湖北省随州市第一高级中学2025届物理高二第一学期期中调研模拟试题含解析

湖北省随州市第一高级中学2025届物理高二第一学期期中调研模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某同学用伏安法测电阻时，分别采用了电流表内接法和外接法，测得的某电阻Rx的阻值分别为R1和R2，则所测阻值与真实值Rx之间的关系为()A．R1＞Rx＞R2 B．R1＜Rx＜R2 C．R1＞R2＞Rx D．R1＜R2＜Rx2、如图所示，运动员把质量为的足球从水平地面踢出，足球在空中达到的最高点高度为，在最高点时的速度为，不计空气阻力，重力加速度为，下列说法正确的是()A．运动员踢球时对足球做功B．足球上升过程重力做功C．运动员踢球时对足球做功D．足球上升过程克服重力做功3、关于动量，下列说法中正确的是()A．做匀变速直线运动的物体，它的动量一定在改变B．做匀速圆周运动的物体，动量不变C．物体的动量变化，动能也一定变化D．甲物体动量p1＝5kg·m/s，乙物体动量p2＝－10kg·m/s，所以p1>p24、关于点电荷的说法，正确的是()A．大小和形状对作用力的影响可以忽略的带电体可以视为点电荷B．体积很大的电荷，一定不能作为点电荷C．点电荷一定是带电量很小的电荷D．只有体积很小的电荷，才能作为点电荷5、如图所示，一圆环上均匀分布着正电荷，x轴垂直于环面且过圆心O，下列关于x轴上的电场强度和电势的说法中正确的是（）A．O点的电场强度为零，电势最低B．O点的电场强度为零，电势最高C．从O点沿x轴正方向，电场强度减小，电势升高D．从O点沿x轴正方向，电场强度增大，电势降低6、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F，若它们的带电量都增大为原来的3倍，距离减少为原来的，它们之间的相互作用力变为（）A． B．F C．9F D．81F二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量为m的物块甲以3m/s的速度在光滑水平面上运动，有一轻弹簧固定其上，另一质量也为m的物块乙以4m/s的速度与甲相向运动，如图所示，则（）A．当两物块相距最近时，物块甲的速率0.5m/sB．相互作用之后物块甲的速率可能达到4.1m/sC．甲、乙两物块在弹簧压缩过程中，由于弹力作用,动量不守恒D．当物块甲的速率为1m/s时，物块乙的速率可能为2m/s，也可能为08、如图所示，电源电动势E=6V，小灯泡L的规格为“4V0.8W”，开关S接1，当滑动变阻器调到R=8Ω时，小灯泡L正常发光，现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作.则A．电源内阻为1ΩB．电动机的内阻为8ΩC．电动机正常工作电压为1.6VD．S接2时电源的输出功率为1.12W9、如图所示，R为电阻箱，V为理想电压表。当电阻箱的示数R1＝2.0Ω时，电压表的示数U1＝4.0V；当电阻箱的示数R2＝5.0Ω时，电压表的示数U2＝5.0V。则此电源的电动势，内阻分别是（）A．E＝6V B．E＝3V C．r＝1Ω D．r＝2Ω10、在x轴上电场强度E的大小与x的关系如图所示，场强方向沿x轴正方向，O为坐标原点，a、b、c为x轴上的点，a、c之间的距离为d，a、c两点的电场强度大小均为E0，e为元电荷，则下列说法中正确的是()A．φb＞φa＝φc＞φOB．φO＞φa＞φb＞φcC．将质子从a点移到c点，电场力做功大于|eE0d|D．将质子从a点移到c点，质子的电势能减少三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A．待测的干电池（电动势约为1.5V，内电阻小于1.0Ω)B．电流表G（满偏电流3mA，内阻Rg=10Ω)C．电流表A(0～0.6A，内阻0.1Ω)D．滑动变阻器R1(0～20Ω,10A)E.．滑动变阻器R2(0～200Ω,lA)F．定值电阻R0(990Ω)G．开关和导线若干（1）某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图所示中甲的（a)、(b)两个参考实验电路，其中合理的是___图所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选___（填写器材前的字母代号）（2）图乙为该同学根据（1)中选出的合理的实验电路利用测出的数据绘出的I1—I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得被测电池的电动势E=___V，内阻r=_______Ω．12．（12分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线，现有下列器材供选用：A．电压表（0～5V，内阻10kΩ）B．电压表（0～15V，内阻20kΩ）C．电流表（0～3A，内阻0.4Ω）D．电流表（0～0.6A，内阻1Ω）E.滑动变阻器（最大阻值为10Ω，允许最大电流为2A）F.滑动变阻器（最大阻值为500Ω，允许最大电流为1A）G.学生电源（直流6V）、开关、导线若干（1）实验时，选用图甲而不选用图乙所示的电路图来完成实验，其理由是__________：（2）实验中所用电压表应选用_______，电流表应选用________，滑动变阻器应选用________.（用序号字母表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，真空中有平行正对金属板A、B，它们分别接在输出电压恒为U=9.0V的电源两端，金属板长L=40cm、两金属板间的距离d=3.2cm，A、B两板间的电场可以视为匀强电场。现使一电子从两金属板左侧中间以v0=2.0×107m/s的速度垂直于电场方向进入电场，然后从两金属板右侧射出。已知电子的质量m=0.9×10-30kg，电荷量e=1.6×10-19C，两极板电场的边缘效应及电子所受的重力均可忽略不计。求：(1)电子在电场中运动时加速度a的大小；(2)电子射出电场时在沿电场线方向上的侧移量y；(3)从电子进入电场到离开电场的过程中，其动量增加量.14．（16分）如图所示，在场强大小为E=2000N/C的水平向右的匀强电场中，将电荷量为q=2×10-6C的正点电荷由A点沿直线移至B点，AB间的距离为L=2cm，AB方向与电场方向成600角，求：（1）点电荷所受电场力的大小和方向；（2）在此过程中电场力做的功WAB；（3）A、B两点间的电势差UAB．15．（12分）如图所示，在倾角为的斜面上，放一质量为m的光滑小球，球被竖直的木板档住，则球对挡板的压力是多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

采用内接法时，电流表与待测电阻串联，故电流表是准确的；而由于电流表的分压使电压表测量值偏大，故由欧姆定律求得的测量值偏大，故R1＞Rx；当采用外接法时，电压表与待测电阻并联，故电压表是准确的；而由于电压表的分流使电流表测量结果偏大，故由欧姆定律求得的测量值偏小，故Rx＞R2；故选A．2、C【解析】

AC.足球被踢起后在运动过程中，只受到重力作用，只有重力做功，足球的机械能守恒，足球到达最高点时，机械能为：由于足球的机械能守恒，则足球刚被踢起时的机械能为：足球获得的机械能等于运动员对足球所做的功，因此运动员对足球做功：故A错误，C正确；BD.足球上升过程重力做功：足球上升过程中克服重力做功：克故B、D错误．3、A【解析】

A.动量等于质量和速度乘积，所以做匀变速直线运动的物体，它的动量一定在改变，故A正确B.匀速圆周运动的物体速度一直在变，所以动量在变，故B错误C.动量是矢量，动能是标量，动量变动能不一定变，故C错误D.动量是矢量，正负代表方向，故D错误故选A4、A【解析】

A．电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，选项A正确；BCD．带电体能否看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状及带电量的多少无具体关系，故BCD错误；5、B【解析】试题分析：将圆环等分成若干微小段，每一小段和与它关于O点对称的一小段在O点，产生的电场的电场强度总大小相等、方向相反，矢量和为零，即最终在O点的总矢量和为零，即在O点处，电场强度为零．因为圆环带正电，因此，每一小段和与它关于O点对称的一小段在O点的左右两侧，产生大小相等、方向分别向外与x轴成相等角的电场，矢量和沿着x轴，由O点向两侧发散，各段叠加后总矢量和仍然沿着x轴，由O点向两侧发散，根据沿着电场线方向电势逐点降低的规律可知，O点的电势最高，故选项A、C错误，选项B正确；当从O点沿x轴正方向，趋于无穷远时，电场强度也为零，因此从O点沿x轴正方向，电场强度先变大，后变小，故选项D错误．考点：本题主要考查了电场力的性质和能的性质问题，属于中档题．6、D【解析】

真空中两个静止的点电荷的作用力满足库仑定律的条件，所以根据库仑定律可得，电量和距离变化前，他们间的库仑力为它们的带电量都增大为原来的3倍，距离减少为原来的后故D正确，ABC错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】当两物块相距最近时速度相同，取碰撞前乙的速度方向为正方向，设共同速率为v，由动量守恒定律得：，代入数据解得：v=0.5m/s，故A正确；若物块甲的速率达到4.1m/s，方向与原来相反，则：，代入数据代入解得：v乙′=-3.1m/s，两个物体的碰后动能之和增大，违反了能量守恒定律；若物块甲的速率达到4.1m/s，方向与原来相同，根据动量定理可知，甲的速度不可能增大，综合分析可得故B错误；甲、乙两物块（包括弹簧）组成的系统在弹簧压缩过程中，系统所受的合外力为零，系统动量守恒，故C错误；甲、乙组成的系统动量守恒，若物块甲的速率为1m/s，方向与原来相同，由动量守恒定律得：，代入数据解得：v乙′=2m/s；若物块甲的速率为1m/s，方向与原来相反，由动量守恒定律得：，代入数据解得：v乙′=0，故D正确。所以AD正确，BC错误。8、CD【解析】

A.小灯泡的额定电流为：灯泡内阻为：当开关接1时，根据闭合电路欧姆定律有：代入数据解得：故A错误；BC.当接2时灯泡正常发光，则流过的电流为：电源内阻分的电压为：故电动机分的电压为：动因电动机消耗的电能转化为机械能和内能，则可知电阻：故B错误，C正确；D.当接2时，电源输出功率：出故D正确。9、AC【解析】

根据闭合电路欧姆定律，当电阻箱读数为R1=2.0Ω时①当电阻箱读数为R2=5.0Ω时②联立上两式得代入数据解得代入①式得故选AC。10、BCD【解析】由图可知，电场强度方向沿x轴方向，因沿电场方向电势降低，故φo＞φa＞φb＞φc，故A错误，B正确；ac间的电场强度大于E0，故质子受到的电场力大于eE0，电场力做功将大于eE0d，故C正确；质子受到的电场力沿x轴正方向，故电场力对质子做正功，质子的电势能减小，故D正确；故选BCD.点睛：本题首先要读懂图象，场强的正反映场强的方向，大小反映出电场的强弱．然后再分析电场力做功情况，即可判断.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、bD1.500.80【解析】

（1）上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，将电流表G串联一个电阻，可以改装成较大量程的电压表．（a）、（b）两个参考实验电路，其中合理的是b，因为电源的内阻较小，所以应该采用较小最大值的滑动变阻器，有利于数据的测量和误差的减小．滑动变阻器应选D，（2）根据欧姆定律和串联的知识得电源两端电压U=I1（990+10）=1000I1，根据图象与纵轴的交点得电动势E=1.5mA×1000Ω=1.50V与横轴的交点可得出路端电压为1V时电流是0.62A，由闭合电路欧姆定律E=U+Ir可得：r=0.80Ω；12、(1)描绘灯泡的I-U图线所测数据需从零开始，并要多取几组数据；(2)A，D，E【解析】

（1）[1]描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，并要多取几组数据，滑动变阻器应选择分压接法；（2）[2]灯泡额定电压为4V，电压表应选A；[3]灯泡额定电流电流表应选D；[4]为方便实验操作，滑动变阻器应选择总阻值较小的E。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题