2025届云南省曲靖市陆良县第八中学物理高二上期中教学质量检测试题含解析

2025届云南省曲靖市陆良县第八中学物理高二上期中教学质量检测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电场下列说法正确的是（）A．电场是为了便于研究物体的运动而引入的理想模型B．只要有电荷就有电场C．电场力的方向就是电场强度的方向D．电场强度的大小和电荷所受的电场力的大小成正比2、如图甲所示，真空中有一半径为R、电荷量为＋Q的均匀带电球体，以球心为坐标原点，沿半径方向建立x轴。理论分析表明，x轴上各点的场强随x变化关系如图乙所示，则()A．x1处场强大小为kQB．x2处场强大小为kQC．球内为匀强电场D．E－x图线与x轴所围的面积表示电势差3、小宇同学在探究电表改装时，取了两个满偏电流均为Ig=1mA、内阻rg=30Ω的表头，分别改装成量程为0~3V的电压表和量程为0~0.6A的电流表。下列操作正确的是A．改装成电压表应该串联一个2990Ω的定值电阻，改装成电流表应该并联一个0.15Ω的定值电阻B．改装成电压表应该并联一个2990Ω的定值电阻，改装成电流表应该串联一个0.15Ω的定值电阻C．改装成电压表应该串联一个2970Ω的定值电阻，改装成电流表应该并联一个0.05Ω的定值电阻D．改装成电压表应该并联一个2990Ω的定值电阻，改装成电流表应该串联一个0.05Ω的定值电阻4、下列关于电荷的电势能的说法正确的是()A．电荷在电场强度大的地方，电势能一定大B．电荷在电场强度为零的地方，电势能一定为零C．只在静电力的作用下，电荷的电势能一定减少D．只在静电力的作用下，电荷的电势能可能增加，也可能减少5、关于磁场的下列说法中，不正确的是：A．磁感应线总是从N极出发到S极终止B．在磁场中一小段长为L、电流为I的检验电流元所受磁场力为F，其所在处磁感应强度不一定是C．磁感应线不是客观存在的曲线，是为了形象的描述磁场而假想的D．磁感应线的疏密程度能够描述磁场的强弱6、如图所示，一个“V”形玻璃管ABC倒置于竖直平面内，并处于场强大小为E＝1×103V/m，方向竖直向下的匀强电场中，一个重力为G＝1×10－3N、电荷量为q＝2×10－6C的带负电小滑块从A点由静止开始运动，小滑块与管壁的动摩擦因数μ＝0.5.已知管长AB＝BC＝L＝2m，倾角α＝37°，B点处是一段很短的光滑圆弧管，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度g＝10m/s2.下列说法正确的是()A．B.A两点间的电势差为2000VB．小滑块从A点第一次运动到B点的过程中电势能增大C．小滑块第一次速度为零的位置在C处D．从开始运动到最后静止，小滑块通过的总路程为3m二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，纸面内AB两点之间连接有四段导线：ACB、ADB、AEB、AFB，四段导线的粗细相同、材料相同；匀强磁场垂直于纸面向内，现给AB两端加上恒定电压，则下列说法正确的是A．四段导线受到的安培力的方向相同B．四段导线受到的安培力的大小相等C．ADB段受到的安培力最大D．AEB段受到的安培力最小8、小张同学利用“电磁弹簧秤”测定某金属杆的质量，装置如图所示．一粗细均匀的水平金属杆置于方向垂直于纸面向里的匀强磁场中，两端悬挂在两根相同的轻质弹簧下边．弹簧上端固定，下端与金属杆之间绝缘．金属杆通过开关与电源相连，电源内阻不能忽略，则关于金属杆所受安培力的说法正确的是（）A．安培力方向竖直向上B．仅增大磁感应强度，安培力变大C．仅改变金属杆中电流方向，安培力方向不变D．金属杆两端并联一电阻，安培力变小9、如图所示，图中K､L､M为静电场中的3个相距较近的等势面.一带电粒子射入此静电场中后，沿abcde轨迹运动.已知电势φK<φLA．粒子带负电B．粒子在a点的加速度大于在b点的加速度C．粒子在a点与e点的速度大小相等D．粒子在a点的电势能大于在d点的电势能10、如图所示，小球用两根轻质橡皮条悬吊着，且AO呈水平状态，BO跟竖直方向的夹角为α，那么在剪断某一根橡皮条的瞬间，小球的加速度情况是（）A．不管剪断哪一根，小球加速度均是零B．剪断AO瞬间，小球加速度大小a＝gtanαC．剪断BO瞬间，小球加速度大小a＝gcosαD．剪断BO瞬间，小球加速度大小a＝g三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）伏安法测电阻的系统误差分析（1）用伏安法测电阻，如果电流表内阻为零，电压表的电阻趋近于无穷大，两种]电路（内接和外接）测量同一电阻，测量结果___________（填“相同”或“不相同”）。（2）电流表外接法（如图）①用外接法测量待测电阻R的阻值时，电压表测量的是____________两端的电压；电流表测量的是通过______________________的电流；电流表的读数比实际流过待测电阻R的电流_________(填“大”或“小”)②外接法误差产生的原因：由于_________的分流作用③外接法测量值与真实值之间的关系显然R测________R真（填“<”、“＞”或“=”）（3）.测量方法确定：①若Rx远小于RV，电压表分流作用小，采用电流表__________法（填“外接”或“内接”）②若Rx远大于RA，电流表分压作用小，采用电流表__________法（填“外接”或“内接”）（4）.如图电路，电压表和电流表的读数分别为10V和0.1A，电流表的内阻为0.2Ω，那么有关待测电阻RX的下列说法正确的是_______。A．RX的测量值比真实值大B．RX的测量值比真实值小C．RX的真实值为99.8ΩD．RX的真实值为100.2Ω12．（12分）课堂上，小王老师做了如图所示的实验，给直导线（铝棒）通电，观察到直导线运动起来。这个实验现象说明__________（选填“磁场可以产生电流”“电流产生磁场”或“磁场对电流有力的作用”），利用这种现象制成的是_____（选填“电动机”或“发电机”）。若只改变直导线中的电流方向而其它条件不变，则直导线所受安培力方向与原来的安培力方向_____（填“相同”或“相反”）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路中，电源电动势E＝10V，内阻r＝0.5Ω，电动机的电阻R0＝1.0Ω，电阻R1＝1.5Ω，电压表的示数U1＝3.0V，电动机正常工作。求此时：（1）通过电动机的电流；（2）电动机两端的电压；（3）电动机消耗的电功率；（4）电动机损耗的热功率。14．（16分）如图,在xOy平面的第一象限内有平行于y轴的有界匀强电场,方同沿y轴正方向；第四象限有一匀强电场一质量、电荷量的带电粒子,从P点以初速度大小,垂直y轴方向射入电场中,粒子偏转后经过x轴上A点进入第四象限,并沿直线运动的最大距离,已知,,不计粒子重力,求：(1)粒子的带电性质和粒子在第一象限的加速度大小；(2)粒子从A点运动到B点的时间；(3)第四象限的匀强电场大小和方向。15．（12分）如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R阻值为2r,滑动变阻器R1的阻值最大值为2r，左侧是水平放置、间距为d,长度为L的平行金属板，不计其他电阻；若在两板中间A点静止释放一质量为m的带电油滴，恰好保持静止状态，此时滑动变阻器的滑动触片在中间。（1）油滴带电量是多少？（2）将两板绕过A点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转，调节R1的阻值，在A点静止释放该油滴，使油滴沿直线平行于两板间离开电场，此时滑动变阻器的滑动触片在什么位置？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

电场是实际存在的物质，不是理想化模型，故A错误；电荷的周围存在电场，故B正确；电场强度的方向与正电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反，故C错误；电场强度的大小由电场本身的性质决定，与放入电场中的电荷以及电荷所受的电场力无关，故D错误。所以B正确，ACD错误。2、D【解析】

球体内某点的电场强度，根据E=kQr2与Qx=X3R3Q共同确定，所以x1处场强大小不是kQx12，故A错误；电荷量为+Q

的均匀带电球体，以球心为坐标原点，当作点电荷，则有x2处场强大小为kQx22，故B错误；由图象可知，球内部的电场为非匀强电场，由E=kQr2与【点睛】考查带电球壳内部是等势体且电场强度处处为零，体外则是看成点电荷模型来处理；而电势则由电荷从该点移到电势为零处电场力做功与电量的比值来确定．注意比较电势也可以由图象和横轴的面积来表示.3、C【解析】

如把它改装成量程为3V的电压表要串联电阻分压：如把它改装成量程为0.6A的电流表要并联分流电阻：A.改装成电压表应该串联一个2990Ω的定值电阻，改装成电流表应该并联一个0.15Ω的定值电阻，与分析结果不符，故A错误。B.改装成电压表应该并联一个2990Ω的定值电阻，改装成电流表应该串联一个0.15Ω的定值电阻，与分析结果不符，故B错误。C.改装成电压表应该串联一个2970Ω的定值电阻，改装成电流表应该并联一个0.05Ω的定值电阻，与分析结果相符，故C正确。D.改装成电压表应该并联一个2990Ω的定值电阻，改装成电流表应该串联一个0.05Ω的定值电阻，与分析结果不符，故D错误。4、D【解析】电场强度与电势能无关，电荷在电场强度为零的地方，电势能不一定为零，电势能有相对性可以人为规定零势能面，故AB错误；只在静电力作用下，若电荷从静止开始运动，电场力做正功电势能减少，若电荷在静电力作用下在电场中做减速运动，则电场力做负功电势能增大，故D正确，C错误．所以D正确，ABC错误．5、A【解析】A项：在磁体的外部，磁感线从磁体的N极出发，到磁体的S极；在磁体的内部，磁感线从磁体的S极到磁体的N极；磁感线是闭合的曲线，故A错误；B项：只有垂直放置时在磁场中某处受到的磁场力为F，该处磁感应强度的大小才是，故B正确；C项：磁感线是人们为了形象描述磁场而引入的线，不是客观存在的线，故C正确；D项：磁感线的疏密程度描述了磁场的强弱，磁感线越密，磁场越强．故D正确。点晴：本题考查磁感线分布、磁感线的意义等多个知识点，是磁场中基本的问题，比较容易。6、D【解析】

A.AB两点间沿电场方向的长度为BA两点间的电势差为A错误；B.由于小滑块带负电，所以小滑块从A点第一次运动到B点的过程中，电场力做正功，电势能减小，B错误；C.在上滑的过程中受到重力、竖直向上的电场力、垂直玻璃管向下的弹力和沿玻璃管向下的摩擦力，受力如图所示．根据牛顿第二定律得：得所以小球第一次到达B点时的速度为在下滑的过程中受到重力、竖直向上的电场力、垂直玻璃管向下的弹力和沿玻璃管向上的摩擦力，在BC面上，小球开始从B点做匀减速运动，得所以，速度为0时到B的距离为C错误；D.接着小球又反向向B加速运动，到B后又减速向A运动，这样不断地往复，最后停在B点，有：得：小球通过的全路程D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：导线的粗细相同、材料相同，由电阻定律：可知：导线越长，电阻越大，由：可知：ACB导线电流最小，而ADB导线电流最大，四段导线的有效长度都相同，由F=BIL可知，ADB段受到的安培力最大，而ACB段受到的安培力最小，由左手定则可知，它们的安培力的方向均相同，故AC正确，BD错误；故选AC．考点：电阻定律；安培力【名师点睛】本题考查电阻定律与欧姆定律的应用，掌握左手定则及安培力大小表达式，注意理解有效切割长度是解题的关键．8、BD【解析】

A.电流方向有b到a，根据安培左手定则可知，导体棒受到的安培力竖直向下，故A错误；B.根据通电导线在磁场中受到的安培力F=BIL可知，当磁场强度增大时，安培力增大，故B正确；C.仅改变电流方向，根据左手定则可知安培力方向改变，故C错误；D.金属杆ab两端并联一电阻，总电阻减小，总电流增大，内电压增大、路端电压减小，则通过ab棒的电流减小，根据F=BIL可知，安培力减小，故D正确。9、CD【解析】因为φk＜φL，且带电粒子在ab段做减速运动，因此粒子带正电，A错误；由电场线分布情况可知a点场强小于b点场强，因此粒子在a点的加速度小于在b点的加速度，B错误；a点和e点处在同一等势面上，因此该粒子在该两点的动能、电势能都相等，C正确；b点和d点处在同一等势面上，b、d两点的电势能相等，由于带电粒子在ab段做减速运动即该阶段电场力做负功，电势能增加，即a点的电势能小于b点的电势能，故D正确.10、BD【解析】以小球为研究对象，剪断橡皮条前其受力情况如图，根据平衡条件得AO绳的拉力大小为：FA=mgtanα，BO绳的拉力大小为：若剪断AO瞬间，FA=0，而FB不变，则此瞬间小球所受的合力大小等于FA=mgtanα，方向与原来FA相反，所以加速度大小为：剪断BO瞬间，FB=0，而FA不变，则此瞬间小球所受的合力大小等于FB=mgcosα，方向与原来FB相反，所以加速度大小为：a=g故选BD【点睛】本题是瞬时问题，先分析橡皮条剪断前小球的受力情况，再分析剪断橡皮条瞬间小球的受力情况，抓住橡皮条与弹簧类似的特性：弹力不能突变，根据牛顿第二定律求解瞬间的加速度。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、相同电阻R电压表和电阻R大电压表＜外接内接AC【解析】

（1）[1]．用伏安法测电阻，如果电流表内阻为零，电压表的电阻趋近于无穷大，则电表对测量结果无影响，即两种电路（内接和外接）测量同一电阻，测量结果相同。（2）电流表外接法（如图）①[2][3][4]．用外接法测量待测电阻R的阻值时，电压表测量的是电阻R两端的电压；电流表测量的是通过电压表和电阻R的电流；电流表的读数比实际流过待测电阻R的电流大；②[5]．外接法误差产生的原因：由于电压表的分流作用；③[6]．根据可知，因为电流表的读数比实际流过待测电阻R的电流大，则外接法测量值与真实值之间的关系显然R测<R真；（3）测量方法确定：①[7]．若Rx远小于RV，电压表分流作用小，采用电流表外接法；②[8]．若Rx远大于RA，电流表分压作用小，采用电流表内接法；（4）[9]．此电路中由于电流表的分压作用，则RX的测量值比真实值大，选项A正确，B错误；