粒子（氚核和粒子质量比为3:4，电荷量之比为1:2），则以下说法正确的有A．加速粒子的交流电压的频率较大，粒子获得的最大动能较大B．若增大磁感应强度，则粒子获得的最大动能增大C．若增大加速电压，氚核获得的最大动能增大D．若增大加速电压，氚核在加速器中运动的总时间变短8、a和b是点电荷电场中的两点，如图所示，a点电场强度Ea与ab连线夹角为60°，b点电场强度Eb与ab连线夹角为30°，则关于此电场，下列分析正确的是（）A．这是一个正点电荷产生的电场B．这是一个负点电荷产生的电场C．Ea：Eb=：1D．Ea：Eb=3：19、如图所示的电路,将两个相同的小量程的灵敏电流计分别改装成A1(0-3A)和A2(0-0.6A)的电流表,把两个改装后的电流表并联接入电路中测量电流强度,则下列说法正确的是(

)A．A1的指针满偏时,A2的指针也满偏B．A2的指针满偏时，A1的指针刚好指到量程的五分之一处C．A2的读数始终为A1读数的五分之一D．A1的读数为1.5A时,干路电流为1.80A10、如图甲所示，、为两个固定着的点电荷，a、b是它们连线的延长线上的两点．现有一电子，只在电场力作用下，以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动，其图象如图乙所示，电子经过a、b两点的速度分别为、，则A．一定带负电B．的电量一定大于的电量C．b点的电势高于a点的电势D．电子离开b点后所受静电力一直减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示，为“验证碰撞中的动量守恒”的实验装置示意图．已知a、b小球的质量分别为ma、mb，半径相同，图中P点为单独释放a球的平均落点，M、N是a、b小球碰撞后落点的平均位置.(1)本实验必须满足的条件是___________.A．斜槽轨道必须是光滑的B．斜槽轨道末端的切线水平C．入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速度释放D．入射球与被碰球满足ma=mb(2)为了验证动量守恒定律，需要测量OP间的距离x1、OM间的距离x2和___________.(3)为了验证动量守恒，需验证的关系式是___________.12．（12分）如图电压表的读数为______V，如图螺旋测微器的读数为______mm，如图游标卡尺的读数为________cm.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）已知地球半径为R，地球表面重力加速度为g，万有引力常量为G，不考虑地球自转的影响．(1)求卫星环绕地球运行的第一宇宙速度v1；(2)若卫星绕地球做匀速圆周运动且运行周期为T，求卫星运行半径r；(3)由题目所给条件，请提出一种估算地球平均密度的方法，并推导出密度表达式．14．（16分）如图所示，电源电动势为E=10V，内阻r=1Ω，R1=R2=R3=R4=1Ω，电容器电容C=6μF，开关闭合时，间距为d的平行板电容器C的正中间有一质量为m，电荷量为q的小球正好处于静止状态．求：（1）电路稳定后通过R1的电流I；（2）开关S断开，流过R2的电荷量△Q；（3）断开开关，电路稳定后，小球的加速度a的大小．15．（12分）如图所示，一簇平行线为未知方向的匀强电场的电场线，沿与此平行线成60°角的方向，把1×10﹣6C的负电荷从A点移到B点，电场力做功为2×10﹣5J，A、B间距为20cm，若B点为零势能处，电势为0V，求：(1)匀强电场的场强;(2)A点电势为多大;(3)电子处于A点时，具有的电势能是多少eV.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB、电场线切线方向为场强方向，电场线的疏密程度表示电场的强弱，根据等量异种点电荷电场的对称性，由图知a、b两点的电场强度大小相等，方向不同，则电场强度不同，故A错误；由图知b、c两点的电场强度小相等，方向不同，则电场强度不同，故B错误；CD、根据等量异种点电荷电场等势面分布的对称性，可知a点的电势等于d点的电势，故D正确；沿电场线方向电势逐渐降低，c点的电势低于d点的电势，故C错误；故选D。【点睛】电场线切线方向为场强方向，电场线的疏密程度表示电场的强弱，沿电场线方向电势逐渐降低．电场强度是矢量，只有场强的大小和方向都相同时场强才相同。2、B【解析】

根据左手定则可知，磁感应强度的方向与安培力的方向垂直；磁感应强度是描述磁场强弱和方向的物理量，通过电流元垂直放置于磁场中所受磁场力与电流元的比值来定义磁感应强度．此比值与磁场力及电流元均无关．【详解】磁场中某一点的磁感应强度可以这样测定：把一小段通电导线放在该点时受到的最大的磁场力F与该导线的长度L、通过的电流I乘积的比值，即，选项A错误；磁感应强度只是定义式，它的大小取决于场源以及在磁场中的位置，与F、I、L以及通电导线在磁场中的方向无关，选项B正确；通电导线在某点不受磁场力的作用，可能是导线放置的方向与磁场方向平行，而该点的磁感应强度不一定为零，选项C错误；通电导线所受磁场力的方向与磁场的方向垂直，选项D错误；故选B.3、A【解析】

将末速度为零的匀减速运动逆向看作初速度为零的匀加速直线运动，可知三段相临相等的时间内的位移之比为1：3：5，所以这辆汽车在前2s，中间2s，后2s内的位移之比是5：3：1，故A正确，BCD错误。故选A．4、D【解析】

安培提出了分子电流假说，并很好地解释了一些磁现象，故A说法正确；法拉第发现电磁感应现象，使人们对电与磁内在联系的认识更加完善，故B说法正确；奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了电现象和磁现象间的某种联系，故C说法正确；安培研究了磁场与电流相互作用，得到了磁场对通电导线的作用力公式，故D说法错误．所以选D．5、B【解析】

取竖直向上方向为正方向，则小球与地面碰撞过程中动量的变化为：△p=mv2-（mv1）=1×（4+6）kg•m/s=10kg•m/s方向竖直向上。由动能定理得：代入数据得：W=-10JA．△p＝﹣10kg•m/sW＝﹣10J，与结论不相符，选项A错误；B．△p＝10kg•m/sW＝﹣10J，与结论相符，选项B正确；C．△p＝﹣2kg•m/sW＝﹣10J，与结论不相符，选项C错误；D．△p＝﹣2kg•m/sW＝10J，与结论不相符，选项D错误；6、D【解析】

施加F之前，B受到重力、支持力、库仑力，根据几何关系可得：支持力，库仑力；A球被推到半圆形槽的底部后，B受力分析如图，由几何关系可知，即N=mg＜N1，所以支持力变小，故A错误．由上面矢量三角形得，F库一直增大，故两球间的距离减小，故B错误．推力F做的功等于两球组成的系统机械能的增加量与电势能增加量之和，故C错误．两球带同种电荷，距离减小，克服电场力做功，电势能增加，故D正确．故选D．【点睛】本题主要是考查力的分析和能量转化，解答本题要能够根据三角形相似得到库仑力的大小变化情况，由此确定电势能的变化．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

A.交流电源的周期；故用同一回旋加速器分别加速氚核和粒子的周期之比为：根据得，粒子出D形盒时的速度，则粒子出D形盒时的动能，故氚核和α粒子，粒子出来时的最大动能之比为：，故加速氚核的交流电源的周期较大，频率小，氚核获得的最大动能较大，故A错误；B.根据上式，可知，若增大磁感应强度，则粒子获得的最大动能增大，故B正确；C.根据得，粒子出D形盒时的速度，则粒子出D形盒时的动能最大动能与电压无关，故C错误；D.若增大加速电压，加速的次数减少，故加速的时间减小，故D正确；8、BD【解析】

AB．设点电荷的电荷量为Q，将Ea、Eb延长相交，交点即为点电荷Q的位置，如图所示，可知Q为负电荷，故A错误，B正确；CD．设a、b两点到Q的距离分别为ra和rb，由几何知识得到：根据电场强度的公式可知，故C错误，D正确。9、ACD【解析】

由电路图可以知道两电流表并联，它们两端电压相等，因为两电流表是由相同的电流表改装成的，通过表头的电流相等，指针偏转的角度相同，但量程不同的电流表读数不同,A1的量程等于A2的量程的5倍，故读数也是A2的5倍.A．A1的指针满偏时，A2的指针也满偏,偏转角度相同，故A正确.B．A2的指针满偏时，A1的指针刚好指到量程的五分之一处，因偏转角度要相同，故B错误.C．A2的读数始终为A1读数的五分之一，由分析可知C正确.D．由分析可知A1的读数为1.5A时，A2的读数为0.3A，故干路电流为1.80A，所以D正确.10、BC【解析】

从速度图象乙上看出，可见电子从a到b做加速度减小的加速运动，所以ab之间电场的方向向左，b点的电势高于a点的电势；在b点时粒子运动的加速度为零，则电场力为零，所以该点场强为零．过b点后点电荷做减速运动，所以电场的方向向右；结合两个点电荷的电场的叠加的知识可知，一定带负电，一定带正电，A错误C正确；b点场强为零，可见两点电荷在b点产生的场强大小相等，方向相反，根据，b到的距离大于到的距离，所以的电量大于的电量，B正确；由图乙可知，在b点右侧，电子的速度逐渐减小，由于v-t图象的斜率可以表示加速度的大小，由图可知，电子的加速度先增大后减小，所以电子离开b后受到的电场力也是先增大后减小，D错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BCON间的距离x3(或)【解析】

第一空.A.“验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，故A错误；B.要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平，故B正确；C.要保证碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，故C正确；D.为了保证小球碰撞为对心正碰，且碰后不反弹，要求ma＞mb，故D错误.应填BC.第二空.要验证动量守恒定律定律，即验证：，小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得：，得：，因此实验需要测量：测量OP间的距离x1，OM间的距离x2，ON间的距离x3；第三空.由以上分析可知，实验需要验证:，或.12、2.306.8601.215【解析】

由图示电表确定其量程与分度值，读出其示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数．【详解】电压表量程为3V，由图示电压表可知，其分度值为0.1V，示数为2.30V；由图示螺旋测微器可知，固定刻度示数为6.5mm，可动刻度示数为36.0×0.01mm=0.360mm，螺旋测微器的读数为6.5mm+0.360mm=6.860mm；由图示游标卡尺可知，主尺示数为1.2cm，游标尺示数为3×0.05mm=0.15mm=0.015cm，游标卡尺的读数为1.2cm+0.015cm=1.215cm．【点睛】游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数；对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后根据指针位置读数，读数时视线要与刻度线垂直．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)(3)【解析】试题分析：（1）第一宇宙速度为卫星在地面附近轨道做匀速圆周运动的环绕速度，根据重力等于向心力列式求解；（2）根据卫星受到的万有引力等于向心力和地面附近的重力加速度公式联立列式求解；（3）根据地面附近的重力加速度公式先计算出地球质量，再估算密度．解：（1）重力等于向心力mg=m解得v1=即卫星环绕地球运行的第一宇宙速度v1为．（2）若不考虑地球自转的影响，地面上质量为m的物体所受的重力mg等于地球对物体的引力，即mg=G①卫星