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文档简介
安徽省合肥一中、安庆一中等六校教育研究会2025届高一物理第一学期期末达标检测试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、如图所示,在水平面运动的小车内,用轻绳AB、BC拴住一个重力为G的小球,轻绳AB、BC与水平方向夹角分别为30°和45°,绳AB的拉力为绳BC的拉力为下列叙述不正确的是A.小车向右以加速度匀加速运动时B.小车向右以加速度匀加速运动时C.小车向右以加速度匀减速运动时D.小车向右以加速度匀减速运动时2、如图所示,轻弹簧下端固定在水平面上.一个小球从弹簧正上方某一高度处由静止开始自由下落,则小球从接触弹簧到下降到最低点的过程中()A.小球刚接触弹簧瞬间速度最大B.小球的加速度方向都是竖直向上C.小球的速度先增大后减小D.小球的加速度先增大后减小3、物体自O点由静止开始做匀加速直线运动,A、B、C、D是轨迹上的四点,测得AB=2m,BC=3m,CD=4m且物体通过AB、BC、CD所用时间相等,则OA间的距离为()A.1m B.0.5mC.9/8m D.2m4、下列说法正确的是()A.牛顿第一定律是通过实验得出的 B.没有力的作用,物体只能处于静止状态C.力不是维持物体运动的原因 D.不直接接触的物体间没有力的作用5、如图所示,物体B放在物体A上,正一起沿光滑的斜面向下滑动,已知A的上表面水平,下列对A、B两物体受力情况分析正确的是()A.B只受重力和支持力两个力作用B.A对B一定有沿斜面向下的静摩擦力C.A对B一定有水平向向左的静摩擦力D.B对A的压力大小应等于B的重力6、如图所示,细绳MO与NO所能承受的最大拉力相同,长度MO>NO,则在不断增加重物G的重力过程中(绳OC不会断)()A.OM绳先被拉断 B.ON绳先被拉断C.ON绳和OM绳同时被拉断 D.因无具体数据,故无法判断哪条绳先被拉断7、如图所示,电梯的顶部挂有一个弹簧秤,秤下端挂了一个重物,电梯匀速直线运动时,弹簧秤的示数为10N,在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为5N,g=10m/s2。关于电梯的运动,以下说法正确的是()A.电梯可能向下加速运动,加速度大小为5m/s2B.电梯可能向上加速运动,加速度大小为5m/s2C.电梯可能向下减速运动,加速度大小为5m/s2D.电梯可能向上减速运动,加速度大小为5m/s28、两个重叠在一起的滑块,置于倾角为θ的固定斜面上,滑块A、B的质量分别为M和m,如图所示,A与斜面的动摩擦因数为μ1,B与A间的动摩擦因数为μ2,已知两滑块都从静止开始以相同的加速度从斜面滑下,则滑块A受到的摩擦力()A.等于零 B.方向沿斜面向上C.大小等于 D.大小等于9、假设高速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶.甲车在前,乙车在后,速度均为v0=30m/s,距离为s0=100m.t=0时刻甲车遇紧急情况后,甲、乙两车的加速度随时间变化如图所示.取运动方向为正方向,下列说法正确的是()A.t=3s时,甲车的速度为0m/s B.t=6s时,两车距离为10mC.t=9s时,甲在乙前方20m处 D.0~9s内,两车会相撞10、下列有关物理思想方法说法正确的是A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时,用质点来代替物体的方法叫假设法B.重心概念的建立体现了理想化模型的思想C.根据速度定义式,当Δt足够小时,就可以表示物体在t时刻的瞬时速度,应用了极限思想方法D.在探究“力、质量、加速度之间的关系”时,采用了控制变量法11、如图所示,水平传送带两端、相距,以的速度(始终保持不变)顺时针运转.今将一小煤块(可视为质点)无初速度地轻放至端,由于煤块与传送带之间有相对滑动,会在传送带上留下划痕已知煤块与传送带间的动摩擦因数,重力加速度,则煤块从运动到的过程中A.煤块从运动到的时间是2.3sB.煤块从运动到的时间是1.6sC.划痕长度是2.8mD.划痕长度是3.2m12、如图甲所示,一轻质弹簧的下端固定在水平面上,上端放置一物体(物体与弹簧不连接),初始时物体处于静止状态。现用竖直向上的拉力F作用在物体上,使物体开始向上做匀加速运动,拉力F与物体位移x之间的关系如图乙所示(g=10m/s2),则下列结论正确的是()A.物体与弹簧分离时,弹簧处于压缩状态 B.弹簧的劲度系数为7.5N/cmC.物体的质量为2kg D.物体的加速度大小为5m/s2二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、(6分)14、(10分)三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)15、(12分)如图所示,放在粗糙斜面上的物块A和悬挂的物块B均处于静止状态。轻质弹簧中轴线沿水平方向,轻绳的段与竖直方向的夹角,斜面倾角,物块A和B的质量分别为、,弹簧的劲度系数为,重力加速度。求:(1)弹簧的伸长量x;(2)物块A受到的摩擦力f的大小和方向。16、(12分)12分)在研究摩擦力特点的实验中,将木块放在水平长木板上,如图甲所示,用力沿水平方向拉木块,拉力从0开始逐渐增大.用特殊的测力仪器测出拉力和摩擦力,并绘制出摩擦力Ff随拉力F变化的图像,如图乙所示.已知木块质量为2kg,取g=10m/s2(1)求木块与长木板间的动摩擦因数;(2)若将实验中的长木板与水平方向成37°角放置,将木块置于其上,木块在平行于木板的恒力F作用下,从静止开始向上做匀变速直线运动,沿斜面向上运动4m,速度达到4m/s,求此拉力F的大小.(sin37o=0.6,cos37o=0.8)17、(12分)如图所示的传送带,其水平部分ab的长度为2m.倾斜部分bc的长度为4m,bc与水平面的夹角为θ=37°,将一小物块A(可视为质点)轻轻放于传送带的a端,物块A与传送带间的动摩擦因数为μ=0.25.传送带沿图示方向以v=2m/s的速度匀速运动,若物块A始终未脱离传送带,试求:(1)小物块A从a端传送到b端所用的时间(2)小物块到达c点的速度
参考答案一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、D【解析】当加速度方向向左或向右时,分别找出当AB和BC绳的拉力为零时的临界加速度值,然后进行分析.【详解】当小车向右加速运动时,当AB绳的拉力恰为零时,根据牛顿第二定律:mgtan450=ma1,解得a0=g,则小车向右以加速度g匀加速运动时,T1=0,T2=G,选项AB正确;当小车向右做减速运动时,当BC绳的拉力恰为零时,根据牛顿第二定律:mgtan600=ma2,解得a2=g,,则小车向右以加速度g匀减速运动时,T2=0,T1=2G,故选项C正确,D错误;此题选择不正确的选项,故选D.2、C【解析】在接触弹簧前小球只受到重力作用,做自由落体运动.接触弹簧后小球受到向上的弹力作用,在弹力小于重力的时候小球仍具有向下的加速度,但是加速度大小随弹力增加而减小;在弹力大于重力的时候小球具有向上的加速度,开始做减速运动【详解】A项,小球接触弹簧后仍做加速运动,当弹力等于重力时速度最大,故A项错误B项,当弹力大于重力后合力才变为竖直向上,故B项错误CD项,由过程分析可知,小球接触弹簧后先做加速度不断减小的加速运动,后做加速度不断增大的减速运动,故C对;D错;故选C3、C【解析】设物体通过AB、BC、CD所用时间分别为T,则B点的速度根据得则则A.1m,与结论不相符,选项A错误;B.0.5m,与结论不相符,选项B错误;C.9/8m,与结论相符,选项C正确;D2m与结论不相符,选项D错误4、C【解析】A.牛顿第一定律是在实验的基础上进一步的推理概括出来的科学理论,而不是直接通过实验得出的,也不是直接经过推论得出的,A错误;B.没有力的作用,物体可能做匀速直线运动,B错误;C.伽利略运用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因”,C正确;D.不直接接触的物体间也可能有力的作用,如重力,D错误。故选C。5、C【解析】AB一起沿光滑斜面向下滑动,将AB看成整体,受力分析可知,AB一起沿斜面向下做加速度为的匀加速直线运动.由此运动状态出发,判断A和B的受力情况即可【详解】ABC、因为B的加速度沿斜面向下,故B还受A给的水平向左的静摩擦力,AB错误,C正确;D、因B的加速度由沿竖直向下的分量,故在竖直方向满足,则,根据牛顿第三定律可知,B对A的压力大小应小于B的重力,故D错误故选C【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析,运用牛顿第二定律进行求解,注意整体法和隔离法的运用6、A【解析】O点受力平衡,对O点进行受力分析,受到重物的拉力,OM绳的拉力和ON绳的拉力,合力为零根据平行四边形定则及MO>NO得:OM绳的拉力大于ON绳的拉力,所以当重力逐渐增大,OM绳先达到最大拉力,OM绳先断。故选A。7、AD【解析】对物体受力分析,据牛顿第二定律可得物体的加速度,从而判断物体的可能运动情况。【详解】电梯匀速直线运动时,弹簧秤的示数为10N,物体处于平衡状态,有则物体的质量为弹簧秤的示数变为5.0N时,对物体受力分析,据牛顿第二定律可得解得,方向竖直向下电梯加速度大小为5m/s2,可能向下加速运动,也可能向上减速运动,故选AD。8、BC【解析】以整体为研究对象,根据牛顿第二定律得,整体的加速度为:设A对B的摩擦力方向向下,大小为f,则有:解得:负号表示摩擦力方向沿斜面向上则A受到B的摩擦力向下,大小,斜面的滑动摩擦力向上,A受到的总的摩擦力为:;AB.计算出的A受的总的摩擦力为负值,表示方向沿斜面向上;故A项错误,B项正确.CD.计算得出A受到总的摩擦力大小为;故C项正确,D项错误.9、AB【解析】A.甲做匀减速直线运动,时,甲车的速度为:故A正确;B.由加速度图象可画出两车的速度图象,如图所示由图象可知,时两车等速,此时距离最近,图中阴影部分面积为内两车位移之差:两车距离为:故B正确;C.时两车间的位移差为:时两车距离为:故C错误;D.由图象可知,时两车等速,此时距离最近,由于,乙车没有追上甲车,6s后乙车的速度小于甲车的速度,所以0~9s内两车不会相撞,故D错误;故选AB。10、CD【解析】A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时,用质点来代替物体的方法叫理想模型的方法,故A错误;B.重心概念的建立体现了等效替代的思想,故B错误;C.根据速度定义式,当△t非常非常小时,就可以表示物体在t时刻的瞬时速度,该定义应用了极限思想方法,故C正确;D.在探究“力、质量、加速度之间的关系”时,采用了控制变量法,故D正确。故选CD。11、AD【解析】AB.煤块做匀加速直线运动时,根据牛顿第二定律有得假设煤块的速度达到4m/s时未离开传送带,此时煤块通过的位移大小为因此煤块先做匀加速直线运动,后做匀速直线运动,做匀加速直线运动的时间为此后煤块以与传送带相同的速度匀速运动至端,有匀速运动的时间为运动的总时间为A正确,B错误;CD.划痕长度即煤块相对于传送带位移大小,可得C错误,D正确12、CD【解析】A.物体与弹簧分离时,弹簧不再受到物体的压缩,故恢复原长,A错误;BCD.在未施加外力前刚施加外力时,即F=10N时从图中可知当F=30N时,拉力不再变化,即此时物体只受拉力和重力作用,故联立解得故B错误,CD正确。故选CD。二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、14、三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)15、(1);(2)5N,方向沿斜面向下【解析】(1)以结点O为研究对象,受力并正交分解如图据平衡条件有,x方向y方向联立解得,(2)物块A受力并正交分解如图据平衡条件有,方向解得,方向沿斜面向下。16、(1)0.2(2)19.2N【解析】(1)设木块与木板间的动摩擦因数为μ,由图乙知木块受到的滑动摩擦力Ff=μmg=4N,解得μ=0.2.(2)设木块在斜面上的加速度为a,由v2=2ax解得a=2m/s2,对木块受力分析如图所示,建立直角坐标系,由牛顿第二定律得F-mgsinθ-F=ma,F-mgcosθ=0,又F=μF,解得F=19.2N17、(1)14s(2)6m/s【解析】(1)根据牛顿第二定律求出小物块的加速度,并求出当物块的速度达到2m/s时的位移,判断出物体的运动情况,从而求出小物块从a端被传送到b端所用的时间(2)根据摩擦力与下滑力的关系,判断出物体的运动情况,根据牛顿第二定律求出加速度,再根据运动学公式求出小物块被传送到c端时的速度大小【详解】(1)物块A放于传送带上后,物块受力图如图a所示A先在传送带上滑行一段距离,此时A做匀加速运动(相对地面),直到A与传送带的运动速度相同为止,此过程A的加速度为a1,则有:μmg=ma1a1=μg=2.5m/s2A做匀加速运动的时间:t1==0.8s这段时间内A对地的位移是x1=t1=0.8m.当A的速度达到2m/s时,A随传送带一起匀速运动
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