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文档简介
贵州省铜仁市铜仁伟才学校2025届物理高二第一学期期中统考模拟试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、微型吸尘器的直流电动机内阻一定,当加上0.6V的电压时,通过的电流为0.5A,此时电动机不转,当加在电动机两端的电压为3.0V时,电流为1.0A,这时电动机正常工作.不计各处摩擦的条件下,正常工作时电动机输出的有用功率是()A.3W B.2.7W C.1.8W D.0.3W2、在电场强度为E的匀强电场中,沿电场方向放置带电量为q的等量异种电荷A、B如图,A受电场力恰好为零,则下列说法正确的是A.B受电场力方向向右B.A带正电,B带负点C.B受的电场力一定也为零D.B受的电场力为2Eq3、如图所示,平行线代表电场线,但未标明方向,一个带正电、电荷量为10-6C的粒子在电场中仅受电场力作用,当它从A点运动到B点时动能减少了10-5J。已知A点的电势为-10V,则以下判断正确的是A.粒子的电势能减少了10-5JB.粒子的运动轨迹如图中的虚线2所示C.B点电势为零D.B点电势为-20V4、老师为了让学生对学过的公式的适用条件引起重视,特别命制了一道关于公式适用条件的选择题。下面关于电场强度的三个公式①E=Fq、②E=kQr2、③A.①式对任何电场都适用B.三个公式适用的范围不同C.适用于点电荷电场的只有②式,适用于匀强电场的只有③式D.在国际单位制中三个公式所得出的电场强度单位都是相同的5、关于加速度和速度的关系,以下说法正确的是()A.速度为零,加速度一定为零B.速度越大,加速度一定越大C.速度变化越大,加速度一定越大D.速度变化越快,加速度一定越大6、如图所示,直流电源两端的电压保持不变,平行板电容器与电源连接,下极板接地.一带电油滴位于电容器中的P点且恰好处于平衡状态.现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离,A.带电油滴将沿竖直方向向上运动B.电容器的电容增大C.极板所带的电荷量减少D.P点与下极板的电势差不变二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,木块AB用轻弹簧连接,放在光滑的水平面上,A紧靠墙壁,在木块B上施加向左的水平力F,使弹簧压缩,当撤去外力后()A.A尚未离开墙壁前,AB系统的动量守恒;B.A尚未离开墙壁前,弹簧和B系统的机械能守恒C.A离开墙壁后,AB系统动量守恒;D.A离开墙壁后,AB系统机械能守恒.8、2017年2月25日,札幌亚冬会中国选手张义威、刘佳宇一举拿下单板滑雪U型场地男女双冠.滑雪U型场地可简化为固定在竖直面内的半圆形轨道场地,如图所示,雪面内不同位置各处摩擦因数不同,因摩擦作用滑雪运动员从半圆形场地的坡顶下滑的最低点过程中速率不变,则()A.运动员下滑的过程中加速度时刻变化B.运动员下滑的过程所受合外力恒定不变C.运动员下滑过程中与雪面的动摩擦因数变小D.运动员滑到最低点时所受重力的瞬时功率达到最大9、两个带等量正电荷的小球(可视为点电荷)固定在图中a、b两点,MN为ab连线的中垂线,交直线ab于O点,A为MN上的一点。取无限远处的电势为零,一带负电的试探电荷q仅在静电力作用下运动,则()A.若q从A点由静止释放,其将以O点为对称中心做往复运动B.若q从A点由静止释放,其在由A点向O点运动的过程中加速度先增大后减小C.q由A点向O点运动时,其动能逐渐增大,电势能逐渐减小D.若在A点给q一个合适的初速度,它可以做匀速圆周运动10、如图在光滑四分之一圆弧轨道的顶端a点,质量为m的物块(可视为质点)由静止开始下滑,经圆弧最低点b滑上粗糙水平面,圆弧轨道在b点与水平轨道平滑相接,物块最终滑至c点停止.若圆弧轨道半径为R,物块与水平面间的动摩擦因数为μ,下列说法正确的是()A.物块滑到b点时的速度为B.c点与b点的距离为C.物块滑到b点时对b点的压力是3mgD.整个过程中物块机械能损失了mgR三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)现在要测量一段电阻丝的电阻率ρ,其阻值Rx约为0.5Ω,允许通过的最大电流为0.5A.现有如下器材可供选择:电流表A(量程0.6A,内阻约为0.6Ω)电压表V(量程3V,内阻约为3kΩ)待测电阻丝Rx(阻值约为0.5Ω)标准电阻R0(阻值5Ω)滑动变阻器R1(5Ω,2A)滑动变阻器R2(200Ω,1.5A)直流电源E(E=6V,内阻不计)开关S、导线若干(1)图为四位同学分别设计的测量电路的一部分,你认为合理的是________;(2)实验中滑动变阻器应该选择________(选填“R1”或“R2”),并采用________接法;(分压,限流)(3)根据你在(1)(2)中的选择,在图甲上完成实验电路的连接________;(4)实验中,如果两电表的读数分别为U和I,测得拉直后电阻丝的长度为L、直径为D,则待测电阻丝的电阻率ρ的计算式为ρ=________;(5)用螺旋测微器测量待测电阻丝的直径时读数如图乙所示,则该电阻丝的直径D=________.12.(12分)在测定金属的电阻率的实验中,用该金属制成的长约(0.8m,直径小于1mm的电阻丝,电阻约5Ω左右.实验步骤如下:(1)用米尺测量接入电路部分的金属导线的长度,测三次,求出平均值L.用叠绕法测出金属导线的直径d.(2)用伏安法测量金属导线的电阻R.试把图中所给出的器材连成测量R的合适线路,图中安培表的量程为0.6A,内阻接近1Ω,伏特表量程为3V,内阻为几kΩ,电源的电动势为6V,变阻器的阻值为0Ω~20Ω.要求在闭合电键前,变阻器的滑动触点应处于正确位置._____(3)用上面测得的L、d和R,根据电阻率的表达式ρ=______,算出所测金属的电阻率.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,a、b、c三点在匀强电场,其中ab沿电场线方向,bc相距sbc=10cm,bc和电场线方向成60°角,一个电荷量为q=4×10-8C(1)匀强电场的场强E;(2)b、c两点间的电势差U(3)规定b点的电势为零,求a点的电势。14.(16分)如图所示,光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接,在过圆心O的水平界面MN的下方分布有水平向右的匀强电场。现有一质量为m,电量为+q的小球从水平轨道上A点由静止释放,小球运动到C点离开圆轨道后,经界面MN上的P点进入电场(P点恰好在A点的正上方),小球可视为质点,小球在整个运动过程中电荷量保持不变。已知A、B间距离为2R,重力加速度为g,求:(1)电场强度E的大小;(2)小球对圆轨道的最大压力的大小;(3)小球从P点进入电场后第一次返回水平轨道时的落点距A点的距离。15.(12分)如图所示,真空中存在空间范围足够大的、水平向右的匀强电场,在电场中,若将一个质量为m、带正电的小球由静止释放,运动中小球的速度方向与竖直方向夹角恒为37°(取sin37°=0.6,cos37°=0.8),现将该小球从电场中某点P以初速度v0竖直向上抛出,重力加速度为g,求:(1)小球受到的电场力的大小及方向;(2)小球从抛出至最高点的过程中,电场力所做的功;(3)小球从P点抛出后,再次落回到与P点在同一水平面的某点Q时,小球的动能.
参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】
当电机不转时,由欧姆定律得,电机的电阻为Ω当电机正常工作时,电机输出的功率为P出WC正确,ABD错误。故选C。【点睛】对于电动机,不转时,其电路是纯电阻电路,欧姆定律成立;当电动机正常工作时,其电路是非纯电阻电路,欧姆定律不成立.故应正确选择功率公式才能准确求解.2、C【解析】
A受到的电场力为零,则A受到匀强磁场的力与电荷B的力等大反向。B受到匀强电场的力与A受到匀强磁场的力等大反向,B受到电荷A的力与A受到电荷B的力等大反向,所以B受到的电场力为零。A.B受电场力方向向右。与结论不符,故A错误;B.根据已知条件,无法判断A、B带电的正负。故B错误;C.B受的电场力一定也为零。与结论相符,故C正确;D.B受的电场力为2Eq。与结论不符,故D错误。3、C【解析】
A.根据动能定理知,电场力做功等于动能的变化量,可知电场力做了-10-5J的功,粒子的电势能增加;故A错误。B.由题,带正电的微粒仅受电场力的作用,从A点运动到B点时动能减少了10-5J,说明电场力做负功,则知电场力方向水平向左,根据曲线运动的合力指向轨迹的内侧,故微粒的运动轨迹是如图虚线1所示;故B错误。CD.根据动能定理得:qUAB=△Ek得:又UAB=φA-φBφA=-10V则有:φB=0故C正确,D错误。故选C。4、C【解析】
场强的定义式E=Fq适用于任何电场;E=kQr2仅适用于计算真空中点电荷周围某点的电场强度;E=Ud仅适用于匀强电场,故AB正确5、D【解析】
A.速度为零时,加速度不一定为零,如竖直上抛的最高点时速度为零,但加速度为g,A错误;B.速度大小与加速度与关,如飞机在高速做匀速运动时,加速度为零,B错误;C.速度变化量大,但加速度不一定大,如速度变化量大但用时很长时,加速度可能很小,C错误;D.加速度描述速度变化的快慢,速度变化的越来越快时,加速度越来越大,D正确。故选:D。6、C【解析】
将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离,由电容器的决定式可判断电容的变化;而电容器两板间电压不变,根据分析板间场强的变化,根据F=qE判断电场力变化,确定油滴运动情况.【详解】电容器两端的电压不变,将上极板上移时,d增大,由电容的决定式,可知C减小,根据Q=UC可知,极板带电量也减小,故B错误,C正确;根据,可知电场强度减小,则电场力减小,故带电油滴将沿竖直方向向下运动,故A错误;根据U=Ed,可知,P点与下极板的距离不变,但E减小,故P点与下极板的电势差减小,故D错误,故选C.【点睛】本题考查电容器的动态分析问题,要明确一直和电源相连,故电压不变;再由决定式及定义式分析电容、电量等的变化.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BC【解析】
A.当撤去外力F后,A尚未离开墙壁前,系统受到墙壁的作用力,系统所受的外力之和不为零.所以A和B组成的系统的动量不守恒,故A错误;B.以A、B及弹簧组成的系统为研究对象,在A离开墙壁前,除了系统内弹力做功外,无其他力做功,系统机械能守恒,故B正确;C.A离开墙壁后,A、B系统所受的外力之和为0,所以A、B组成的系统的动量守恒,故C正确;D.在A离开墙壁后,对A、B及弹簧组成的系统,除了系统内弹力做功外,无其他力做功,A、B及弹簧组成的系统机械能守恒,故D错误.8、AC【解析】A项:因运动员做匀速圆周运动,具有向心加速度,而向心加速度方向始终指向圆心,所以下滑的过程中加速度时刻变化,故A正确;B项:因运动员做匀速圆周运动,所受合力提供向心力,向心力始终指向圆心,故合外力大小不变,方向时刻变化,所以运动员下滑的过程所受合外力是变力,故B错误;C项:设运动员某时刻的速度方向与水平方向的夹角为α,则FN-mgcosα=mv2R,由于速度不变,αD项:动员滑到最低点时,重力竖直向下,速度方向水平向右,两者方向垂直,所以在最低点重力瞬时功率为零,故D错误。9、ACD【解析】
A.若q从A点由静止释放,受到向下的电场力作用,向下加速运动,过O点后受到向上的电场力作用,做减速运动,根据受力情况的对称性可知q将以O点为对称中心做往复运动,故A正确;B.电荷在O点时电场力为零,电荷在A点电场力是否最大无法确定,电荷由A点向O点运动的过程中加速度变化情况无法确定,可能一直减小,也可能先增大再减小,故B错误;C.q由A点向O点运动时,电场力做正功,说明动能逐渐增大,电势能逐渐减小,故C正确。D.q受到指向圆心的电场力,在ab连线中垂面内给它一个垂直电场力方向大小合适的速度,电场力提供向心力,电荷可以做匀速圆周运动,故D正确。故选ACD。10、BCD【解析】
A.由机械能守恒可知,mgR=mv2;解得b点时的速度为,故A不符合题意;B.对全程由动能定理可知,mgR-μmgs=0解得bc两点间的距离为,故B符合题意;C.b点时,物体受重力、支持力而做圆周运动,则由可得支持力F=3mg,由牛顿第三定律可知,物块对b点的压力为3mg;故C符合题意;D.在滑动过程中,摩擦力所做的功等于机械能的损失,故机械能损失了μmgs=mgR,故D符合题意;三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、CR1分压1.205【解析】
(1)、(2)、关键是根据闭合电路欧姆定律求出电路中需要的最大电阻来选择变阻器阻值以及接法;根据求出的最小电阻来选择保护电阻;根据待测电阻远小于电压表内阻可知电流表应用外接法,但因为待测电阻阻值太小可知待测电阻应与保护电阻串联使用.(3)根据是连接电路时应先连接主干路然后再连接并联电路,注意正负极和量程.(4)关键是根据欧姆定律和电阻定律求出电阻率的表达式即可.(5)关键是读数时要分成整数部分和小数部分两部分来读,注意半毫米刻度线是否露出.【详解】(1)根据闭合电路欧姆定律可知,电路中需要的最大电阻为:,所以变阻器应选R1并且应采用分压式接法;电路中需要的最小电阻为:,为保护电流表应与一保护电阻串联,所以排除电路A,再根据待测电阻满足,可知电流表应用外接法,所以应排除电路D,由于待测电阻阻值太小,将电压表直接测量时电压太小无法读数,所以应将待测电阻与保护电阻串联后再与电压表并联才行,所以合理的电路应是C;(2)根据题(1)中的分析可知,变阻器应选R1,并且应采用分压式接法;(3)根据题(1)中分析可知电路连接图如图所示:(4)图C电路图应有:①根据电阻定律应有:②联立①②可得:(5)螺旋测微器的读数为:D=1mm+20.6×0.01mm=1.205(±0.002)mm;【点睛】明确:①通过估算电路中需要的大小电阻来选择保护电阻,通过电路中需要的最大电阻来选择变阻器阻值以及采用的接法;②当待测电阻满足时,电流表应用外接法.12、【解析】
(2)待测金属丝电阻远小于电压表内阻,电流表应外接.变阻器的阻值略大于待测电阻,接限流式接法,电路如图(3)根据公式可得,解得【点睛】本题出示了公式,能帮助学生更好的理解影响电阻大小的因素.本题也可以说是一道创新题,能考查学生的实验创新能力,是一道好题.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)100V/m(2)5V(3)5V【解析】
(1)根据电场力做功公式F=qE求解电场强度;(2)根据U=Ed求解b、c两点间的电势差Ubc;(3)根据W=qU求出a、b两点的电势差,再根据U【详解】(1)由题知,在a点时受到的电场力为F=4×10-6解得:E=(2)根据U=Ed,其中d是沿电场线方向的距离,则有:U(3)根据W=qU,解得:U又根据Uab=解得:a点的电势为φ
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