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文档简介

吉林省长春市第十九中学2025届物理高二第一学期期中学业水平测试模拟试题注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、三个阻值相同的电阻R,额定功率均为10W.接入如图电路,改变电压U,使各电阻实际功率均不超过额定功率,则三电阻最大总功率为()A.30W B.20W C.15W D.10W2、质量相等的A、B两球在光滑水平面上沿同一直线,同一方向运动,A球动量为7kg·m/s,B球的动量为5kg·m/s,当A球追上B球时发生碰撞,则碰后A、B两球的动量可能值是()A.PA=3kg·m/sPB=9kg·m/s B.PA=-4kg·m/sPB=17kg·m/sC.PA=-2kg·m/sPB=14kg·m/s D.PA=6kg·m/sPB=6kg·m/s3、如图所示,电源电动势为12V,电源内阻为1.0Ω,电路中的电阻R0为1.5Ω,小型直流电动机M的内阻为0.5Ω,闭合开关S后,电动机转动,电流表的示数为2.0A.则以下判断中正确的是A.电动机的输出功率为12WB.电动机两端的电压为10.0VC.电动机产生的热功率为4.0WD.电源输出的功率为24W4、教师在课堂上做了两个小实验,让小明同学印象深刻。第一个实验叫做“旋转的液体”,在玻璃皿的中心放一个圆柱形电极,沿边缘内壁放一个圆环形电极,把它们分别与电池的两极相连,然后在玻璃皿中放入导电液体,例如盐水,如果把玻璃皿放在磁场中,液体就会旋转起来,如图甲所示。第二个实验叫做“振动的弹簧”,把一根柔软的弹簧悬挂起来,使它的下端刚好跟槽中的水银接触,通电后,发现弹簧不断上下振动,如图乙所示。下列关于这两个趣味实验的说法正确的是()A.图甲中,如果改变磁场的方向,液体的旋转方向不变B.图甲中,如果改变电源的正负极,液体的旋转方向不变C.图乙中,如果改变电源的正负极,依然可以观察到弹簧不断上下振动D.图乙中,如果将水银换成酒精,依然可以观察到弹簧不断上下振动5、下列说法正确的是()A.点电荷其实就是体积很小的球体B.根据F=kq1q2C.若点电荷q1的电荷量大于q2的电荷量,则q1对q2的静电力大于q2对q1的静电力D.库仑定律和万有引力定律的表达式相似,都是平方反比定律6、一平行板电容器充电后与电源断开,负极板接地在两极板间有一正电荷(电量很小——固定在P点,如图所示以E表示两极板间的场强,U表示电容器的电压,W表示正电荷在P点的电势能若保持负极板不动,将正极板移到图中虚线所示的位置,则A.U变小,E不变 B.E变大,W变大C.U变小,W变小 D.U不变,W不变二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、在场强大小为E的匀强电场中,质量为m、带电量为+q的物体以某一初速沿电场反方向做匀减速直线运动,其加速度大小为,物体运动s距离时速度变为零。则下列说法正确的是()A.物体克服电场力做功qEs B.物体的电势能减少了0.2qEsC.物体的电势能减少了qEs D.物体的动能减少了0.2qEs8、一遥控玩具汽车在平直路上运动的位移一时间图象如图所示,则下列正确的是A.25s内汽车的路程为40mB.前10s内汽车的加速度为3m/s2C.20s末汽车的速度大小为1m/sD.前25s内汽车做单方向直线运动9、如图所示是一个由电池、电阻R、开关S与平行板电容器组成的串联电路,开关S闭合.一带电液滴悬浮在两板间P点不动,下列说法正确的是(

)A.带电液滴带正电B.增大两极板距离的过程中,电阻R中有从b到a的电流C.断开S,减小两极板正对面积的过程中,液滴将加速上升D.断开S,减小两极板距离过程中,液滴静止不动10、A、B两个点电荷在真空中产生电场的电场线(方向未标出)如图所示.图中C点为两点电荷连线的中点,MN为两点电荷连线的中垂线,D为中垂线上的一点,电场线的分布关于MN左右对称.则下列说法中正确的(

)A.这两个点电荷一定是等量异种电荷B.这两个点电荷一定是等量同种电荷C.把某正电荷从C点移到D点所受电场力方向不变D.C点的电场强度可能比D点的电场强度小三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)某同学在“练习使用多用电表”实验中,实验步骤及相关操作如下:(1)该同学在使用多用电表前,发现多用电表的指针不在零刻度上,如图甲所示.那么在使用前,他应调节甲图中表盘上的哪一个部件?答:_____;(填“A”或“B)(2)某同学用多用电表测量某一电阻,以下是该同学实验过程中的主要操作步骤.a.将“选择开关”置于如图所示的位置;b.将红黑表笔短接,转动欧姆调零旋钮,进行欧姆调零;c.如图所示把两表笔接触待测电阻的两端进行测量,表盘指针如图所示;d.记下读数,实验完毕.请指出该同学操作中至少两点不合理或遗漏的地方.___________________;___________________;_______________;(3)该同学想采用“伏安法”更精确地测量该电阻的阻值,选用了如图所示的实验器材.其中电压表量程3V、内阻约为3kΩ,电流表量程15mA、内阻约为4Ω,滑动变阻器总阻值20Ω,电源电动势3V.图中已经完成部分导线的连接,请你在实物接线图中完成余下导线的连接_______.12.(12分)(1)如图甲所示为某多用电表内部简化电路图,作电流表使用时,选择开关S应接________(选填“1”“2”“3”“4”或“5”)量程较大.(2)某同学想通过多用表的欧姆挡测量量程为3V的电压表内阻(如图乙),主要步骤如下:①把选择开关拨到“×100”的欧姆挡上;②把两表笔相接触,旋转欧姆调零旋钮,使指针指在电阻零刻度处;③把红表笔与待测电压表________(选填“正”或“负”)接线柱相接,黑表笔与另一接线柱相连,发现这时指针偏转角度很小;④换用________(选填“×10”或“×1k”)欧姆挡重新调零后测量,发现这时指针偏转适中,记下电阻数值;⑤把选择开关调至________,然后拔下表笔,把多用电表放回桌上原处,实验完毕.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)太阳能是一种新能源,人造卫星上的太阳能电池板在太空把太阳能转化为电能,然后供卫星内的设备使用。若每个太阳能电池的电动势为0.40V,短路电流为0.04A,则:(1)每个电池的内阻为多少?(2)现用多个这种太阳能电池串联,对标称值为“2.4V、0.048W”的用电器供电,则需要多少个这样的太阳能电池才能使用电器正常工作?14.(16分)如图所示,在平面直角坐标xOy内,第Ⅰ象限有沿-y方向的匀强电场,第Ⅳ象限有垂直于纸面向外的匀强磁场.现有一质量为m、带电量为+q的粒子(重力不计)以初速度v0沿-x方向从坐标为(3l,l)的P点开始运动,接着进入磁场后由坐标原点O射出,射出时速度方向与y轴方向夹角为45°.求:(1)粒子从O点射出时的速度v;(2)电场强度E的大小;(3)粒子从P点运动到O点所用的时间.15.(12分)一个初速度为零的电子通过电压为U=4500V的电场加速后,从C点沿水平方向飞入电场强度为E=1.5×105V/m的匀强电场中,到达该电场中另一点D时,电子的速度方向与电场强度方向的夹角正好是120°,如图所示.试求C、D两点沿电场强度方向的距离y.

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

当两电阻并联后与第三个电阻串联,假设额定电流为I,则电路中的电流最大值为I,根据功率公式有:P额=I2R=10W,根据串并联电路的特点可知,通过两并联电阻的电流均为:,则AB间允许消耗的最大功率:,故C正确,ABD错误.2、D【解析】

以两物体组成的系统为研究对象,以A的初速度方向为正方向,两个物体的质量均为m,碰撞前系统的总动量:P=7kg⋅m/s+5kg⋅m/s=12kg⋅m/s,系统的总动能:;A.若碰后A、B两球动量为:pA=3kg⋅m/s,pB=9kg⋅m/s,系统的总动量P′=3+9=12kg⋅m/s,遵守动量守恒定律。>Ek,故碰撞后动能增大,是不可能发生的,故A错误;B.若碰后A、B两球动量为:pA=-4kg⋅m/s,pB=17kg⋅m/s,系统的总动量P′=-4+17=13kg⋅m/s,不遵守动量守恒定律,故B错误;C.若碰后A、B两球动量为:pA=−2kg⋅m/s,pB=14kg⋅m/s,系统的总动量:P′=−2+14=12kg⋅m/s,遵守动量守恒定律。>Ek,故碰撞后动能增大,是不可能发生的,故C错误;D.若碰后A、B两球动量为:pA=6kg⋅m/s,pB=6kg⋅m/s,系统的总动量P′=6+6=12kg⋅m/s,遵守动量守恒定律。<Ek,故碰撞后动能减小,并且不会发生二次碰撞,是可能发生的,故D正确。故选:D3、A【解析】

ABC.电路中电流表的示数为2.0A,所以电动机的电压为U=E-U内-UR0=12-Ir-IR0=12-2×1-2×1.5=7V电动机的总功率为P总=UI=7×2=14W电动机的发热功率为:P热=I2R=22×0.5=2W所以电动机的输出功率为14W-2W=12W故A正确,BC错误;D.电源的输出的功率为:P输出=EI-I2R=12×2-22×1=20W故D错误。4、C【解析】图甲中,仅仅调换N、S极位置或仅仅调换电源的正负极位置,安培力方向肯定改变,液体的旋转方向要改变,故AB均错误;图乙中,当有电流通过弹簧时,构成弹簧的每一圈导线周围都产生了磁场,根据安培定则知,各圈导线之间都产生了相互的吸引作用,弹簧就缩短了,当弹簧的下端离开水银后,电路断开,弹簧中没有了电流,各圈导线之间失去了相互吸引力,弹簧又恢复原长,使得弹簧下端又与水银接触,弹簧中又有了电流,开始重复上述过程,可以观察到弹簧不断上下振动;如果改变电源的正负极,依然可以观察到弹簧不断上下振动;但是如果将水银换成酒精,酒精不导电,则弹簧将不再上下振动,故选项C正确,D错误;故选C.5、D【解析】

A、当带电体的形状、大小及电荷的分布状况对它们之间的作用力影响可以忽略时,可以看成点电荷,不是体积小就能看成点电荷.故A错误.

B、当两个点电荷距离趋于0时,两电荷不能看成点电荷,此时库仑定律的公式不再适用.故B错误.

C、两电荷之间的相互作用力大小相等,与点电荷电量的大小无关.故C错误.

D、库仑定律表达式F=kq1q2r2适用于真空中两点电荷之间的作用力;万有引力定律的表达式F=Gm1m2r6、A【解析】

平行板电容器充电后与电源断开后,电量不变,将正极板移到图中虚线所示的位置时,板间距离减小,根据知,电容增大,根据,则电压变小;由、、结合可得:可知与无关,则电场强度不变;则与负极板间的电势差不变,点的电势不变,正电荷在点的电势能不变;A.与分析相符,故A正确;B.与分析不符,故B错误;C.与分析不符,故C错误;D.与分析不符,故D错误。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、AD【解析】

ABC.带电粒子电场力为Eq,且沿着电场线反方向运动,即电场力做负功,即W=-Eqs所以物体克服电场力做功qEs,同时说明电势能增加了Eqs,选项A正确,BC错误;D.根据动能定理,动能变化量等于合外力做功,即D正确。故选AD。8、AC【解析】

位移-时间图象的斜率等于物体速度.纵坐标的变化量等于物体位移的大小.匀速直线运动的加速度为零.根据斜率等于速度分析物体析运动情况.【详解】A项:由图看出,15s内汽车的位移为故A正确;B项:前10s内汽车做匀速直线运动,加速度为0,故B错误;C项:20s末汽车的速度大小等于15-25s内图象的斜率大小:,故C正确;D项:汽车在0-10s内沿正方向做匀速直线运动;10-15s内处于静止状态;15-25s内汽车沿负方向做匀速直线运动,故D错误.故应选:AC.【点睛】根据位移图象分析物体的运动情况时,关键要抓住图象的斜率等于速度进行分析.要知道物体的位移等于纵坐标x的变化量.9、CD【解析】

电容器上板带正电,而油滴所受电场力向上,可知油滴带负电,选项A错误;增大两极板距离的过程中,电容器的电容变小,而电容器板间电压不变,由Q=CU分析知电容器带电量减小,电容器要放电,电阻R中有从a到b的电流,故B错误.断开S,极板上是电量Q不变;减小两极板正对面积的过程中,根据电容的决定式分析知电容减小,由C=Q/U分析可知U增大,由公式E=U/d分析可知E增大,油滴所受的电场力变大,则液滴将加速上升,选项C正确;断开S,电容器极板上带电量不变;减小两极板两极板距离过程中,根据电容的决定式、电容的定义式C=Q/U,以及由公式E=U/d可得与d无关,即E保持不变,所以液滴静止仍然不动.故D正确;故选CD.【点睛】本题是电容器动态变化分析问题,关键要抓住不变量.当电容器保持与电源相连时,其电压不变,同时掌握电容的定义式与决定式的内容及其区别,并理解的推导过程.10、AC【解析】

电场线是从正电荷或者无穷远出发出,到负电荷或无穷远处为止,从而判断两电荷的电性;判断由C到D点电场力的方向是否发生变化,可以从做功角度或者从场强叠加角度找出合场强的方向,从而判断电场力的方向;从电场线的疏密判断场强的大小;【详解】AB、根据电场线的特点:电场线从正电荷出发到负电荷终止,而且电荷A、B周围电场线分不情况完全一致,可知A、B是一定两个等量异种电荷,故A正确,B错误;

C、由图可知,中垂线MN为等势面,即CD两点电势相等,正点电荷q从C点移到D点,电场力不做功,可知电场力的方向与NM垂直,即水平方向,则正电荷从C点移到D点所受电场力方向不变,故C正确;

D、根据电场线的疏密可知,C点附近电场线密集,故C点的电场强度比D点电场强度大,故D错误。【点睛】常见电场的电场线分布及等势面的分布要求我们能熟练掌握,同时注意等量异号电荷形成电场的对称性问题。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、A甲图中选择开关应置于×10档,且重新欧姆调零;乙图中手不能接触表笔;读数后应将选择开关置于“OFF”或交流500V档,才能实验完毕.【解析】

(1)多用电表的指针不在零刻度上,应调节机械调零螺丝A进行机械调零.

(2)由图甲所示可知,欧姆表选择×100挡位,由图丁所示可知,指针偏角太大,所选挡位太大,为准确测量电阻阻值,应换用欧姆×10挡位,换挡后进行欧姆调零,用欧姆表测电阻时手不能与待测电阻接触,欧姆表使用完毕应把选择开关置于OFF挡或交流电压最高挡,由实验步骤可知,实验存在的问题有:①甲图中选择开关应置于×10档,且重新欧姆调零;②乙图中手不能接触表笔;③读数后应将选择开关置于“OFF”或交流电压最高档,才能实验完毕.

(3)由题意可知,待测电阻阻值远大于电流表内阻,电流表应采用内接法,待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值,为测多组实验数据,滑动变阻器应采用分压接法,实物电路图如图所示;12、1负×1kOFF挡或交流电压最高挡【解析】

(1)[1].由图示电路图可知,开关接1、2时表头与电阻并联,此时多用电表测电流,选择开关接1时并联分流电阻阻

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