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文档简介
第04讲金属材料及金属矿物的开发利用目录TOC\o"1-3"\h\u01考情透视·目标导航 202知识导图·思维引航 303考点突破·考法探究 4考点一铜及其化合物 4知识点1铜的性质 4知识点2氧化铜和氧化亚铜 5知识点3氢氧化铜和氧化亚铜 5知识点4铜盐 6知识点5铜及其化合物的性质应用 6考向1考查铜及其化合物的性质与应用 7考向2考查铜及其化合物的制备 9考点二金属材料及金属矿物的开发利用 11知识点1金属材料 11知识点2金属冶炼 12考向1合金性质与金属材料的应用 14考向2金属矿物的开发利用 1504真题练习·命题洞见 16
考点要求考题统计考情分析铜及其化合物的性质与应用2023全国乙卷第11题,6分2023湖北卷第18题,14分2022山东卷第12题,4分2021湖北卷第2题,3分2020海南卷第7题,2分从近三年高考试题来看,铜及其化合物的性质与应用和合金的组成、性质和应用仍是高考的命题点;只有浙江考查了金属矿物的开发利用。考查内容以金属及其化合物的性质、合金的性质、金属的冶炼、提纯以及在日常生活、生产中的应用为主。题型以选择题和化工流程题为主。预测新的一年高考可能会可能会在选择题中考查合金的性质和应用及金属矿物的开发利用,题目难度较小;在工艺流程图题中考查铜及其化合物的转化与应用,题目综合性较强,难度较大。金属矿物的开发利用2024山东卷第18题,13分2023湖南卷第1题,3分2023辽宁卷第2题,3分2023辽宁卷第12题,3分2022福建卷第6题,4分2022广东卷1题,2分2021河北卷1题,3分复习目标:1.能列举、描述、辨识铜及其化合物重要的物理和化学性质及实验现象。2.了解合金的组成及其重要应用,能根据合金的性质分析生产、生活及环境中的某些常见问题。3.能根据金属活动性顺序分析化学问题。
考点一铜及其化合物知识点1铜的性质1.存在及位置:(1)存在:在自然界中铜大多数主要以硫化铜存在,主要是辉铜矿(Cu2S)、黄铜矿(CuFeS2)和斑铜矿(Cu5FeS4)。铜还以游离态的形式存在自然铜是一种\t"/item/%E8%87%AA%E7%84%B6%E9%93%9C/_blank"含铜矿石,成分是铜单质。(2)位置:铜位于元素周期表中第4周期ⅠB族,是人类最早使用的金属之一;铜元素是一种的变价金属元素(+1、+2)。2.原子结构(1)铜(Cuprum)是一种金属元素,也是一种\t"/item/%E9%93%9C/_blank"过渡元素,化学符号Cu,英文copper,原子序数29,原子结构示意图为:(2)核外电子排布式:1s22s22p63s23p63d94s1或[Ar]3d94s1,价电子排布式:3d94s1。3.物理性质:紫红色固体,具有良好的延展性、导热性和导电性。4.化学性质①生成铜绿的化学方程式:2Cu+O2+CO2+H2O=Cu2(OH)2CO3(绿色固体)。②Cu和S反应的化学方程式:2Cu+Seq\o(=,\s\up7(△))Cu2S。③与浓硫酸共热的化学方程式:Cu+2H2SO4(浓)eq\o(=,\s\up7(△))CuSO4+SO2↑+2H2O。④与稀硝酸反应的离子方程式:3Cu+8H++2NOeq\o\al(-,3)=3Cu2++2NO↑+4H2O。⑤与浓硝酸反应的离子方程式:Cu+4H++2NOeq\o\al(-,3)=Cu2++2NO2↑+2H2O。⑥与FeCl3溶液反应的离子方程式:Cu+2Fe3+=2Fe2++Cu2+。5.铜的冶炼(1)湿法炼铜:Fe+CuSO4=FeSO4+Cu。(2)高温炼铜:工业上用高温冶炼黄铜矿的方法获得铜(粗铜):2CuFeS2+4O2eq\o(=,\s\up7(800℃))Cu2S+3SO2+2FeO(炉渣)2Cu2S+3O2eq\o(==,\s\up7(1200℃))2Cu2O+2SO22Cu2O+Cu2Seq\o(==,\s\up7(1200℃))6Cu+SO2↑(3)电解精炼铜:粗铜中铜的含量为99.5%~99.7%,主要含有Ag、Zn、Fe、Au等杂质,粗铜通过电解精炼可得到纯度达99.95%~99.98%的铜。电解精炼铜的原理是用粗铜作阳极,铜在阳极上失电子变为Cu2+,用纯铜棒作阴极,Cu2+在阴极上得电子生成铜。知识点2氧化铜和氧化亚铜1.氧化铜(1)物理性质:黑色难溶于水的固体。(2)化学性质:与酸反应,可以用H2、CO、Al还原出Cu。①与酸反应(H+):CuO+2H+=Cu2++H2O②与H2反应:H2+CuOCu+H2O;③与CO反应:CO+CuOCu+CO22.氧化亚铜(1)物理性质:红色难溶于水的固体。(2)化学性质:①与酸反应(H+)为Cu2O+2H+=Cu+Cu2++H2O。②Cu2O遇到HNO3发生氧化反应生成Cu2+。③与H2反应:Cu2O+H2eq\o(=,\s\up11(△))2Cu+H2O。④CuO加强热的反应:4CuOeq\o(=,\s\up7(高温))2Cu2O+O2↑。知识点3氢氧化铜和氧化亚铜1.物理性质:蓝色不溶于水的固体。2.化学性质及应用:(1)反应①的化学方程式:Cu(OH)2CuO+H2O;反应②的离子方程式:Cu(OH)2+2H+=Cu2++2H2O。反应③的化学方程式:RCHO+2Cu(OH)2+NaOHRCOONa+Cu2O↓+3H2O(2)应用利用新制Cu(OH)2悬浊液检验有机化合物中含有的—CHO,乙醛与Cu(OH)2反应的化学方程式:CH3CHO+2Cu(OH)2+NaOHCH3COONa+Cu2O↓+3H2O。知识点4铜盐1.Cu2(OH)2CO3的名称为碱式碳酸铜,是铜绿的成分,是铜在潮湿的空气中被锈蚀的结果,其受热分解的化学方程式为Cu2(OH)2CO32CuO+H2O+CO2↑。2.CuSO4·5H2O为蓝色晶体,俗称蓝矾、胆矾,其受热分解的化学方程式为CuSO4·5H2OCuSO4+5H2O,蓝色晶体受热转化为白色粉末。无水CuSO4遇水变蓝色(生成CuSO4·5H2O),可作为水的检验依据。3.铜盐的毒性:铜盐溶液有毒,主要是因为铜离子能与蛋白质作用,使蛋白质变性失去生理活性,因此人们利用这一性质用胆矾、熟石灰、水配成了波尔多液,用来杀灭植物的病毒。铜盐溶液有毒,主要是因为Cu2+作为一种重金属离子能与蛋白质作用,使蛋白质变性失去生理活性,因此人们利用了它的这一性质用胆矾、熟石灰、水配成了波尔多液,用来杀灭植物的病毒。知识点5铜及其化合物的性质应用1.区别红色物质Cu和Cu2O的方法:向红色物质中加入稀硫酸,若溶液由无色变成蓝色,则该红色物质为Cu2O,否则为Cu,反应的化学方程式为Cu2O+H2SO4=CuSO4+Cu+H2O。2.通常利用热的铜网(反应2Cu+O22CuO)除去混合气体中的少量O2。3.Cu与稀H2SO4不反应,但在通入O2的条件下,Cu可在稀H2SO4中逐渐溶解:2Cu+O2+2H2SO4=2CuSO4+2H2O。4.无水硫酸铜只能作为检验水的试剂,不能作为水蒸气的吸收试剂而用于除杂。5.CuO用于有机化合物中的元素分析——李比希法将准确称量的样品置于一燃烧管中,经红热的氧化铜氧化后,再将其彻底燃烧成\t"/item/%E6%9D%8E%E6%AF%94%E5%B8%8C%E6%B3%95/_blank"二氧化碳和水,用纯的氧气流把它们分别赶入\t"/item/%E6%9D%8E%E6%AF%94%E5%B8%8C%E6%B3%95/_blank"烧碱石棉剂(附在石棉上粉碎的氢氧化钠)及\t"/item/%E6%9D%8E%E6%AF%94%E5%B8%8C%E6%B3%95/_blank"高氯酸镁的吸收管内,前者将排出的二氧化碳变为碳酸钠,后者吸收水变为含有结晶水的高氯酸镁,这两个吸收管增加的重量分别表示生成的二氧化碳和水的重量,由此即可计算样品中的碳和氢的含量。6.利用新制Cu(OH)2悬浊液检验有机化合物中含有的—CHO,如乙醛与Cu(OH)2反应的化学方程式:CH3CHO+2Cu(OH)2+NaOHCH3COONa+Cu2O↓+3H2O7.Cu用作醇催化氧化的催化剂。考向1考查铜及其化合物的性质与应用例1(2024·安徽安庆·三模)铜及其重要化合物在生产中有着重要的应用。辉铜矿(主要成分Cu2S)可以用于制铜,制得的粗铜通过电解法进行精炼。Cu2S与浓硝酸反应可得Cu(NO3)2。Cu在O2条件下能与氨水反应生成[Cu(NH3)4]2+。向稀硫酸中加入Cu2O,溶液变蓝色并有紫红色固体产生。2022年诺贝尔化学奖授予了点击化学领域的三位科学家。一价铜催化的叠氮化物-炔烃环加成反应可谓点击化学中的第一个经典之作,催化剂CuCl是白色难溶于水的化合物,溶于较浓盐酸时生成H[CuCl2](强酸)。上述叙述过程涉及的离子方程式,不正确的是A.Cu2S与浓硝酸反应:B.Cu2O溶于稀硫酸:Cu2O+2H+=Cu+Cu2++H2OC.Cu在O2存在下与氨水反应:D.CuCl溶于较浓盐酸:CuCl+Cl-=[CuCl2]-【答案】A【分析】在书写离子方程式时要遵循电荷守恒、原子守恒,若为氧化还原反应,同时还要符合电子守恒,结合物质的存在形式及拆分原则分析判断。【解析】A.浓硝酸具有强氧化性,Cu2S与浓硝酸反应时,硫元素的氧化产物为H2SO4,Cu为氧化为Cu(NO3)2,浓硝酸被还原为NO2气体,同时反应产生H2O,根据电子守恒、电荷守恒、原子守恒,可得反应的离子方程式应该为:Cu2S+12H++10=2Cu2++10NO2↑++6H2O,A项错误;B.Cu2O在酸性条件下会发生歧化反应,产生Cu、Cu2+、H2O,则Cu2O加入到稀硫酸中,反应产生Cu单质、CuSO4、H2O,离子方程式为:Cu2O+2H+=Cu+Cu2++H2O,B正确;C.Cu在O2存在下能与氨水反应生成[Cu(NH3)4]2+,在碱性环境中,O2得到电子转化生成OH-,离子方程式应该为:2Cu+O2+8NH3·H2O=[Cu(NH3)4]2++4OH-+6H2O,C正确;D.CuCl是白色难溶于水的化合物,溶于较浓盐酸时生成强酸H[CuCl2],则该反应的离子方程式应该为:CuCl+Cl-=[CuCl2]-,D正确;故合理选项是A。【题后归纳】铜及其化合物的颜色、状态及溶解性物质颜色状态及溶解性物质颜色状态及溶解性Cu紫红色,有金属光泽固态,难溶于非氧化性酸,易溶于强氧化性酸CuSO4白色粉末,易溶于水,水溶液呈蓝色CuO黑色粉末,可溶于酸溶液CuSO4·5H2O蓝色晶体Cu2O砖红色固体,难溶于水,可溶于酸溶液(生成Cu和Cu2+)Cu2(OH)2CO3绿色粉末,难溶于水,可溶于酸溶液CuClCuI白色粉末,难溶于水Cu(OH)2蓝色难溶于水,可溶于酸溶液CuS黑色粉末,难溶于水及非氧化性强酸[Cu(NH3)4]2+深蓝色络合离子,溶于水【变式训练1】(2024·安徽阜阳·模拟预测)某同学进行如下实验:实验实验现象ⅰ将铜粉加入试管中,再加入稀溶液变蓝,液面上方呈浅红棕色;至不再产生气泡时,铜粉有剩余,余液呈酸性ⅱ继续向ⅰ中试管加入少量固体又产生气泡,铜粉减少,液面上方呈浅红棕色ⅲ继续向ⅰ中试管滴加几滴浓硫酸又产生气泡,铜粉减少,液面上方呈浅红棕色下列说法不正确的是A.铜与硝酸反应中,硝酸氧化性与氢离子、硝酸根浓度均有关B.ⅰ、ⅱ中铜粉减少的原因能用相同的离子反应解释C.继续向ⅰ中试管加入少量硫酸铜固体,也能发生ⅱ、ⅲ现象D.用一定浓度的与也能使铜粉溶解【答案】C【分析】i.将铜粉加入试管中,再加入稀HNO3,稀硝酸和铜反应生成NO、硝酸铜,溶液变蓝,开始产生无色气体,无色气体又变为红棕色;铜粉有剩余,溶液为酸性;ii.继续向i中试管加入少量固体NaNO3,由于铜粉剩余,溶液为酸性,加入硝酸钠,等同于加入了稀硝酸,所以稀硝酸和铜反应生成NO、硝酸铜,产生无色气体,无色气体又变为红棕色,同时可知推论i中的酸性是硝酸有剩余;iii.继续向ⅰ中试管滴加几滴浓硫酸,溶液酸性增强,硝酸根离子氧化性增强,又和铜反应产生NO气泡,铜粉减少,液面上方呈浅红棕色;【解析】A.由ⅰ、ⅱ分析可知ⅰ还有硝酸剩余,不能将铜全部溶解,故硝酸氧化性和氢离子、硝酸根浓度均有关,A正确;B.ⅰ、ⅱ铜粉减少的原因均为硝酸和铜发生了氧化还原反应,能用相同的离子反应解释,B正确;C.铜离子是氧化产物,增大铜离子浓度铜的还原性减弱,不会发生反应,C错误;D.硝酸根离子在酸性条件下具有强化性,可以将铜氧化,故用一定浓度的与也能使铜粉溶解,D正确;故选C。【变式训练2】(2024·湖南长沙·一模)部分含铜物质的分类与相应铜元素的化合价关系如图所示。下列说法正确的是A.a、d均易溶于水 B.b既有氧化性又有还原性C.加热条件下f与单质硫反应生成d D.向固体c中通入气体生成e【答案】B【分析】a为为为为为为。【解析】.a为为,二者均为难溶于水的黑色粉末,故A错误;B.b为的化合价为价,处于中间价态,既有氧化性又有还原性,故B正确;C.与硫加热时生成,故C错误;D.向固体中通入气体生成和水,故D错误;选B。考向2考查铜及其化合物的制备例2(2024·河北衡水·模拟预测)以含有少量杂质Fe的粗铜为原料,制备蓝矾()的工艺流程如下图所示:下列说法正确的是A.“溶解”时,若忽略少量的杂质铁,理论上硫酸和硝酸的物质的量之比为3∶2B.气体A为酸性氧化物,可与适量的氧气和水反应生成硝酸,循环利用C.物质X可以使用氨水,且X过量对产物无影响D.“操作Z”为蒸发结晶、趁热过滤【答案】A【分析】粗铜加稀硫酸、稀硝酸溶解,得NO和铜离子的溶液,往溶液中加物质X沉淀Fe3+,过滤,所得滤液蒸发浓缩、冷却结晶、过滤得蓝矾。【解析】A.“溶解”时,若忽略少量的杂质铁,据可知,要使H+与的物质的量比为4:1(8:2),则理论上H2SO4和HNO3的物质的量之比为3∶2,故A正确;B.气体A为NO,不属于酸性氧化物,故B错误;C.若物质X为氨水,则过量氨水会沉淀Cu2+,即生成Cu(OH)2沉淀,使蓝矾产量降低,故C错误;D.“操作Z”为蒸发浓缩、冷却结晶、过滤,故D错误;故答案为:A。【变式训练1】(23-24高三上·甘肃兰州·期中)通过下列实验以印刷线路板碱性蚀刻废液(主要成分为[Cu(NH3)4]Cl2)为原料制备还原性物质CuCl。下列说法不正确的是A.“沉铜”得到的沉淀主要为Cu(OH)2B.“还原”时离子方程式为SO+Cu2++Cl-+H2O=CuCl↓+SO+2H+C.“过滤”、“洗涤”时应该在隔绝空气的条件下进行D.可循环利用的物质为H2SO4【答案】B【分析】碱性蚀刻废液(主要成分为[Cu(NH3)4]Cl2)加足量NaOH将铜转化为氢氧化铜沉淀,过滤后将氢氧化铜溶于稀硫酸,得到硫酸铜溶液,再加入亚硫酸钠、NaCl再还原成CuCl,过滤、洗涤得到CuCl。【解析】A.由上述分析可知“沉铜”得到的沉淀主要为Cu(OH)2,故A正确;B.该反应不满足电荷守恒,正确的离子方程式为:SO+2Cu2++2Cl-+H2O=2CuCl↓+SO+2H+,故B错误;C.CuCl易被氧化,因此“过滤”、“洗涤”时应该在隔绝空气的条件下进行,以防止其氧化,故C正确;D.由B中反应可知还原过程中生成硫酸,可在酸溶时循环利用,故D正确;故选:B。【变式训练2】(2024·海南·一模)铁、铜及其化合物之间的转化具有重要应用。下列说法错误的是A.常温下使用铁质容器盛装浓硫酸 B.氯化铁溶液在聚合物的基材上蚀刻出铜电路C.电解精炼铜时,粗铜连电源的正极 D.饱和溶液中滴加稀氨水制备氢氧化铁胶体【答案】D【解析】A.常温下浓硫酸可以使铁钝化,所以常温下可以使用铁质容器盛装浓硫酸,A项正确;B.氯化铁溶液在聚合物的基材上蚀刻出铜电路的反应:2Fe3++Cu=Cu2++2Fe2+,B项正确;C.电解精炼铜时,粗铜作阳极,应连电源的正极,C项正确;D.饱和溶液中滴入沸水中才能制备氢氧化铁胶体,D项错误;故选:D。考点二金属材料及金属矿物的开发利用知识点1金属材料1.合金(1)概念:合金是指两种或两种以上的金属(或金属与非金属)熔合而成的具有金属特性的物质。(2)成分:一种金属为主,另一种或几种是金属或非金属。即合金中一定含金属元素,可能含非金属元素(如钢中含碳)。(3)性能:合金具有不同于各成分金属的物理、化学性能或机械性能。①熔点:一般比它的各成分金属的低;②硬度和强度:一般比它的各成分金属的大。【特别提醒】①构成合金的成分不一定是两种或两种以上的金属,也可以是金属与非金属,合金中一定含金属元素。合金一定是混合物,没有固定的熔、沸点。②常温下,多数合金是固,但钾、钠合金呈液态。③合金的性质不是各成分金属的性质之和。合金具有许多良好的物理、化学和机械性能,在许多方面不同于各成分金属,不是简单加和;但在化学性质上,一般认为合金体现的是各成分金属的化学性质。(4)新型合金及重要应用①“蛟龙”号载人潜水器的耐压球壳用钛合金制造,利用了钛合金的硬度大、机械强度高、耐腐蚀等性质。②喷气式飞机的发动机叶片由镍钴合金制造,利用了其熔点高、耐高温的性质。2.常见金属材料及应用(1)金属材料的工业分类黑色金属材料有色金属材料铁、铬、锰以及它们的合金除黑色金属以外的其他金属及其合金(2)黑色金属材料——钢铁①钢是用量最大、用途最广的合金。②钢eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(碳素钢\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(低碳钢:韧性、焊接性好,强度低,中碳钢:强度高,韧性及加工性好,高碳钢:硬而脆,热处理后弹性好)),合金钢:具有各种不同的优良性能,用于制不锈钢及各种特种钢))(3)有色金属材料——铜和铝①铝及铝合金eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(铝\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(性能:良好的延展性和导电性,用途:制导线)),铝合金\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(种类:硅铝合金、镁铝合金、硬铝等铝合金,性能:密度小、强度高、塑性好、易于成型、制造工艺简单、成本低廉,用途:主要用于建筑业、容器和包装业、交通运输业、电子行业等))))②铜及铜合金eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(铜\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(性能:良好的导电性和导热性,用途:主要用于电器和电子工业、建筑业)),铜合金:青铜(主要含Cu、Sn、Pb)是我国使用最早的合金,常见的还有黄铜(主要含Cu、Zn等)和白铜(主要含Cu、Ni、Zn等)))【特别提醒】合金的组成与性质(1)构成合金的成分不一定是两种或两种以上的金属,也可以是金属与非金属,合金中一定含金属元素。合金一定是混合物。(2)常温下,多数合金是固态,但钾、钠合金呈液态。(3)合金的性质不是各成分金属的性质之和。合金具有许多良好的物理、化学和机械性能,在许多方面不同于各成分金属,不是简单加和;但在化学性质上,一般认为合金体现的是各成分金属的化学性质。知识点2金属冶炼1.金属在自然界中的存在(1)化合态—在金属化合物中,金属元素都显正价(2)游离态—金、铂等极少数金属2.金属冶炼的实质金属的冶炼过程就是把金属从化合态还原为游离态的过程。即:Mn++ne-=M(写反应通式,用M表示金属)。3.金属冶炼的一般步骤4.金属冶炼的方法——金属活动顺序与金属冶炼的关系①电解法:适合冶炼金属活动性很强的金属(一般指在金属活动性顺序中排在锌前面的金属)。工业上用电解法冶炼Na、Mg、Al的化学方程式分别为a.2NaCl(熔融)eq\o(=====,\s\up7(通电))2Na+Cl2↑b.MgCl2(熔融)eq\o(=====,\s\up7(通电))Mg+Cl2↑【注意】不能电解MgO,熔点高,成本高。c.2Al2O3eq\o(=====,\s\up7(通电),\s\do5(冰晶石))4Al+3O2↑。【注意】不能电解AlCl3,AlCl3是共价化合物,液态时几乎不导电。②热还原法:用还原剂(C、CO、H2、Al等)还原金属氧化物,适合较活泼的金属。a.CO还原Fe3O4:Fe3O4+4COeq\o(=====,\s\up7(高温))3Fe+4CO2;b.C还原ZnO:ZnO+Ceq\o(=====,\s\up7(高温))Zn+CO↑;或2ZnO+Ceq\o(=====,\s\up7(高温))Zn+CO2↑c.H2还原WO3:WO3+3H2eq\o(=====,\s\up7(高温))W+3H2O。【注意】在高炉炼铁中,加入的还原剂是焦炭,但反应中真正作还原剂的是CO。③热分解法:适用于不活泼的金属,如Hg和Ag。由HgO冶炼Hg的化学方程式:2HgOeq\o(=====,\s\up7(△))2Hg+O2↑;由Ag2O冶炼Ag的化学方程式:2Ag2Oeq\o(=====,\s\up7(△))4Ag+O2↑。5.铝热反应实验原理Al和某些金属氧化物在高温下进行,反应迅速并放出大量的热,新生成的金属单质呈熔融态且易与Al2O3分离实验装置实验现象①镁带剧烈燃烧,放出一定的热,并发出耀眼的白光,氧化铁和铝粉在较高温度下发生剧烈的反应;②纸漏斗的下部被烧穿,有熔融物落入沙中实验结论高温下,铝与氧化铁发生反应,放出大量的热,反应的化学方程式为2Al+Fe2O3eq\o(=,\s\up11(高温),\s\do4())2Fe+Al2O3原理应用①制取熔点较高、活泼性弱于Al的金属铬、锰、钨等;②金属焊接,如野外焊接钢轨等【特别提醒】铝热反应的三个注意事项①铝热反应是在高温干态下进行的置换反应,铝只能与金属活动性顺序中排在铝之后的金属的氧化物反应。②铝热反应会放出大量的热(这一特性常出现在推断题中)。Mg条、KClO3的作用是产生高温,引发铝热反应。③铝热反应不能用来冶炼大量的金属铁、铜等(要考虑冶炼成本)。6.特殊金属的冶炼方法:有些很活泼的金属也可以用还原法来冶炼,如Na+KCleq\o(=,\s\up7(850℃),\s\do3())K↑+NaCl2RbCl+Mgeq\o(=,\s\up7(700~850℃),\s\do3())MgCl2+2Rb↑等主要运用了化学平衡移动原理,利用K、Rb沸点低,汽化离开反应体系,使化学反应得以向正反应方向进行。考向1合金性质与金属材料的应用例1(2024·山东·模拟预测)镧镍合金是一种具有实用价值的新型储氢合金材料。下列说法不正确的是A.镧镍合金能大量吸收形成金属氢化物B.镍属于过渡元素,位于元素周期表d区C.氢能是理想能源,具有来源广、热值高、无污染等优点D.合金的熔点一定比各成分金属的熔点低【答案】D【解析】A.镧镍合金能大量吸收H2,并与H2结合成金属氢化物,金属氢化物稍稍加热又容易分解,所以可用作储氢材料,A正确;B.镍是28号元素,属于过渡元素,位于元素周期表d区,B正确;C.氢能是理想能源,具有来源广、热值高、无污染等优点,C正确;D.合金的熔点一般比各成分金属的熔点低,但不是一定低,比如汞合金的熔点比汞高,D错误;故选D。【变式训练1】(23-24高三上·辽宁沈阳·期中)化学与生活、生产、社会密切相关,下列说法正确的是A.制造镍氢电池使用的储氢合金是一类能与氢气结合成金属氢化物的材料,如钛锆合金,镧镍合金等B.等漂白剂均是利用强氧化性达到漂白效果C.用于制作大运会火炬塔塔身的钛合金板具有硬度低、延展性好等特点D.天和核心舱电推进系统腔体的氮化硼陶瓷属于传统无机非金属材料【答案】A【解析】A.储氢合金是一种新型合金,一定条件下能吸收氢气和能放出氢气。循环寿命性能优异,并可被用于大型电池,尤其是电动车辆、混合动力电动车辆、高功率应用等等,故A正确;B.二氧化硫的漂白是化合型漂白,不是利用强氧化性,故B错误;C.钛合金硬度大,强度高,耐腐蚀,故C错误;D.氮化硼陶瓷属于新型无机非金属材料,故D错误;故选A。【变式训练2】(23-24高三上·湖北孝感·开学考试)我国古典文献中有丰富的化学知识。《格古要论》云:鍮石,自然铜之精也。今炉甘石(主要成分)炼成者,假鍮也。崔昉《外丹本草》云:铜一斤,炉甘石一斤,炼之成(假)鍮石。下列说法错误的是A.假鍮石比鍮石更方便冲压成型 B.假鍮石的炼制过程会有气体产生C.假鍮石的主要材质为合金 D.假鍮石的炼制过程涉及氧化还原反应【答案】A【解析】A.鍮石是纯铜,假鍮石是铜锌合金,合金硬度比其成分金属的大,假鍮石硬度大相对不方便冲压成型,A错误;B.假鍮石炼制过程涉及反应:、等,有气体生成,B正确;C.假鍮石是铜锌合金,C正确;D.假鍮石炼制过程涉及反应,该反应为氧化还原反应,D正确;故答案选A。考向2金属矿物的开发利用例2(2024·辽宁葫芦岛·一模)下列有关金属的工业制法中,正确的是A.制铜:火法炼铜,即将黄铜矿受热分解以获得铜单质B.制铁:以铁矿石、焦炭、石灰石为原料,CO还原得铁C.制镁:用海水为原料,经一系列过程制得氧化镁固体,还原得镁D.制铝:从铝土矿制得氯化铝固体,再电解熔融的氯化铝得到铝【答案】B【解析】A.黄铜矿(CuFeS2)中Fe的化合价为+2,工业上用黄铜矿冶炼铜的反应:8CuFeS2+21O28Cu+4FeO+2Fe2O3+16SO2,该反应不是分解反应,故A错误;B.工业上常用CO在高温下还原铁矿石炼铁:3CO+Fe2O32Fe+3CO2,故B正确;C.工业上以海水为原料,经过一系列过程获得无水氯化镁,工业制镁是电解熔融氯化镁:MgCl2(熔融)Mg+Cl2↑,故C错误;D.因为氯化铝是共价化合物,熔融状态下氯化铝不电离,也不导电,工业制铝是电解熔融的氧化铝:2Al2O3(熔融)4Al+3O2↑,故D错误;故选B。【变式训练1】(2024·湖南·二模)将含氧化铜的矿石与焦炭混合,在高温条件下可以冶炼金属铜,该冶炼方法属于A.电解冶炼法 B.热还原法 C.热分解法 D.物理分离法【答案】B【解析】冶炼金属铜的反应为氧化铜与焦炭在高温条件反应生成铜和一氧化碳,该冶炼方法属于热还原法,故选B。【变式训练2】(2024·江苏南通·模拟预测)工业用镁还原制备金属Ti,工艺流程如图。下列说法不正确的是A.工业上可通过电解熔融制取金属MgB.用金属Mg还原过程中需要通入作保护气C.“真空蒸馏”的目的是使Mg、气化,实现与Ti的分离D.制得海绵钛中含有少量金属Mg,可以用稀盐酸浸泡除Mg【答案】B【分析】工业生产一般采用电解熔融的方法制镁,所得Mg通过“高温还原”、发生反应制取金属钛,再经过真空蒸馏提纯钛等步骤得到钛产品。【解析】A.由于MgO的熔点高,电解MgO制备金属Mg能耗大,工业生产一般采用电解熔融的方法制镁,故A正确;B.点燃下金属镁和能反应,则用金属镁还原过程中不能用作保护气,可通入Ar作保护气,故B错误;C.真空蒸馏时,需要将金属Mg、分离除去,由于金属钛的熔点很高,因此真空蒸馏的目的是为了降低单质Mg和的沸点,使Mg、气化,实现与Ti的分离,故C正确;D.制得海绵钛中含有少量金属Mg,Ti常温下不与稀盐酸反应,Mg反应,因此可以用稀盐酸浸泡除Mg,故D正确;故选B。1.(2023·湖南卷)中华文化源远流长,化学与文化传承密不可分。下列说法错误的是A.青铜器“四羊方尊”的主要材质为合金B.长沙走马楼出土的竹木简牍主要成分是纤维素C.蔡伦采用碱液蒸煮制浆法造纸,该过程不涉及化学变化D.铜官窑彩瓷是以黏土为主要原料,经高温烧结而成【答案】C【解析】A.四羊方尊由青铜制成,在当时铜的冶炼方法还不成熟,铜中常含有一些杂质,因此青铜属合金范畴,A正确;B.竹木简牍由竹子、木头等原料制成,竹子、木头的主要成分为纤维素,B正确;C.蔡伦用碱液制浆法造纸,将原料放在碱液中蒸煮,原料在碱性环境下发生反应使原有的粗浆纤维变成细浆,该过程涉及化学变化,C错误;D.陶瓷是利用黏土在高温下烧结定型生成硅酸铝,D正确;故答案选C。二氧化碳,是非氧化还原反应,反应Ⅲ是Na2SO3和CuSO4反应生成Cu2O,是氧化还原反应,故A错误;B.低温真空蒸发主要目的是防止被氧化,而不是,故B错误;C.经分析溶液Y的成分是Na2SO3溶液,可循环用于反应Ⅱ的操作单元吸收SO2气体(气体Ⅰ),故C正确;D.制取总反应方程式是2CuSO4+3Na2SO3=Cu2O+2SO2↑+3Na2SO4,化合物X是指Na2SO3,若产量不变,增大比,多的Na2SO3会消耗氢离子,用于控制pH值,可减少的量,故D正确;答案CD。2.(2023·山东卷)利用热再生氨电池可实现电镀废液的浓缩再生。电池装置如图所示,甲、乙两室均预加相同的电镀废液,向甲室加入足量氨水后电池开始工作。下列说法正确的是A.甲室电极为正极B.隔膜为阳离子膜C.电池总反应为:D.扩散到乙室将对电池电动势产生影响【答案】CD【解析】A.向甲室加入足量氨水后电池开始工作,则甲室电极溶解,变为铜离子与氨气形成,因此甲室电极为负极,故A错误;B.再原电池内电路中阳离子向正极移动,若隔膜为阳离子膜,电极溶解生成的铜离子要向右侧移动,通入氨气要消耗铜离子,显然左侧阳离子不断减小,明显不利于电池反应正常进行,故B错误;C.左侧负极是,正极是,则电池总反应为:,故C正确;D.扩散到乙室会与铜离子反应生成,铜离子浓度降低,铜离子得电子能力减弱,因此将对电池电动势产生影响,故D正确。综上所述,答案为CD。3.(2023·全国卷)一些化学试剂久置后易发生化学变化。下列化学方程式可正确解释相应变化的是A硫酸亚铁溶液出现棕黄色沉淀B硫化钠溶液出现浑浊颜色变深C溴水颜色逐渐褪去D胆矾表面出现白色粉末【答案】D【解析】A.溶液呈棕黄色是因为有Fe3+,有浑浊是产生了Fe(OH)3,因为硫酸亚铁久置后易被氧气氧化,化学方程式为:12FeSO4+3O2+6H2O=4Fe2(SO4)3+4Fe(OH)3↓,A错误;B.硫化钠在空气中易被氧气氧化为淡黄色固体硫单质,使颜色加深,化学方程式为:2Na2S+O2+2H2O=4NaOH+2S↓,B错误;C.溴水的主要成分是溴和水,它们会反应,但速度很慢,Br2+H2OHBrO+HBr,2HBrO=2HBr+O2,所以溴水放置太久会变质。但不是生成高溴酸,所以选项中的化学方程式错误,C错误;D.胆矾为CuSO4·5H2O,颜色为蓝色,如果表面失去结晶水,则变为白色的CuSO4,化学方程式为:CuSO4·5H2O=CuSO4+5H2O,方程式正确,D正确;故选D。4.(2022·浙江卷)下列说法不正确的是A.用标准液润洗滴定管后,应将润洗液从滴定管上口倒出B.铝热反应非常剧烈,操作时要戴上石棉手套和护目镜C.利用红外光谱法可以初步判断有机物中具有哪些基团D.蒸发浓缩硫酸铵和硫酸亚铁(等物质的量)的混合溶液至出现晶膜,静置冷却,析出硫酸亚铁铵晶体【答案】A【解析】A.用标准液润洗滴定管,要将整个滴定管内壁进行润洗,因此,应将润洗液的一部分从滴定管上口倒出,另一部分从滴定管下口放出,A说法不正确;B.铝热反应非常剧烈,反应过程中放出大量的热,有大量火星飞溅出来,因此,在操作时要戴上石棉手套和护目镜以保护手和眼睛,B说法正确;C.有机物中的基团在红外光谱中会呈现出其特征谱线,因此,可以利用红外光谱法初步判断有机物中具有哪些基团,C说法正确;D.硫酸亚铁铵的溶解度随着温度降低而减小,蒸发浓缩硫酸铵和硫酸亚铁(等物质的量)的混合溶液至出现晶膜,溶液达到饱和状态,静置冷却后,由于在该温度下的混合体系中硫酸亚铁铵的溶解度最小,因此,析出的晶体是硫酸亚铁铵晶体,D说法正确。综上所述,本题选A。5.(2021·河北卷)“灌钢法”是我国古代劳动人民对钢铁冶炼技术的重大贡献,陶弘景在其《本草经集注》中提到“钢铁是杂炼生鍒作刀镰者”。“灌钢法”主要是将生铁和熟铁(含碳量约0.1%)混合加热,生铁熔化灌入熟铁,再锻打成钢。下列说法错误的是A.钢是以铁为主的含碳合金B.钢的含碳量越高,硬度和脆性越大C.生铁由于含碳量高,熔点比熟铁高D.冶炼铁的原料之一赤铁矿的主要成分为Fe2O3【答案】C【解析】A.钢是含碳量低的铁合金,故A正确;B.钢的硬度和脆性与含碳量有关,随着含碳量的增大而增大,故正确;C.由题意可知,生铁熔化灌入熟铁,再锻打成钢,说明生铁的熔点低于熟铁,故C错误;D.赤铁矿的主要成分是Fe2O3,可用于冶炼铁,故D正确;故选C。6.(2024·山东卷)以铅精矿(含,等)为主要原料提取金属和的工艺流程如下:回答下列问题:(1)“热浸”时,难溶的和转化为和及单质硫。溶解等物质的量的和时,消耗物质的量之比为;溶液中盐酸浓度不宜过大,除防止“热浸”时挥发外,另一目的是防止产生(填化学式)。(2)将“过滤Ⅱ”得到的沉淀反复用饱和食盐水热溶,电解所得溶液可制备金属“电解I”阳极产物用尾液吸收后在工艺中循环使用,利用该吸收液的操作单元为。(3)“还原”中加入铅精矿的目的是。(4)“置换”中可选用的试剂X为(填标号)。A.
B.
C.
D.“置换”反应的离子方程式为。(5)“电解II”中将富银铅泥制成电极板,用作(填“阴极”或“阳极”)。【答案】(1)1:1H2S(2)热浸(3)将过量的Fe3+还原为Fe2+(4)C(5)阳极【分析】本题以铅精矿(含,等)为主要原料提取金属和,“热浸”时,难溶的和转化为和及单质硫,被还原为Fe2+,过滤I除掉单质硫
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