2025届福建省福州市罗源县第一中学物理高二第一学期期中调研试题含解析

2025届福建省福州市罗源县第一中学物理高二第一学期期中调研试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，A、B两灯分别标有“110V、100W”和“110V、40W”，按不同方法接入220V电路，能使两灯正常发光，且电路中消耗功率最小的是（）A．B．C．D．2、关于同步卫星绕地球运动的相关物理量，下列说法正确的是A．角速度等于地球自转的角速度B．向心加速度大于地球表面的重力加速度C．线速度大于第一宇宙速度D．运行周期一定大于月球绕地球运动的周期3、如图所示，质量为m的小球分别放在桌面上斜面体的上端和地面上，若以桌面为参考平面，则在图中的两个物体的重力势能分别为()A．mgh1，－mgh2B．mg(h1＋h2)，0C．mgh2，mgh1D．mg(h1－h2)，04、如图所示，一长直导线AB中通以如图乙所示的交流电，在导线附近的正下方放置一闭合线圈，线圈平面与导线在同一平面内如图甲所示，则下列说法中正确的是()A．在t1时刻，线圈内有感应电流 B．在t2时刻，线圈内没有感应电流C．t>0的任意时刻，线圈内都有感应电流 D．以上说法都不对5、如图所示，真空中有一四面体ABCD，MN分别是AB和CD的中点，现在A、B两点分别都固定电荷量为+Q的点电荷，下列说法正确的是A．C、D两点的电场强度相同B．仅受电场力的负点电荷，可以在该电场中作匀速圆周运动C．N点的电场强度方向平行AB且跟CD垂直D．将试探电荷+q从C点移到D点，电场力做正功，试探电荷+q的电势能降低6、关于形变与弹力的说法中正确的是A．只有弹簧才可以产生弹力B．接触的物体之间发生的形变程度越大，它们之间的弹力越小C．日常生活中所说的弹簧的“硬”与“软”是指弹簧的轻与重D．日常生活中所说的弹簧的“硬”与“软”是指弹簧的劲度系数的大小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，平面直角坐标系xoy中有一匀强电场，ABC构成正三角形，A点坐标为（-2cm，0），C点坐标为（2cm，0）。将电量为q=-8×10-16C的试探电荷从A点移到B、C两点，静电力做功分别为2.0×10A．A、C两点电势差为UB．y轴上所有点电势相等C．将电量为8.0×10-16C正电荷有B点移到D．该匀强电场的场强为2508、如图所示，在一匀强磁场中有三个带电粒子，其中1和2为质子，3为α粒子（He）的径迹．它们在同一平面内沿逆时针方向做匀速圆周运动，三者轨道半径r1＞r2＞r3并相切于P点，设T、v、a、t分别表示它们做圆周运动的周期、线速度、向心加速度以及各自从经过P点算起到第一次通过图中虚线MN所经历的时间，则（）A．T1＝T2＜T3 B．v1＞v2＞v3 C．a1＞a2＞a3 D．t1＞t2＞t39、质量为m的小球从桌面上以速度竖直向上抛出，桌面离地高度为h，小球能达到的最大离地高度为H.若以地面作为重力势能的零参考平面，如图所示,不计空气阻力，那么下列说法中正确的是：()A．小球抛出时的机械能为B．小球在最高点的机械能为mgHC．小球在最高点的机械能为D．小球落地时的机械能为mgH10、如图，两条光滑平行金属导轨固定，所在平面与水平面夹角为θ，导轨电阻忽略不计．虚线ab、cd均与导轨垂直，在ab与cd之间的区域存在垂直于导轨所在平面的匀强磁场．将两根相同的导体棒PQ、MN先后自导轨上同一位置由静止释放，两者始终与导轨垂直且接触良好．已知PQ进入磁场开始计时，到MN离开磁场区域为止，流过PQ的电流随时间变化的图像可能正确的是A． B． C． D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）旋钮式电阻箱如图所示，电流从接线柱A流入，从B流出，则接入电路的电阻为________.今欲将接入电路的电阻改为，最简单的操作方法是______________．12．（12分）小芳所在小组的同学们准备测量一个量程为3V、内阻约为3kΩ的电压表V1的内阻值R1，在实验室找到了下列器材:A．电源E：电动势约为9V；B．电流表A：量程为0.6A，内阻约0.6Ω；C．电压表V2：量程为6V，内阻R2=6kΩ；D．滑动变阻器R，最大阻值为100Ω；E．单刀单掷开关及导线若干.①同学们先设计了甲乙两个实验电路图，两个电路滑动变阻器均选择了分压连接方式，理由是:；②经过讨论后最终选择了乙电路，不选择甲电路的理由是；③同学们连好了电路如图丙，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片滑到（选填a或b）端；④闭合开关，调节滑动变阻器，发现电压表的读数几乎不变化，可能是（选填导线编号）断了；⑤排除故障后，读得电压表V1、V2读数分别为U1、U2，电压表V1的内阻为：.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在竖直边界线O1O2左侧空间存在一竖直向下的匀强电场．电场强度E=100N/C，电场区域内有一固定的粗糙绝缘斜面AB，其倾角为30°，A点距水平地面的高度为h=4m．BC段为一粗糙绝缘平面，其长度为L=m．斜面AB与水平面BC由一段极短的光滑小圆弧连接（图中未标出），竖直边界线O1O2右侧区域固定一半径为R=0.5m的半圆形光滑绝缘轨道，CD为半圆形光滑绝缘轨道的直径，C、D两点紧贴竖直边界线O1O2，位于电场区域的外部（忽略电场对O1O2右侧空间的影响）．现将一个质量为m=1kg，带电荷量为q=0.1C的带正电的小球（可视为质点）在A点由静止释放，且该小球与斜面AB和水平BC间的动摩擦因数均为μ=（g取10m/s2）．求：（1）小球到达C点时的速度大小；（2）小球到达D点时所受轨道的压力大小；（3）小球落地点距离C点的水平距离．14．（16分）如图所示，静止于A处的离子，经电压为U的加速电场加速后沿图中的半圆弧虚线通过静电分析器，从P点垂直CN进入矩形区域的有界匀强电场，电场方向水平向左。静电分析器通道内有均匀辐向分布的电场，已知圆弧所在处场强大小都为E0，方向沿圆弧半径指向圆心O。离子质量为m、电荷量为q，QN=2d、PN=3d，离子重力不计。(1)离子离开加速电场时的速度；(2)求圆弧虚线对应的半径R的大小；(3)若离子恰好能打在QN的中点上，求矩形区域QNCD内匀强电场场强E的值15．（12分）如图所示，一束电荷量为q、质量为m的带正电粒子从O点由静止开始经过加速电压为U的匀强电场加速后，均能从边界AN的中点P垂直于AN和磁场方向射入磁感应强度大小B＝(B为定值，不随加速电压U的改变而改变)的匀强磁场中，已知：匀强电场的宽度d＝R，匀强磁场由一个长为2R、宽为R的矩形区域组成，磁场方向垂直纸面向里，粒子间的相互作用和重力均不计。试求：(1)带正电粒子经加速电压U加速后的速度v的大小；(2)每个粒子在电场中运动的时间；(3)每个粒子在电磁场中运动的总时间．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】由于AB两个灯泡的电阻大小不同，所以直接把AB串连接入电路的话，AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，故A错误；由于额定电压都是110V，额定功率PA=100W、PB=40W，由此可知，把灯泡A与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，故C错误；由于额定电压都是110V，额定功率PA=100W、，由此可知，把灯泡B与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使A与并联部分的电阻相同，所以AB能同时正常发光，并且电路消耗的功率与A灯泡的功率相同，所以总功率的大小为200W，把AB并联之后与电阻串连接入电路的话，当电阻的阻值与AB并联的总的电阻相等时，AB就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为AB灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为280W，BD的分析可知，正常发光并且消耗的功率最小的为B，故B正确．2、A【解析】

地球同步卫星相对于地球静止，其运行周期等于地球自转的周期，地球同步卫星的角速度等于地球自转的角速度，故A正确；由万有引力等于向心力，则有：，；在地球表面物体重力等于万有引力，有：，地球表面重力加速度为：，同步卫星的半径大于地球半径，同步卫星绕地球运动的向心加速度小于地球表面的重力加速度，故B错误；第一宇宙速度是最大的运行速度，所以同步卫星的线速度小于第一宇宙速度，故C错误；根据开普勒第三定律，同步卫星轨道半径小于月球的轨道半径，所以运行周期小于月球绕地球运动的周期，故D错误；故选A。【点睛】本题考查了地球卫星轨道相关知识点，地球卫星围绕地球做匀速圆周运动，圆心是地球的地心，万有引力提供向心力，轨道的中心一定是地球的球心；同步卫星有四个“定”：定轨道、定高度、定速度、定周期。3、A【解析】以桌面为参考面，即桌面所在平面为零势能面，小球在斜面体的上端距离桌面高度为，在零势能面上方，则重力势能为；地面上的小球在零势能面下方，距离零势能面的距离为，故势能为，故A正确．4、D【解析】在t1时刻，导线中电流不变，在线圈内没有感应电流，A错；在t2时刻导线中电流变化率最大，线圈中电流最大，B错；同理C错；D对；5、B【解析】

A.CD在AB的中垂面上，C、D到AB连线的距离相等，根据等量同种电荷在空间的电场线分布特点，知道C、D两点的电场强度大小相等，但方向不同，故A错误；B.仅受电场力的负点电荷，如果在AB的中垂面内，两个等量正电荷对它的作用总指向A、B连线的中点，就可以提供大小恒定的向心力，可以做匀速圆周运动，故B正确；C.根据电场叠加原理知道N点的电场强度方向与AB垂直，故C错误；D.CD在AB的中垂面上，C、D到AB连线的距离相等，C、D两点电势相等，试探电荷+q从C点移到D点，电场力不做功，其电势能不变，故D错误。6、D【解析】

只要发生弹性形变的物体都可以产生弹力，A错；弹力与形变量、劲度系数都有关系，B错；日常生活中所说的弹簧的“硬”与“软”是指弹簧的劲度系数，C错；D对；故选D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A、C两点电势差为UAC=WACq=4.0×10-15-8×10-16V=-5V；A、B两点电势差为UAB=WABq=2.0×10-15-8×10-16V=-2.5V，则O、B8、ABC【解析】

根据带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力可得半径公式，同时推出周期公式和时间公式，根据牛顿第二定律得到加速度的公式，再进行分析．【详解】设带电粒子的质量和电量分别为m、q，则带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动时周期为

，T与比荷成反比，质子与

α粒子的比荷之比为2：1，则有,故A正确．带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动时半径为

，则，对粒子1和2，其比荷相等，则半径越大速度越大，故；对粒子2和3，粒子2的比荷和半径均比粒子3大，故故B正确．粒子的加速度为，同理，故C正确．由图看出粒子2的速度偏向角大于粒子1的速度偏向角，根据轨迹所对的圆心角等于速度偏向角，可知粒子2轨迹的圆心角大于粒子1轨迹的圆心角，所以粒子2的运动时间大于粒子1的运动时间，即；同理可得,

粒子3轨迹的圆心角大于粒子2轨迹的圆心角，同时由于可知

，故有，则，故D错误．9、ABD【解析】若以桌面作为重力势能的零参考平面，有动能为：，重力势能为：mgh，此时的机械能为：，故A正确；小球在最高点的动能为零，重力势能为mgH，所以机械能为mgH，故B正确，C错误；小球运动过程中，只受重力，机械能守恒，所以小球落地时的机械能为mgH，故D正确。所以ABD正确，C错误。10、AD【解析】

根据图像可知，设PQ进入磁场匀速运动的速度为v，匀强磁场的磁感应强度为B，导轨宽度为L，两根导体棒的总电阻为R；根据法拉第电磁感应定律和闭合电路的欧姆定律可得PQ进入磁场时电流保持不变，根据右手定则可知电流方向Q→P；如果PQ离开磁场时MN还没有进入磁场，此时电流为零；当MN进入磁场时也是匀速运动，通过PQ的感应电流大小不变，方向相反；如果PQ没有离开磁场时MN已经进入磁场，此时电流为零，当PQ离开磁场时MN的速度大于v，安培力大于重力沿斜面向下的分力，电流逐渐减小，通过PQ的感应电流方向相反；A.图像与分析相符，故A正确。B.图像与分析不符，故B错误。C.图像与分析不符，故C错误。D.图像与分析相符，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、最简单的方法是将“×1k”旋钮调到2，“×100”旋钮调到0，“×10”旋钮调到1【解析】试题分析：依次读出各档的电阻值，然后相加，得：，今欲将接入电路的电阻改为，最简单的方法是将“×1k”旋钮调到2，“×100”旋钮调到0，“×10”旋钮调到1，即可得.【点睛】电阻箱读数时，用数字乘以底下的倍数，最后将四个数据相加．当各数字为零时，其阻值最小；当各数字为9时，其阻值最大．12、①电压表内阻远大于滑动变阻器电阻，限流接法电压范围小；②电流表量程太大;③a;④1;⑤【解析】试题分析：①电压表内阻远大于滑动变阻器电阻，若用限流接法电压范围小，测量数据少，读数不方便.②流过电压表V1的最大电流，而电流表A的量程为0.6A，量程太大，示数几乎为零．③闭合开关前，应使电路的阻值最大以保护电表和用电器，滑片滑到a端时电压表V1短路，滑动变阻器的阻值全部接入电路．④闭合开关，调节滑动变阻器，发现电压表的读数几乎不变化，说明电路电阻变化小，但电压表所在支路还是通路，则是滑动变阻器分压式变成了限流式，导线1断了.⑤电压表V2流过的电流，两电压表串联电流相同，则.考点：本题考查了伏安法测电阻、电路的选择和连接、电路故障判断、欧姆定律.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）2m/s（2）30N（3）m【解析】

（1）以小球为研究对象，由A点至C点的运动过程中，根据动能定理可得：则得：vC=2m/s（2）以小球为研究对象，在由C点至D点的运动过程中，根据机械能守恒定律可得：在最高点以小球为研究对象，根据牛顿第