2025届福建省师大附中高二物理第一学期期中经典试题含解析

2025届福建省师大附中高二物理第一学期期中经典试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、为了降低潜艇噪音可用电磁推进器替代螺旋桨．如图为直线通道推进器示意图．推进器前后表面导电，上下表面绝缘，规格为：a×b×c=0.5m×0.4m×0.3m．空间内存在由超导线圈产生的匀强磁场，其磁感应强度B=10.0T、方向竖直向下，若在推进器前后方向通以电流I=1.0×103A，方向如图．则下列判断正确的是：BA．推进器对潜艇提供向左的驱动力，大小为4.0×103NB．推进器对潜艇提供向右的驱动力，大小为4.0×103NC．推进器对潜艇提供向左的驱动力，大小为3.0×103ND．推进器对潜艇提供向右的驱动力，大小为3.0×103N2、在篮球比赛中，某位同学获得罚球机会，如图，他站在罚球线处用力将篮球投出，篮球以约为1m/s的速度撞击篮筐．已知篮球质量约为0.6kg，篮筐离地高度约为3m，忽略篮球受到的空气阻力，则该同学罚球时对篮球做的功大约为()A．1J B．10J C．50J D．100J3、如图所示,把一带负电的小球放在光滑绝缘面上,欲使球能静止在斜面上,需在MN间放一带电小球,则可A．带负电,放在A点 B．带正电,放在B点 C．带负电,放在B点 D．带负电,放在C点4、在竖直向上的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带电小球，另一端固定于O点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高点为a，最低点为b，不计空气阻力，则下列说法不正确的是()A．小球带正电B．电场力跟重力平衡C．小球在从a点运动到b点的过程中，电势能减小D．小球在运动过程中机械能不守恒5、电动机线圈的电阻为R，电动机正常工作时，两端电压为U，通过电流为I，工作时间为t，下列说法中正确的是()①电动机消耗的电能为UIt②电动机消耗的电能为I2Rt③电动机线圈产生的电热为I2Rt④电动机线圈产生的电热为U2t/RA．①② B．②③ C．②④ D．①③6、两个相同的定值电阻R，当它们串联后接在电动势为E的电源上，通过一个电阻的电流为I；若将它们并联后仍接在该电源上，通过一个电阻的电流仍为I，则电源的内阻为（

）。A．R/2B．RC．2RD．4R二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A、B两个半径相同的天体各有一个卫星a、b环绕它们做匀速圆周运动，两个卫星的质量相等，环绕周期之比为4：1，A、B各自表面重力加速度之比为4：1（忽略天体的自转），则（）A．a、b轨迹半径之比为4：1B．a、b的动能之比为1：1C．A、B密度之比为4：1D．a、b所受向心力之比为1：168、如图所示,在平面直角坐标系中有一底角是60°的等腰梯形,坐标系中有方向平行于坐标平面的匀强电场,其中O(0,0)点电势为6V,A(1,)点电势为3V,B(3,)点电势为零,则由此可判定()A．C点电势为3VB．C点电势为零C．该匀强电场的电场强度大小为D．该匀强电场的电场强度大小为100V/m9、如图所示电路中,电源电动势E恒定,内阻r=1Ω,定值电阻R3=5Ω.开关S断开时与闭合时相比,ab段电路消耗的电功率相等。以下说法中正确的是A．电阻R1、R2可能分别为4Ω、5ΩB．电阻R1、R2可能分别为3Ω、6ΩC．开关S断开时理想电压表的示数一定小于S闭合时的示数D．开关S断开时与闭合时相比,理想电压表的示数变化量大小与理想电流表的示数变化量大小之比一定等于6Ω10、如图所示为用直流电动机提升重物的装置，重物的重量为500N，电源电动势为110V，不计电源内阻及各处摩擦，当电动机以0.90m/s的恒定速度向上提升重物时，电路中的电流为5.0A，可以判断：（）A．电动机消耗的总功率为550WB．提升重物消耗的功率为450WC．电动机线圈的电阻为22ΩD．电动机线圈的电阻为4Ω三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图所示的电路中，小量程电流表G的内阻Rg=100Ω，满偏电流Ig=1mA，R1=900Ω，R2=Ω，则当S1和S2均断开时，改装成的电表是____________（填电流表或电压表），量程为________；当S1和S2均闭合时，改装成的电表是______（填联表或电压表），量程为__________。12．（12分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的长度和直径，步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲，由图可知其长度为_____mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图乙，由图可知其直径为_____mm。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）我国重型运载火箭将于2030年实现首飞，使我国航天运输系统水平和能力进入世界航天强国前列．若某次重型运载火箭实验中，火箭发动机在0.1s的时间内向后喷气200kg，喷射气体的速度约为3km/s．求火箭喷气过程产生的推力大小为多少？14．（16分）如图所示的电路中，R1=2Ω，R2=6Ω，S闭合时，理想电压表V的示数为1．5V，理想电流表A的示数为2．15A，S断开时，理想电流表A的示数为1A，求：（1）电阻R3的值；（2）电源电动势E和内阻r的值．15．（12分）如图所示的电路中，电源电动势为12V，电源内阻不计，电路中的电阻R0为2.5Ω，闭合开关S后，电动机正常工作，理想电流表的示数为2.0A。若转子被卡住后，该电流表的示数变为4.0A，求：(1)电动机M的内阻;(2)电动机正常工作时的输出功率.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】磁场方向向下，电流方向向里，依据左手定则，则安培力方向向左，根据安培力公式F=BIL=10×1.0×103×0.4N=4.0×103N，故综上所述，故A正确，BCD错误；故选A．点睛：此题考查左手定则的内容，掌握安培力大小计算，注意左手定则与右手定则的区别，及理解安培力大小公式中L的含义．2、B【解析】

假设人的身高为，则根据动能定理带入数据整理可以得到故选B。3、A【解析】

小球a要平衡，受重力、支持力和静电力，根据共点力平衡条件分析即可．【详解】小球a处于平衡状态，受力平衡，合力为零．小球受重力，一定向下，支持力一定垂直向上，根据平衡条件，故小球b对小球a为静电斥力，则小球b放在A位置，若小球b对小球a为静电引力，则放在C位置，故A正确，BCD错误；故选A．【点睛】本题关键对物体受力分析后，根据三力平衡条件，得到未知力的方向范围．4、C【解析】

AB．据题小球在竖直平面内做匀速圆周运动，受到重力、电场力和细绳的拉力，电场力与重力平衡，则知小球带正电，故A正确，A项不合题意；B正确，B项不合题意；C．小球在从a点运动到b点的过程中，电场力做负功，小球的电势能增大，故C错误，C项符合题意；D．由于电场力做功，所以小球在运动过程中机械能不守恒，故D正确，D项不合题意。5、D【解析】

电动机线圈电阻是非线性电阻，电能一部分转化为机械能，一部分变为内能，电能公式适用于一切电路电能的计算，所以电动机消耗的电能为UIt，①正确；而公式只适用于纯电阻电路电能的计算，故②错误；焦耳定律适用于一切电阻电热的计算，所以电动机线圈产生的电热为，③正确；而公式，只适用于纯电阻电路电热计算，④错误，故D正确．6、B【解析】

根据串并联电路规律可知外部电阻的大小，再由闭合电路欧姆定律列式，联立方程可求得内阻。【详解】两电阻串联时，总电阻为：R1=2R；由闭合电路欧姆定律可知：E=I（2R+r）两电阻并联时，外部总电阻为：R2=R2总电流为：I总=2I；由闭合电路欧姆定律可知：E=2I·(R联立解得：r=R。故应选：B【点睛】本题考查闭合电路欧姆定律及串并联电路的规律，要注意正确审题，明确欧姆定律公式中的电流应为干路电流。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】

设天体半径为R，卫星轨道半径为r，两卫星分别绕两天体做匀速圆周运动是由万有引力提供向心力，有解得天体表面的重力等于万有引力，有可得A．由和可得轨道半径为则a和b的轨道半径之比为故A正确；B．运行速度为动能为因卫星a、b的质量相等，A、B各自表面重力加速度之比为4：1，则可推得卫星a、b动能之比为1：1，故B正确；C．天体AB的密度则A、B密度之比为4：1，故C正确；D．卫星a、b所受向心力为向心力之比为1：4，故D错误。故选ABC。8、BC【解析】因为AB平行于CD，并且四边形ABCD为底角是60°的等腰梯形，在匀强电场中有UOC=2UAB，即6-φC=2（3-0），可得φC=0V，故B正确，A错误；由上分析知，BC为0V等势线，过B作OC的垂线BD，垂足为D，再作DE垂直于BC，由几何关系得：，故电场强度为：，故C正确，D错误。所以BC正确，AD错误。9、AD【解析】

由题中“电源电动势E恒定”可知，本题考查闭合电路欧姆定律和动态电路，根据闭合电路欧姆定律公式和动态电路变化可分析本题。【详解】AB．取有当S断开前后有时将代入方程成立，而将代入方程不成立，故A错误B正确；C．将R3和电源内阻看作一整体，则此时电压表测量路端电压，开关断开时等效外电路总电阻大于开关闭合时的，所以开关断开时电压表示数大，故C错误；D．根据闭合电路欧姆定律得则电压表的示数变化量大小与电流表的示数变化量大小之比为故D正确。10、ABD【解析】

重物被提升的功率P1=Fv=Gv=500×0.9W=450W

此时电路中的电流为5A．则电源的总功率P总=EI=110×5W=550W

所以线圈电阻消耗的功率为Pr=P总-P1=550-450W=100W

由殴姆定律可得：，故ABD正确，C错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、电压表1V电流表1A【解析】

[1][2]由图示电路图可知，当S1和S2均断开时，G与R1串联，此时为电压表，改装后电压表量程为[3][4]由图示电路图可知，当S1和S2均闭合时，G与R2并联，此时为电流表，改装后电流表量程为12、50.156.700【解析】

（1）[1]游标卡尺的主尺读数为50mm，游标尺读数为0.05×3mm=0.15mm所以最终读数为50mm+0.15mm=50.15mm（2）[2]螺旋测微器的固定刻度读数为6.5mm，可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm所以最终读数为6.5mm+0.200mm=6.700mm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】

以气体为研究对象，以喷出气体的方向为正方向，根据动量定理可得：其中：解得：14、（1）6Ω（2）E=9Vr=1Ω【解析】试题分析：（1）设当开关S1、S2均闭合时流经R1的电流为I1，流经R3的电流为I3．由题意得：U=IR2+I1R1…①IR2=I3R3…②I1=I+I3…③联立①②③式，代入数据解得：R3=6Ω（2）由题意及闭合电路欧姆定律得：E=U+I1r…④E=I'（R1+R2+r）…⑤联立①②③④⑤式，代入数据解得：E=9Vr=1Ω考点：闭合电路欧姆定律．【名师点睛】（1）已知电压表及电流表的示数，则由串并联电路的规律可求得电阻R3的值；（2）由闭合电路欧姆定律可求得电动势E和内阻r．本题考查串并联电路的电流及电压规律与闭合电路欧姆定律，在解答时要注意正确理解题意，并能准确把握电路图．15、(1)RM=0