陕西省西安高新唐南中学2025届物理高二上期中考试试题含解析

陕西省西安高新唐南中学2025届物理高二上期中考试试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在如图各种电场中，A、B两点电场强度相等的是（）A． B．C． D．2、如图所示,虚线表示两个固定的等量异种点电荷形成的电场中的等势线。一带电粒子以某一速度从图中a点沿实线abcde运动。若粒子只受静电力作用,则下列判断正确的是()A．粒子带正电B．速度先减小后增大C．电势能先减小后增大D．经过b点和d点时的速度相同3、规定向东为位移的正方向，今有一个皮球停在水平面的某处，轻轻踢它一脚，使它向东做直线运动，经5m远与墙相碰，后又向西做直线运动，经7m而停下。则上述过程中皮球通过的路程和位移分别是：A．12m、2m B．12m、－2m C．－2m、2m D．2m、－2m4、如图所示，弹簧振子在A、B之间做简谐运动．以平衡位置O为原点，建立Ox轴．向右为x轴的正方向．若振子位于B点时开始计时，则其振动图像为（）A． B．C． D．5、如图所示，通电直导线置于匀强磁场中，导线与磁场方向垂直．若仅将导线中的电流增大为原来的2倍，则导线受到安培力的大小将（）A．减小为原来的1/4 B．减小为原来的1/2C．增大为原来的4倍 D．增大为原来的2倍6、如图所示，a、b分别表示由相同材料制成的两条长度相同、粗细均匀的电阻丝的伏安特性曲线，下列判断正确的是A．a代表的电阻丝较粗 B．b代表的电阻丝较粗C．a电阻丝的阻值小于b电阻丝的阻值 D．图线表示电阻丝的阻值与电压成正比二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、压敏电阻的阻值R随所受压力的增大而减小。其兴趣小组利用压敏电阻设计了判断电梯运动状态的装置，其装置示意图如图所示。将压敏电阻平放在电梯内，受压面朝上，在上面放一物体A，电梯静止时电压表示数为，电梯在某次运动过程中，电压表的示数变化情况如图乙所示，下列判断中错误的是（）。A．乙图表示电梯可能匀速下降B．乙图表示电梯可能匀减速下降C．乙图表示电梯可能变减速上升D．乙图表示电梯可能变减速下降8、如图所示，为A、B两电阻的伏安特性曲线，关于两电阻的描述正确的是()A．电阻A的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变B．在两图线交点处，电阻A的阻值大于电阻BC．在两图线交点处，电阻A的阻值等于电阻BD．在两图线交点处，电阻A的阻值小于电阻B9、如图所示，电路中A、B为两块竖直放置的金属板，C是一只静电计，闭合开关S后，静电计指针张开一个角度，下述做法与结论相符合的是（）A．保持开关S闭合，减小A、B间距离，静电计张角减小B．保持开关S闭合，减小A、B间正对面积，静电计张角不变C．断开开关S后，减小A、B间距离，静电计张角减小D．断开开关S后，减小A、B间正对面积，静电计张角不变10、在如图(a)所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从最右端滑到最左端，两个电压表的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图(b)所示，则A．图线甲是电压表V2示数随电流变化的图线B．图线甲延长线与U轴交点的纵坐标数值上等于电源的电动势C．电源的最大输出功率为3.6WD．滑动变阻器R2的最大功率为0.9W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在验证“互成角度的两个力的合成”的实验中，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度地拉橡皮条，另一次是通过细绳用一个弹簧秤拉橡皮条．（1）本实验采用的科学方法是_______A．理想实验法B．等效替代C．控制变量法D．建立物理模型法（2）如图，实验中需用两个弹簧秤分别勾住绳套，并互成角度地拉橡皮条．某同学认为在此过程中必须注意以下几项：Ａ．两根细绳必须等长．Ｂ．橡皮条应与两绳夹角的平分线在同一直线上．Ｃ．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行．其中正确的是________．（填入相应的字母）（3）某次实验中，拉OC细绳的弹簧秤指针位置如图所示，其读数为_______N；图中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是______．12．（12分）如图为“研究电磁感应现象”的实验装置，电键合上前小螺线管已插入到大螺线管中。（1）将图中所缺的导线补接完整_________；（2）如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏转一下，那么合上电键后将小螺线管迅速抽出时，灵敏电流计指针将向__________(“左”或“右”)偏转。将滑动变阻器的滑片迅速向左滑动，则灵敏电流计指针将向___________(“左”或“右”)偏转。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的平面直角坐标系，在第Ⅰ象限内有平行于轴的匀强电场，方向沿轴正方向；在第Ⅳ象限的正三角形区域内有匀强磁场，方向垂直于平面向里，正三角形边长为，且边与轴平行。一质量为、电荷量为的粒子，从轴上的点，以大小为的速度沿轴正方向射入电场，通过电场后从轴上的点进入第Ⅳ象限，又经过磁场从轴上的某点进入第Ⅲ象限，且速度与轴负方向成45°角，不计粒子所受的重力。求：(1)电场强度的大小；(2)粒子到达点时速度的大小和方向；(3)区域内磁场的磁感应强度的最小值。14．（16分）如图所示，固定在匀强磁场中的水平导轨ab、cd的间距L1＝1．5m，金属棒ad与导轨左端bc的距离为L2＝1．8m，整个闭合回路的电阻为R＝1．2Ω，磁感应强度为B1＝1T的匀强磁场竖直向下穿过整个回路．ad杆通过滑轮和轻绳连接着一个质量为m＝1．14kg的物体，不计一切摩擦，现使磁场以＝1．2T/s的变化率均匀地增大．求：(1)金属棒上电流的方向．(2)感应电动势的大小．(3)物体刚好离开地面的时间(g＝11m/s2)．15．（12分）如图所示的电路中，电源电动势E＝10V，内阻r＝0.5Ω，电动机的电阻R0＝1.0Ω，电阻R1＝1.5Ω，电压表的示数U1＝3.0V，电动机正常工作。求此时：（1）通过电动机的电流；（2）电动机两端的电压；（3）电动机消耗的电功率；（4）电动机损耗的热功率。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

A．该图中A、B两点场强大小相同，方向不同，选项A错误；B．该图中A、B两点场强大小不相同，方向相同，选项B错误；C．该图中A、B两点场强大小相同，方向相同，选项C正确；D．该图中A、B两点场强大小不相同，方向也不同，选项D错误；故选C。2、B【解析】

根据两个固定的等量异种点电荷所形成电场的等势面的特点可得，该图中的等势面中，正电荷在上方，负电荷在下方；从粒子运动轨迹看出，轨迹向上弯曲，可知带电粒子受到了向上的力的作用。所以粒子带负电。故A错误；粒子从a→b→c过程中，电场力做负功，c→d→e过程中，电场力做正功。粒子在静电场中电场力先做负功后做正功，电势能先增大后减小，速度先减小后增大。故B正确，C错误；由于b、d两点处于同一个等势面上，所以粒子在bd两点的电势能相同，粒子经过b点和d点时的速度大小相同，方向不同。故D错误。故选B。【点睛】本题是轨迹问题，首先要根据弯曲的方向判断出带电粒子所受电场力方向，确定是排斥力还是吸引力．由动能定理分析动能和电势能的变化是常用的思路．3、B【解析】

皮球向东运动，经过5m，与墙相碰后又向西运动，经7m后停下，所以总的路程为12m；位移是指从初位置到末位置的有向线段，皮球的总的运动过程是向西运动了2m，所以位移为-2m。A．12m、2m，与结论不相符，选项A错误；B．12m、－2m，与结论相符，选项B正确；C．－2m、2m，与结论不相符，选项C错误；D．2m、－2m，与结论不相符，选项D错误；4、A【解析】

由题意：设向右为x正方向，振子运动到N点时，振子具有正方向最大位移，所以振子运动到N点时开始计时振动图象应是余弦曲线，故A正确．5、D【解析】

由安培力公式F=BIL知，当电流增大为2倍后，导线受安培力大小也将增大为原来的2倍，故选项D正确，其余错误．6、B【解析】

ABC．根据欧姆定律：可得：可知伏安特性曲线的斜率是电阻的倒数，因此a代表的电阻较大，b的较小；根据电阻定律：可知a的电阻丝较细，b的较粗，故A错误、B正确、C错误。D．一段金属丝的电阻是由本身的因素决定的，与所加电压和所通过的电流无关，故D错误。故选B.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解析】

A．电梯匀速下降时，压敏电阻所受压力等于重力不变，其电压不变，与图象反映的情况不符，故A错误；B．电梯匀减速下降时，加速度不变，压敏电阻所受压力不变，其电压不随时间而变化，与图象情况不符，故B错误；C．电梯变减速上升时，其加速度向下，根据牛顿第二定律，压敏电阻所受压力小于重力，则其电压逐渐增大，与图象意义不符，故C错误；D．电梯变减速下降时，压力大于重力，由其特性知，其电压逐渐减小，与图象的意义相符，故D正确。8、AC【解析】

由图可知，电阻A的图象的斜率越来越大，故A的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变，故A正确；两图象的交点处，电流和电压均相同，则由欧姆定律可知，两电阻的阻值大小相等，故C正确，BD错误；故选AC．【点睛】本题考查伏安特性曲线的应用，要注意明确U-I图象中图象的斜率表示电阻；斜率变大时，电阻增大．但是求解某一电压下的电阻时要用欧姆定律求解．9、BC【解析】

AB．合上开关，电容器两端间的电势差不变，静电计指针张角不变。故A错误B正确；C．断开S，电容器带电量保持不变，减小A、B间距离，根据，d变小，C变大，根据，U变小，张角变小，故C正确；D．断开S，电容器带电量保持不变，减小A、B间正对面积，根据，S变小，C变小。根据，U增大，张角增大。故D错误。故选BC。10、AB【解析】

A．当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可以知道电路电流增大；而R1两端的电压增大,R2两端的电压减小,故乙表示是V1示数的变化;甲表示V2示数的变化;故A正确;B．当把R1和电源和一起看成等效电源时，V2示数表示的是外电压，所以图线甲延长线与U轴交点的纵坐标数值上等于电源的电动势，故B正确.C．由图可以知道,当只有R1接入电路时,电路中电流为0.6A,电压为4.5V,则由:可得:当滑动变阻器全部接入时,两电压表示数之比为,故:由闭合电路欧姆定律可得:计算得出：,；因当电源的内电阻等于外电阻时电源的输出功率最大,故当外阻等于时，电源的输出功率最大,故此时电流：故电源的最大输出功率：故C错误;D．由C的分析可以知道R1的阻值为，R2电阻为；当R1等效为电源的内阻,即当滑动变阻器的阻值等于时,滑动变阻器消耗的功率最大，故当滑动变阻器阻值为时,滑动变阻器消耗的功率最大,由闭合电路欧姆定律可得,电路中的电流：则滑动变阻器消耗的总功率：所以D错误;三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BB2.60【解析】

(1)[1]该实验采用了“等效替代”法即要求两次拉橡皮筋时，要使橡皮筋产生的形变相同，即拉到同一位置，本实验采用的科学方法是等效替代法，故选B。(2)[2]AB．本实验的目的是为了验证力的平行四边形定则，即研究合力与分力的关系．根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿相同方向拉伸的长度要相同．故A错误，B正确；C．在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到相同位置，表明两次效果相同，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧称不必拉到相同刻度。(3)[3][4]由图可知，弹簧秤的读数为2.60N，F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力．故方向一定沿AO方向的是F′。12、左左【解析】

（1）[1]如图所示（2）[2]在闭合电键时和电流计串联的线圈中磁通量增加，发现灵敏电流计的指针向右偏转一下，那么合上电键后将小螺