2025届安徽省滁州三中高二物理第一学期期中复习检测试题含解析

2025届安徽省滁州三中高二物理第一学期期中复习检测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、·如图，平行板电容器两极板的间距为d，极板与水平面成45°角，上极板带正电．一电荷量为q（q>0）的粒子在电容器中靠近下极板处，以初动能Ek0竖直向上射出．不计重力，极板尺寸足够大．若粒子能打到上极板，则两极板间电场强度的最大值为A． B．C． D．2、当在电场中某点放入电荷量为q的正试探电荷时，测得该点的电场强度为E，若在同一点放入电荷量为q′＝2q的负试探电荷时，测得该点的电场强度()A．大小为E，方向与E相同B．大小为2E，方向与E相同C．大小为2E，方向与E相反D．大小为E，方向与E相反3、两个完全相同的金属球A和B(可视为点电荷)带电荷量之比为1∶7，相距为r.两者接触一下放回原来的位置，若两电荷原来带异种电荷，则后来两小球之间的库仑力大小与原来之比是()A．3∶7 B．7∶9 C．9∶7 D．16∶74、如图所示，一定质量的理想气体密封在绝热(即与外界不发生热交换)容器中，容器内装有一可以活动的绝热活塞．今对活塞施以一竖直向下的压力F，使活塞缓慢向下移动一段距离后，气体的体积减小．若忽略活塞与容器壁间的摩擦力，则被密封的气体()图13－2－4A．温度升高，压强增大，内能减少B．温度降低，压强增大，内能减少C．温度升高，压强增大，内能增加D．温度降低，压强减小，内能增加5、两颗人造卫星绕地球做匀速圆周运动，轨道半径之比为1：4，则两颗卫星的()A．线速度大小之比为1:2B．角速度大小之比为8:1C．运行的周期之比为D．向心加速度大小之比为4:16、如图所示的电路，L1、L2、L3是3只小电灯，R是滑动变阻器，开始时，它的滑片P位于中点位置．当S闭合时，3只小电灯都发光．现使滑动变阻器的滑片P向右移动时，则小电灯L1、L2、L3的变化情况（各灯电压均未超过额定值）：A．L1变亮、L2变亮B．L2变亮、L3变暗C．L1变暗、L3变亮D．L1、L2、L3均变亮二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，有A、B、C三点，A点为两点电荷连线的中点，B点为连线上距A点为d的一点，C点为连线中垂线距A点也为d的一点,则下面关于三点电场强度的大小、电势高低的比较，正确的是()A．EB>EA>EC B．EA>EB>EC C． D．8、如图所示电路，用直流电动机提升重量为400N的重物，电源电动势为100V，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.80m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为4.0A，可以判断：（）A．提升重物消耗的功率为400WB．电动机消耗的总功率为400WC．电动机线圈的电阻为5ΩD．电动机线圈的电阻为20Ω9、下列说法不正确的是()A．法国物理学家库仑利用扭秤实验发现了电荷之间的相互规律——库仑定律B．英国物理学家法拉第发现了万有引力定律C．英国物理学家牛顿最早引入了场概念，并提出用电场线表示电场D．美国物理学家密立根通过实验精确测定了元电荷e的电荷量，获得诺贝尔奖10、关于电表，下列说法正确的是：A．利用串联电路中电阻分压原理，可将电流表串联一个分压电阻改装成电压表B．如果要将电压表量程扩大n倍，则所串的分压电阻应是内阻的n倍C．用同一表头做成的电流表，电流表的量程越大，其内阻越小D．当电流表测某电路的电流时，测量值一定总是小于真实值三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）一种供实验使用的小型电池电动势约为9V，内阻约为40Ω，电池允许最大输出电流为50mA，为了准确测定这个电池的电动势和内阻，用图甲（a）所示的实验电路进行测量（图中电压表内阻很大，可不考虑它对测量的影响），R为电阻箱，阻值范围为0~9999Ω，R0是保护电阻。（1）按实验要求，把图甲（b）中的实验器材按实验电路图进行正确连线______（2）在实验中当电阻箱调到图乙所示位置后，闭合开关K，电压表示数9.0V，变阻箱此时电阻为______Ω。（3）断开开关，调整电阻箱阻值，再闭合开关，读取电压表示数，多次测量后，做出如丙图所示线，则该电池电动势E=______V，内阻r=______Ω。12．（12分）要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的伏安特性曲线，所供选择的器材除了导线和开关外，还有以下一些器材可供选择：A、电源E（电动势3.0V，内阻可不计）B、电压表V1（量程为0～3.0V，内阻约2kΩ）C、电压表V2（0～15.0V，内阻约6kΩ）D、电流表A1（0～0.6A，内阻约1Ω）E、电流表A2（0～100mA，内阻约2Ω）F、滑动变阻器R1（最大值10Ω）G、滑动变阻器R2（最大值2kΩ）（1）为减少实验误差，实验中电流表应选择___，滑动变阻器应选择_______（填各器材的序号）（2）为提高实验精度，请你设计实验电路图，并画在图甲的虚线框中___．（3）实验中测得一组数据作出了该电珠的U-I图线如图所示．根据该图线可知小电珠的额定功率是_______W．（4）由图象可知，小电珠电阻的变化特点是_________四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，光滑绝缘斜面高度h＝0.45m，斜面底端与光滑绝缘水平轨道圆弧连接，水平轨道边缘紧靠平行板中心轴线．平行板和三个电阻构成如图所示电路，平行板板长为l＝0.9m，板间距离d＝0.6m，R1＝3Ω，R2＝3Ω，R3＝6Ω．可以看为质点的带电小球，电量q＝－0.01C，质量m＝0.03kg，从斜面顶端静止下滑．（1）若S1、S2均断开，小球刚好沿平行板中心轴线做直线运动，求电源电动势E．（2）若S1断开，S2闭合，小球离开平行板右边缘时，速度偏向角tanθ＝，求电源内阻r．（3）若S1、S2均闭合，判断小球能否飞出平行板？14．（16分）如图所示，R为电阻箱，V为理想电压表．当电阻箱读数为R1＝2Ω时，电压表读数为U1＝4V；当电阻箱读数为R2＝5Ω时，电压表读数为U2＝5V．求：（1）电源的电动势E和内阻r．（2）当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率最大？最大值Pm为多少？15．（12分）某同学在实验室找了一个电流表.一个电池、一个定值电阻，串联起来后两端接上红黑表笔，当做欧姆表使用（如图所示)，两个表笔直接接触时，电流表读数为6.0mA:两支表笔接在150Ω的电阻两端时。电流表读数为3.75mA，现把表笔与一个未知电阻连接，电流表读数为5mA，这个未知电阻多大?

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】试题分析：当电场足够大时，粒子打到上极板的极限情况为：粒子到达上极板处时速度恰好与上极板平行，粒子的运动为类平抛运动的逆运动．将粒子初速度v0分解为垂直极板的vy和平行极板的vx，根据运动的合成与分解，当时，根据运动学公式有，，，联立得，故B正确．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．【名师点睛】根据带电粒子在电场中的类平抛运动规律，沿电场方向的匀减速运动，结合粒子到达上极板时的临界条件，利用动能定理和运动学公式解答．2、A【解析】

依题，当在电场中某点放入电量为q的正试探电荷时，测得该点的场强为E，若在同一点放入电量为q′=2q的负试探电荷时，电场强度的大小和方向都不变，即该点的场强大小仍为E，方向与E相同。故选A。【点睛】本题考查对电场强度物理意义的理解．电场强度是反映电场本身性质的物理量，与试探电荷无关，电场中同一点，不管放什么电荷，放不放电荷，该点的电场强度大小和方向都是一定的．3、C【解析】

两个完全相同的金属小球,将它们相互接触再分开,带电量先中和后平分,设金属球A和B带电量为,所以分开后A、B所带的电荷相等都为3Q,

根据库仑定律得:计算得出A.3∶7，与分析不符，故A错误；B.7∶9，与分析不符，故B错误；C.9∶7，与分析相符，故C正确；D.16∶7，与分析不符，故D错误。4、C【解析】试题分析：绝热活塞使得气体不能与外界发生热传递，那么活塞向下移动过程，外力对气态做正功，导致气体内能增加，而气体内能主要取决于分子平均动能，分子平均动能的标准是温度，所以内能增加，温度升高，根据体积变小，分子平均动能变大，那么单位时间内分子对单位面积的容器壁撞击力增大，压强增大，对照选项C对．考点：改变气体内能的两种方式5、B【解析】

设任一卫星的质量为m，轨道半径为r，地球的质量为M．则对于在轨卫星，有：得：，，，a=可见，轨道半径之比为1：4，则得线速度大小之比为2：1，角速度大小之比为8:1；运行的周期之比为1：8，向心加速度大小之比为16：1．故B正确，ACD错误．故选B．6、B【解析】

由题意可知考查电路的动态分析，根据闭合电路欧姆定律分析计算可得。【详解】滑片P向右移动，支路电阻增大，外电阻增大，总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律可知总电流减小，内电压减小，外电压增大，通过灯L1电流变小，所以变暗，外电压增大，灯L1的电压减小，说明灯L2两端电压增大，通过灯L2的电流增大，变亮，而总电流减小，通定灯L3电流减小，变暗。A．描述与题意分析不符合，故A错误。B．描述与题意分析符合，故B正确。C．描述与题意分析不符合，故C错误。D．描述与题意分析不符合，故D错误。【点睛】电路动态分析时，先从局部电阻入手，分析电阻变化，再分析总电阻变化，根据闭合电路欧姆定律可知总电流变化，内电压变化，外电压变化，先分析电阻不变的用电器电流、电压变化，最后灵活选择电流、电压关系间接分析出电阻变化用电器电流、电压变化情况。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】

如图为等量异种点电荷的电场，则电场线是从正电荷出发到负电荷终止．所以A、B两点处于从左向右的电场线方向上，根据顺着电场线电势降低，可知φA＞φB．而A、C同处于一根等势线，所以φA=φC．因此φA=φC＞φB．由等量异种点电荷的电场线的分布，可得B点的电场线最密，C点的最疏．所以EB＞EA＞EC，故选AC．【点睛】虽然电场线不是实际存在的，但电场线的疏密可以体现电场强度的强弱；可以根据电场线方向来确定电势的高低；同时还考查了等量异种点电荷的电场线的分布，电场线与等势线相互垂直.8、BC【解析】试题分析：电动机消耗的电功率为，电动机输出功率即提升重物消耗的功率为，所以电动机的热功率为，根据公式可得，故B、C正确．考点：考查了电功率的计算9、BC【解析】库仑发现了库仑定律，并且利用扭称实验测出了静电力常量，A正确；B、英国物理学家牛顿发现了万有引力定律，故B错误；C、英国物理学家法拉第引入了场的概念来研究电场，并提出用电场线表示电场，故C错误；D、密立根通过实验精确测出了元电荷的电荷量，故D正确．本题选不正确的，所以不正确的是BC综上所述本题答案是：BC10、AC【解析】

由题意可知考查电表改装，根据电表改装原理分析可得。【详解】A．利用串联电路中电阻分压原理，可将电流表串联一个分压电阻改装成电压表，符合客观实际，故A正确。B．如果要将电压表量程扩大n倍，则所串联的分压电阻应是原电压表内阻的n-1倍，故B错误；C．用同一表头做成的电流表，电流表的量程越大，并联的电阻越小，其总的内阻越小，故C正确；D．当电流表测某电路的电流时，测量值可能小于真实值，也可能大于真实值，故D错误。【点睛】改装成电压表是在原来基础上串联一电阻，量程越大，需要串联的电阻越大。改装电流表是在原来基础上并联一电阻，量程越大，需要并联的电阻越小。读数大小取决于总电压、总电流，指针偏角大小仅取决于通过表头的电流大小，通过表头的电流越大（越小），偏转角度越大（越小）。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、【解析】

（1）[1]实物电路图如图所示（2）[2]由图所示，电阻箱阻值为（3）[3]由闭合电路欧姆定律可得图像的纵截距表示电动势，故电动势大小为[4]图像斜率的绝对值表示内阻，所以12、DF0.94-0.98灯泡电阻随电压的增大而增大【解析】

由题中“要测绘额定电压为2V的日常用小电珠的伏安特性曲线”可知，本题考查小灯泡伏安特性曲线测绘，根据伏安法和分压法要求，结合实验规律可分析本题【详解】（1）[1]根据小电珠的电流变化，电流表选择D；[2]本实验是测绘小电珠伏安特性曲线，需要电压的变化范围比较大，故采用分压式，因此选择滑动变阻器R1；（2）[3]本实验是测绘小电珠伏安特性曲线，需要电压的变化范围比较大，故采用分压式，故连接方式为（3）[4]小电珠额定电压是2V，从表中可知，电流在0.47A到0.49A左右，故其额定电功率根据公式可得为0.94W-0.98W（4）[5]U-I图线中斜率表示电阻，由图可知，小电珠电压增大斜率变大，因此可得灯泡电阻随电压的增大而增大。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）18V（2）1Ω（3）能飞出【解析】

考查力电综合问题．【详解】（1）小球下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：解得：，对S1、S2均断开时，极板电