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第=page11页,共=sectionpages11页2024-2025学年福建省莆田八中高二(上)第一次月考数学试卷一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。1.给出下列说法,其中不正确的是(
)A.若a,b是单位向量,且a,b共线,则a=b
B.若OA+OD=OB+OC,则A,B,C,D四点共面
C.若2PC2.设x,y∈R,向量a=(x,1,1),b=(1,y,1),c=(2,−4,2),且a⊥c,b//A.−1 B.1 C.2 D.33.在四面体ABCD中,点F在AD上,且AF=2FD,E为BC中点,则EF等于(
)A.EF=12AC+12AB−4.已知向量e1,e2,e3是两两垂直的单位向量,且a=3e1+2eA.15 B.3 C.−3 D.55.已知a=(2,−1,3),b=(−1,4,−2),c=(3,2,λ),若a,b,A.2 B.3 C.4 D.56.若点P(a,b)与Q(b−1,a+1)关于直线l对称,则l的倾斜角为(
)A.135° B.45° C.30° D.60°7.在棱长为2的正四面体A−BCD中,E,F分别是AD,BC的中点,G是△BCD的重心,则下列结论不正确的是(
)A.AB⋅CD=0 B.AB⋅EF=2
C.EF在8.如图,正方体ABCD−A1B1C1D1中,M,N分别是线段BD,B1C上的动点(A.异面直线NC1与直线MC所成的角的大小
B.平面MD1B1与平面NA1D所成的角的大小
C.直线ND1二、多选题:本题共3小题,共18分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。9.以下命题正确的是(
)A.已知空间向量a=(1,0,1),b=(2,−1,2),则向量a在向量b上的投影向量的坐标是(83,−43,83)
B.若A,B,C三点不共线,对于空间任意一点O,若OP=25OA+15OB+25OC,则P,A,B,C四点共面
C.已知a=(−1,1,2)10.已知直线l的一个方向向量为u=(−36,12)A.l的倾斜角等于150° B.l在x轴上的截距等于233
C.l与直线3x−3y+2=0垂直 11.如图,P是棱长为1的正方体ABCD−A1B1C1D1的表面上一个动点,E为棱A1B1A.OE⊥平面A1BC1
B.AB与平面A1BC1所成角的余弦值为33
C.若点P在各棱上,且到平面A1BC1的距离为36,则满足条件的点P有9个
三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分。12.若直线l的一个方向向量d=(1,3),则l与直线x−y+1=0的夹角为13.如图,在平行六面体ABCD−A1B1C1D1∠BAD=π2,∠BAA1=∠DA14.如图,已知正方体ABCD−A1B1C1D1的棱长为4,M,N,G分别是棱AA1,BC,A1D四、解答题:本题共5小题,共77分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。15.(本小题13分)
根据下列条件分别写出直线的方程,并化为一般式方程:
(1)斜率是3,且经过点A(5,3);
(2)斜率为4,且在y轴上的截距为−2;
(3)经过A(−1,5),B(2,−1)两点;
(4)在x轴、y轴上的截距分别为−3,−1;
(5)经过点B(4,2),且平行于x轴.16.(本小题15分)
在四棱锥P−ABCD中.底面为矩形ABCD,且AD=3,CD=4.PD⊥平面ABCD,PD=1.M为AB中点.
(1)求点P到直线AC的距离;
(2)求异面直线AC,PM所成角的余弦值.17.(本小题15分)
如图,在三棱柱ABC−A1B1C1中,底面是边长为2的等边三角形,CC1=2,D,E分别是线段AC,CC1的中点,C1在平面ABC内的射影为D.
(1)求证:A1C⊥平面BDE;
(2)若点F为棱B1C1的中点,求点F到平面BDE18.(本小题17分)
已知直线l过点A(4,1).
(1)若直线l在x轴上的截距是在y轴上的截距的12倍,求直线l的方程;
(2)已知△ABC的一个顶点为A,AB边上的中线CM所在的直线方程为x−2y+2=0,AC边上的高BH所在的直线方程为2x+3y−2=0.求BC所在直线的方程.19.(本小题17分)
如图,四棱锥P−ABCD的底面为菱形,∠ABC=π3,AB=AP=2,PA上底面ABCD,E,F分别是线段PB,PD的中点,G是线段PC上的一点.
(1)若CD//平面EFG,求证:G为PC的中点;
(2)若G是直线PC与平面AEF的交点,试确定PGCG的值;
(3)若直线AG与平面AEF所成角的正弦值为35,求三棱锥
参考答案1.A
2.A
3.B
4.B
5.C
6.B
7.D
8.A
9.BCD
10.CD
11.AC
12.15°
13.8514.123
15.解:(1)直线斜率是3,且经过点A(5,3),
则直线的方程为y−3=3(x−5),
故直线的一般式方程为3x−y−53+3=0.
(2)直线的斜率为4,且在y轴上的截距为−2,
则直线的方程为y=4x−2,
故直线的一般式方程为4x−y−2=0.
(3)直线经过A(−1,5),B(2,−1)两点,
则kAB=5−(−1)−1−2=−2,
所求直线方程为y−5=−2(x+1),即2x+y−3=0.
(4)直线在x轴、y轴上的截距分别为−3,−1,
则x−3+y−1=1,即x+3y+3=016.解:(1)因为ABCD为矩形,所以AD⊥DC,
又因为PD⊥平面ABCD,AD,DC⊂平面ABCD,
所以PD⊥AD,PD⊥DC,
所以分别以DA,DC,DP所在直线分别为x,y,z轴,建立空间直角坐标系,
因为AD=3,CD=4,PD=1,
所以A(3,0,0),D(0,0,0),P(0,0,1),C(0,4,0),M(3,2,0),
所以AC=(−3,4,0),AP=(−3,0,1),
则有cos<AC,AP>=AC⋅AP|AC|⋅|AP|=99+16+0×9+0+1=9510=91017.解:(1)证明:连接AC1,
因为△ABC为等边三角形,D为AC的中点,
所以BD⊥AC,
又C1D⊥面ABC,BD⊂面ABC,
所以C1D⊥BD,
因为AC∩C1D=D,AC,C1D⊂面AA1C1C,
所以BD⊥面AA1C1C,
又A1C⊂面AA1C1C,
所以BD⊥A1C,
由题设四边形AA1C1C为菱形,
所以A1C⊥AC1,
因为D,E分别为AC,CC1的中点,
所以DE//AC1,
所以A1C⊥DE,
因为BD∩DE=D,BD∩DE=D,BD⊂面BDE,DE⊂面BDE,
所以A1C⊥面BDE.
(2)因为C1D⊥面ABC,BD,AC⊂面ABC,
所以C1D⊥BD,C1D⊥AC,
又△ABC为等边三角形,D为AC的中点,
所以BD⊥AC,
则以D为坐标原点,DB,DA,DC1所在直线为x,y,z轴建立空间直角坐标系:
则D(0,0,0),B(3,0,0),C(0,−1,0),C1(0,0,3),E(0,−12,32),B1(3,1,3),A1(0,2,3),F(32,12,3),
平面BDE的一个法向量m=CA1=(0,3,3),DF=(32,12,3),
所以点F18.解:(1)当直线在两坐标轴上的截距为0时,设直线l的方程为y=kx,k≠0,
将A(4,1)代入得,4k=1,解得k=14,故直线l的方程为y=14x;
当截距不为0时,因为直线l在x轴上的截距是在y轴上的截距的12倍,
所以设直线l的方程为xa+y2a=1,
将A(4,1)代入得4a+12a=1,解得a=92,故直线l的方程为2x+y−9=0,
所以直线l的方程为y=14x或2x+y−9=0;
(2)因为AC⊥BH,高BH所在的直线方程为2x+3y−2=0,
所以设直线AC的方程为3x−2y+t=0,
将A(4,1)代入3x−2y+t=0得,12−2+t=0,解得t=−10,
故直线AC的方程为3x−2y−10=0,
联立x−2y+2=03x−2y−10=0,解得x=6y=4,故C(6,4),
设B(m,n),因为A(4,1),则AB的中点M(m+42,n+12),
M(m+419.解:(1)证明:∵CD//平面EFG,又CD⊂平面PCD,
且平面PCD∩平面EFG=FG,
∴CD//FG,又F为PD的中点,
∴G为PC的中点;
(2)取BC的中点M,连接AM,可得AM⊥AD,
分别以AM,AD,AP所在直线为x,y,z轴建立空间直角坐标系A−xyz,
则A(0,0,0),B(3,−1,0),C(3,1,0),
E(32,−12,1),P(0,0,2),F(0,1,1),
设PG=λPC,PC=(3,1,−2),
∴PG=(3λ,λ,−2λ),
∴AG=
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