浙江省2023年初中学业水平考试科学模拟卷（五）

浙江省2023年初中学业水平考试(金华卷)科学试题卷（五）考生须知:

1.全卷共四大题。考试时间为120分钟。

2.全卷分为卷1(选择题)和卷I(非选择题)两部分,全部在“答题纸”上作答“。3.请用黑色字迹钢笔或签字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。

4.本卷可能用到的相对原子质量:H一1C一12N一14O16Na23

5.本卷计算中g取10牛/千克。卷I一、选择题(本大题共有15小题,每小题3分,共45分。每小题只有一个选项是正确的,不选、多选、错选均不给分)

1．文明是城市最美的风景，争创全国文明城市，争当东阳文明市民，让我们携手共建文明和谐美好的家园。下列行为符合创建文明城市要求的是（）A．节假日燃放烟花爆竹 B．提倡步行或骑单车等出行 C．易拉罐丢入“其他垃圾”桶 D．焚烧秸秆增加土壤肥力【解答】解：A.节假日燃放烟花爆竹能产生空气污染物，故A错误；B.提倡步行或骑单车等出行，可以减少二氧化碳的排放，故B正确；C.易拉罐丢入“其他垃圾”桶，会造成资源浪费，故C错误；D.焚烧秸秆增加土壤肥力，会产生大量的烟尘，造成空气污染，故C错误。故选：B。2．根据中国地震台网的统计显示，2019年1月至5月末三级以上地震统计为243次，地震主要发生在西部地区四川、云南、新疆、西藏等地，关于地震的说法错误的是（）A．目前对地震还不能准确预测 B．地震时赶快乘电梯逃离 C．地震是地壳变动的表现形式之一 D．西部易发地震是由于处于板块交界处【解答】解：A、目前对地震的预测水平还不高，对地震还不能准确预测，因此我们要时刻预防地震的发生。故A叙述正确；B、在楼上的教室上课时发生地震，不要惊慌，要就近躲在课桌下面，并用书包护住头部，千万不要恐惧，不能乘电梯逃离，更不能从窗户跳下。赶快跑到开阔的地方，远离建筑物。故B叙述错误；C、地震是地壳变动的表现形式之一。故C叙述正确；D、西部易发地震是由于处于板块交界处。故D叙述正确。故选：B。3．上体育课时，老师要求同学们排成一条直线，同学们常以看见前者的后脑勺却看不见前面隔一个同学的后脑勺作为是否排成直线的标准。下列现象与该原理一致的是（）A．墙上的手影 B．“折断”的筷子 C．水中的倒影 D．露珠下的叶脉【解答】解：同学们常以看见前者的后脑勺却看不见前面隔一个同学的后脑勺作为是否排成直线的标准，利用了光的直线传播；A、墙上的手影，影子的是由于光的直线传播，故A正确；B、“折断”的筷子，属于折射现象，故B错误；C、水中的倒影，属于平面镜成像，利用了光的反射现象，故B错误；D、露珠下的叶脉，属于放大镜成像，利用了光的折射，故D错误。故选：A。4．科学实验操作需要规范严谨。以下是小金同学的科学实验操作，操作规范的是（）A．盛放NaOH溶液 B．称量NaCl质量 C．气密性检查 D．稀释浓硫酸【解答】解：A、氢氧化钠溶液应放在细口瓶中，且不能用玻璃塞，不符合题意；B、称量氯化钠时要将氯化钠放在左盘上，右盘放砝码，不符合题意；C、检查装置气密性时可先关闭止水夹，然后注水观察长颈漏斗内液面的变化，符合题意；D、浓硫酸稀释时要将浓硫酸沿器壁缓缓注入盛水的烧杯中，并用玻璃棒搅拌，不符合题意；故选：C。5．红树是生长在经常潮水浸淹的海滩上的一种植物，其繁殖方式类似动物界的“胎生”方式，即开花结果产生种子后，不从树上脱落，而是在果实内部开始发育，形成“胎生苗”然后落下并插入软泥，只要几小时就能长出根。关于红树的说法正确的是（）A．生命起点是“胎生苗” B．属于裸子植物 C．种子由胚发育而来 D．“胎生”现象是自然选择的结果【解答】解：A、红树生命起点是受精卵，错误。B、红树能开花结果产生种子，属于被子植物，错误。C、种子由胚珠发育而来，错误。D、胎生”现象是自然选择的结果，正确。故选：D。6．如图所示，将三个小球放入水中，A球漂浮在水面上（部分露在水面以上），B球悬浮在水中，C球沉至容器底（对容器底有压力）。已知A、B两球质量相等，B、C两球体积相等。则下列说法正确的是（）A．C球的体积大于A球的体积 B．A球所受浮力大于C球所受浮力 C．B球所受浮力大于C球所受浮力 D．A球的浮力等于C球的浮力【解答】解：A、图可知，A球漂浮，B球悬浮，则ρA＜ρ水，ρB＝ρ水，则ρA＜ρB，已知mA＝mB，所以VA＞VB，已知B、C两球体积相等，所以VA＞VC，故A错误；BCD、因为A球漂浮，B球悬浮，则A球受到的浮力：FA＝GA＝mAg，B球受到的浮力：FB＝GB＝mBg，又因为mA＝mB，所以FA＝FB；因为B球悬浮，C球沉到水底，B、C的体积相等，则B、C球排开水的体积相同，由F浮＝ρ水v排g可知，B、C两球受到的浮力：FB＝FC，则FA＝FB＝FC，故BC错误，D正确；故选：D。7．为了检验抵抗某种疾病的疫苗对某种鸟类是否有效，下列对实验程序的叙述，最恰当的是（）A．给100只鸟接种疫苗，然后将这100只鸟曝露于病原中 B．给50只鸟接种疫苗，另50只不接种，然后将这100只鸟曝露于病原中 C．给100只鸟接种疫苗，然后将其中的50只鸟曝露于病原中 D．给50只鸟接种疫苗，另50只不接种，然后只将接种疫苗的50只鸟曝露于病原中【解答】解：A、给100只鸟接种疫苗，然后将这100只鸟曝露于病原中，没有对照组，不能检验抵抗某种疾病的疫苗对某种鸟类是否有效，A错误。B、给50只鸟接种疫苗，另50只不接种，然后将这100只鸟曝露于病原中，这样能形成对照，能检验抵抗某种疾病的疫苗对某种鸟类是否有效，B正确。C、给100只鸟接种疫苗，然后将其中的50只鸟曝露于病原中，不能形成对照，C错误。D、给50只鸟接种疫苗，另50只不接种，然后只将接种疫苗的50只鸟曝露于病原中，变量不唯一，不合理，D错误。故选：B。8．小明的爸爸想在金华市区购买一套位于底层的住房，为了让南面的阳台能在全年的正午都见到阳光，小明应建议爸爸最好在哪一个节气日实地观察（）A．立春 B．立秋 C．夏至 D．冬至【解答】解：小明的爸爸想在金华市区购买一套位于底层的住房，为了让南面的阳台能在全年的正午都见到阳光，小明应建议爸爸最好冬至日这一个节气实地观察，该节气太阳直射南回归线，北半球太阳高度最小，正午地表事物影子最长，最能看出前排楼房是否挡光。故选：D。9．甲是60℃的蔗糖溶液，按如图所示进行操作。以下分析不正确的是（）A．甲一定是不饱和溶液 B．丙和丁一定是饱和溶液 C．乙的溶质质量分数一定比甲大 D．甲和丙的溶质质量分数一定不相等【解答】解：A、甲是60℃的蔗糖溶液，恒温蒸发20g水，没有晶体析出，则甲一定是不饱和溶液，故选项说法正确。B、丙和丁均不能继续溶解蔗糖，一定是饱和溶液，故选项说法正确。C、甲和乙溶质，溶质质量相等，但乙中溶剂的质量比甲中少，则乙的溶质质量分数一定比甲大，故选项说法正确。D、甲和丙的温度不同，溶质和溶液质量之比可能相同，溶质质量分数可能相等，故选项说法错误。故选：D。10．DNA亲子鉴定是通过亲代与子代细胞中DNA比对来进行的，其准确率高达99.99999%若某次鉴定材料为亲代与子代的血液，则进行DNA比对应选择（）A．白细胞 B．红细胞 C．血小板 D．血浆【解答】解：DNA是主要的遗传物质，它主要存在于细胞核中，血液的结构中只有白细胞具有细胞核。故选：A。11．“宏观—微观一符号”三重表征，是化学独特的表示物质及其变化的方法。某化学反应的微观示意图如图所示，下列说法不正确的是（）A．从反应类型看：该反应属于置换反应 B．从物质分类看：该反应涉及2种氧化物 C．从微观构成看：四种物质均由分子构成 D．从反应价值看：该反应能获取清洁能源和助燃剂【解答】解：该反应为二氧化碳和水在催化剂和光照的条件下转化为甲烷和氧气，该反应的化学方程式为：CO2+2H2O催化剂¯光照CH4+2OA、由以上化学方程式可知，该反应的反应物是两种化合物，故不是置换反应，故A错误；B、氧化物是由两种元素组成的化合物，且一种元素为氧元素，由图可知，该反应涉及四种物质，分别为二氧化碳、水、甲烷和氧气，二氧化碳是由C、O元素组成的化合物，属于氧化物，水是由氢、氧元素组成的化合物，属于氧化物，甲烷是由碳、氢元素组成的化合物，不属于氧化物，氧气是由氧元素组成的纯净物，属于单质，涉及两种氧化物，故B正确；C、从微观构成看：甲烷由甲烷分子构成；水由水分子构成；二氧化碳由二氧化碳分子构成；氧气由氧分子构成，故四种物质均由分子构成，故C正确；D、该反应消耗了二氧化碳，且使二氧化碳转化成了较清洁能源甲烷，同时生成了氧气，该反应能获取清洁能源和助燃剂，故D正确。故选：A。12．如图所示，其中甲、乙、丙、丁、戊分别是铁、氢氧化钙、碳酸钠、氯化钡、盐酸中的一种。图中相连的两圆表示相应物质能发生反应，已知乙是铁。下列说法正确的是（）A．五种物质以及各反应的生成物中，只有铁是单质 B．甲是碳酸钠 C．戊是氯化钡 D．图中发生复分解反应个数为3【解答】解：铁能和盐酸反应生成氯化亚铁和氢气；氢氧化钙和碳酸钠反应生成白色沉淀碳酸钙和氢氧化钠，和盐酸反应生成氯化钙和水；碳酸钠和氯化钡反应生成白色沉淀碳酸钡和氯化钠，和盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，因此甲是氢氧化钙，乙是铁，丙是盐酸，丁是碳酸钠，戊是氯化钡；A、铁属于单质，铁和盐酸反应生成的氢气属于单质，该选项说法不正确；B、甲是氢氧化钙，该选项说法不正确；C、戊是氯化钡，该选项说法正确；D、氢氧化钙和碳酸钠反应生成白色沉淀碳酸钙和氢氧化钠，和盐酸反应生成氯化钙和水，都属于复分解反应，碳酸钠和氯化钡反应生成白色沉淀碳酸钡和氯化钠，和盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，都属于复分解反应，因此图中发生复分解反应个数为4，该选项说法不正确。故选：C。13．如图甲所示，放在水平地面上的A、B两长方体物块，密度相等，高度h相等。若把它们分别放入盛有不同液体的两个容器中，静止时所处状态如图乙。下列判断正确的是（）A．甲图中压力关系：FA压力＞FB压力 B．甲图中压强关系：pA＝pB C．乙图中浮力关系：FB浮力＜FA浮力 D．乙图中液体密度关系：ρB液＞ρA液【解答】解：A、由题意知A、B两长方体物块，密度相等，高度h相等，由图甲知SA＜SB，根据G＝mg＝ρVg＝ρShg知B的重力大于A的重力，因为在水平面上，压力等于重力，所以甲图A对水平面的压力小于B对水平面的压力，即FA压力＜FB压力，故A错误；B、由于A、B的密度相同，高度相同，根据pFS=GS=mgS=ρVgS=ρSghS=ρC、由图乙知A、B在两种液体中分别处于漂浮和悬浮状态，其受到的浮力都等于自身的重力，即FA浮力＝GA，FB浮力＝GB浮力，由A知B的重力大于A的重力，所以FB浮力＞FA浮力，故C错误；D、由图乙知A在液体中漂浮，所以物体A的密度小于A液体的密度，物体B在液体中处于悬浮状态，所以物体B的密度等于B液体的密度，由于A、B的密度相同，所以ρB液＜ρA液，故D错误。故选：B。14．如图，绿鱼子是一种生活在海洋中的单细胞植物，呈鲜绿色，具有多个细胞核，有根状物。由此可知，绿鱼子是（）A．藻类植物 B．苔藓植物 C．蕨类植物 D．种子植物【解答】解：绿鱼子是一种生活在海洋中的单细胞植物，呈鲜绿色，具有多个细胞核，有须状假根，属于藻类植物。故选：A。15．如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器滑片P向右移动，下列说法中正确的是（）A．电路消耗的总电功率变大 B．电流表的示数变小，电压表的示数不变 C．电压表与电流表的示数之比变小 D．灯泡的亮度将变暗【解答】解：由电路图可知，L与滑动变阻器R′并联，电压表测电源两端的电压，电流表测R′支路的电流。因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，L支路的电流不变，L的亮度不变；将滑动变阻器滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I=U电压表示数不变，电流表示数变小，则电压表与电流表的示数之比变大；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，由P＝UI可知，电路消耗的总功率变小；综上所述，故B正确。故选：B。卷Ⅱ说明:本卷共有三大题,20小题,共115分。请用黑色字迹钢笔或签字笔将答案写在“答题纸”的相应位置上。

二、填空题(本大题共有10小题,共40分)16．图甲表示人缩手反射的过程，图乙是反射弧各组成部分的关系示意图。（1）图甲中“e”对应图乙中的①。（2）若人能感受到痛，但确不能缩手，可能是图甲中的d或a受损。【解答】解：（1）根据箭头的指向可以判断出：图甲中e是感受器，b是传入神经，c是神经中枢，d是传出神经，a效应器；图乙中①是感受器，②是传入神经，③是神经中枢，④是传出神经，⑤效应器，因此图甲中“e”对应图乙中的①。（2）反射必须通过反射弧来完成，缺少任何一个环节反射活动都不能完成。缩手反射是简单的反射，神经中枢在脊髓，甲图中的传导途径为e→b→c→d→a。如果某人有感觉但不能缩手，表明e感受器产生的神经冲动能通过b传入神经传到c神经中枢，在经过脊髓的白质上行传到大脑皮层，形成感觉，因此有感觉。但而不能产生运动，表明反射弧不完整。因此可能是d传出神经或a效应器受损。故答案为：（1）①；（2）d或a。17．2013年3月底在上海和安徽先后发现人感染H7N9型禽流感病例．H7N9是全球首次发现的新亚型流感病毒，健康人近距离接触携带有H7N9病毒的禽类，就有可能被感染．被该病毒感染的患者通常会出现发热、咳嗽、呼吸困难等症状．（1）按照传染病的传播途径，H7N9型禽流感属于呼吸道传染病．（2）请列举预防H7N9型禽流感的一项具体措施尽可能减少与禽类不必要的接触、不捕捉野生鸟类、保持良好的卫生习惯、加强身体锻炼等．．【解答】解：（1）传染病是由各种病原体引起的能在人与人、动物与动物或人与动物之间相互传播的一类疾病．H7N9型禽流感是一种新型禽流感，人感染H7N9禽流感是由H7N9禽流感病毒引起的急性呼吸道传染病．经呼吸道传播，也可通过密切接触感染的禽类分泌物或排泄物等被感染，直接接触病毒也可被感染．属于呼吸道传染病．（2）病原体从已感染者排出，经过一定的传播途径，传入易感者而形成新的传染的全部过程．传染病得以在某一人群中发生和传播，必须具备传染源、传播途径和易感人群三个基本环节．所以预防H7N9型禽流感应从切断传播的三个基本环节入手．如尽可能减少与禽类不必要的接触、不捕捉野生鸟类、保持良好的卫生习惯、加强身体锻炼等．故答案为：（1）呼吸道；（2）尽可能减少与禽类不必要的接触、不捕捉野生鸟类、保持良好的卫生习惯、加强身体锻炼等．18．2020年12月，嫦娥五号在经过二十多天的任务后，成功带着月球土壤样本罐返回地球，总共获得月球土壤样本1731克。（1）月球土壤样品从月球带回到地球，质量保持不变，是因为物体所含物质的多少不变。（2）月球样品转移至返回舱并固定后，返回舱仍要绕月球飞行一段时间，择机返回地球。以返回舱为参照物，月球样品是静止的（填“运动”或“静止”）。【解答】解：（1）月球土壤样品从月球带回到地球，质量保持不变，是因为物体所含物质的多少不变；（2）月球样品固定在返回舱中，相对于返回舱没有位置的变化，以返回舱为参照物，月球样品是静止的。故答案为：（1）物质的多少；（2）静止。19．东阳甘蔗制糖有着悠久的历史。甘蔗制糖的部分环节为：清洗甘蔗﹣。压榨甘蔗→分离渣汁→蒸发浓缩→...（1）甘蔗在压榨过程中发生的变化属于物理变化。（2）分离渣汁和蒸发浓缩两环节分别与图中的BC（选填“A”、“B”或“C”）两实验原理对应。【解答】解：（1）甘蔗在压榨过程中发生的变化没有新物质生成，属于物理变化；（2）渣汁的分离属于固液分开，与图中的B过滤的实验原理相同；蒸发浓缩需要蒸发水分，与图中的C蒸发的实验原理相同。故答案为：（1）物理；（2）BC。20．2021年12月9日，航天员王亚平向同学们操作“太空泡腾片实验”。亚平老师先用蓝色色素渲染水球，再把橙色的泡腾片放入，很快观察到球体中产生小气泡。水球也逐渐变大，橙色和蓝色融合，像充满欢乐的地球。（1）从微观角度分析“色素能够渲染整个水球”的原因是颜料分子不停地做无规则运动；（2）水球逐渐变大过程中，其密度如何变化？密度变小。【解答】解：（1）在“天宫课堂”中王亚平将少许蓝色颜料注入水球，很快整个水球变成蓝色，这是因为颜料分子不停地做无规则运动；（2）水球在逐渐变大过程中，质量不变，体积变大，密度变小。故答案为：（1）颜料分子不停地做无规则运动；（2）密度变小。21．某校化学兴趣小组用如图装置做实验．甲同学将收集满的二氧化碳气体的试管插入紫色石蕊溶液中，并轻轻振荡试管．（1）描述产生的现象：试管内液面上升、试管内的紫色石蕊试液变为红色．（2）写出反应的化学方程式：CO2+H2O＝H2CO3．【解答】解：（1）将收集满的CO2气体倒插入紫色石蕊试液中时，二氧化碳和石蕊试液中的水反应生成碳酸，碳酸显酸性，能使石蕊试液变红色；因为二氧化碳和水反应生成碳酸，所以试管中的二氧化碳减少，压强随之减小，在外界大气压的作用下，试管中的液体上升，形成一段液柱．故答案是：试管内液面上升，同时试管内液体变成红色；（2）二氧化碳和石蕊试液中的水反应生成碳酸，其反应方程式为：CO2+H2O═H2CO3答案：（1）试管内液面上升试管内的紫色石蕊试液变为红色（2）CO2+H2O＝H2CO322．自然界和生活中的许多现象与物理有关：（1）脱手后的氢气球会上升，原因是氢气球受到的浮力大于（选填“大于”或“小于”）其重力。（2）火车站台上都设有安全线，人应站在安全线外，人若站在安全线内，当火车进站时火车周围的空气流速变大（选填“变大”或“变小”），压强减小（选填“增大”或“减小”），人会被外侧空气压向火车。【解答】解：（1）根据物体浮沉条件可知，脱手后的氢气球会上升，原因是氢气球受到的浮力大于其重力；（2）由流体压强与流速的关系可知：流速越大的位置压强越小，人若站在安全线内，当火车进站时火车周围的空气流速变大，压强变小，人会被外侧空气压向火车。故答案为：（1）大于；（2）变大；减小。23．观察是科学探究的一种方法。科学观察需要工具，显微镜就是其中一种工具。（1）使用显微镜观察时，如果光线太强，应选择②③（可多选）。①大光圈；②小光圈；③平面镜；④凹面镜。（2）如图为某同学利用显微镜观察自己制作的洋葱表皮细胞临时装片过程中，显微镜下看到的几个视野，请据图回答问题：要使图象从视野①变为视野②的状态，应将装片向右下方移动；要使图象从视野③变为视野④的状态，应调节细准焦螺旋（填写一个显微镜的结构名称）。（3）与动物细胞比较，洋葱细胞“棱角分明”是因为细胞结构中的细胞壁具有支持作用。【解答】解：（1）调节光线的结构有遮光器和反光镜，遮光器上有大小不同的光圈，光线较强（需要弱光）时，使用小光圈，反之，就用大光圈；反光镜一面是平面镜，一面是凹面镜．光线较强（需要弱光）时，使用平面镜，反之，就用凹面镜。（2）显微镜下看到的物像不但上下颠倒而且左右相反，视野①中的物像位于右下方，说明实物位于左上方，视野②中的物像位于中央，说明实物也位于中央；要使物像从视野①变为视野②的状态，应将装片也向右下方移动，这样实物就移到了中央，物像自然也在中央了；物像③不清晰，物像④清晰，要想使物像从视野③变为视野④的状态，应用细准焦螺旋进行调节．（3）与动物细胞比较，洋葱细胞“棱角分明”是因为细胞结构中有细胞壁，起到支持作用。故答案为：（1）②③；（2）右下方；细准焦螺旋；（3）细胞壁具有支持作用。24．图甲是小灯泡L和电阻R的电流随电压变化图象，将它们按图乙所示接入电路中，只闭合开关S，小灯泡的实际功率为1W；再闭合开关S1，电流表示数变化了0.2A，此时电路消耗的总功率为1.4W。【解答】解：（1）当闭合开关S、断开开关S1时，电路为L的简单电路，由甲图象可知，当小灯泡的实际功率为1W时，灯泡两端的电压为2V即电源的电压U＝2V，通过灯泡的电流IL＝0.5A；（2）当再闭合开关S1时，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，并联电路中各支路两端的电压相等，此时R两端的电压为2V，由图象可知IR＝0.2A，并联电路中干路电流等于各支路电流之和，干路电流表示数变化了0.2A，示数I＝IL+IR＝0.5A+0.2A＝0.7A，电路消耗的总功率：P＝UI＝2V×0.7A＝1.4W。故答案为：0.2；1.4。25．小科的智能屏幕解锁图案设置如图甲所示，若每个圆圈分别代表初中科学常见的物质（“一”表示相连两物质能发生化学反应，反应条件省略），其中①是氢气，⑨是纯碱（Na2CO3），①④⑦⑧⑨分别为不同类别的物质。请完成下列问题：（1）纯碱的水溶液呈碱性（填“酸性”或“碱性”）；（2）⑧和⑨发生反应的化学方程式可能是Na2CO3+Ca（OH）2═CaCO3↓+2NaOH（任写一个）；（3）为增加安全性，在甲图基础上小科设置了如图乙所示的解锁图。若③为稀盐酸，则②代表的物质类别可以是ABDE（填字母）。A．单质B．氧化物C．酸D．碱E．盐【解答】解：（1）纯碱的水溶液呈碱性；（2）⑨是纯碱，⑧是氢氧化钙，氢氧化钙与碳酸钠反应生成碳酸钙沉淀和氢氧化钠，化学方程式为：Na2CO3+Ca（OH）2═CaCO3↓+2NaOH；（3）根据酸的化学性质，若③为稀盐酸，则②可以是较活泼的金属单质、金属氧化物（例如氧化铜等）、碱（例如氢氧化钠）、盐（例如碳酸钠），故选：ABDE。故答案为：（1）碱性；（2）Na2CO3+Ca（OH）2═CaCO3↓+2NaOH；（3）ABDE。三、实验探究题(本大题共有5小题,共35分)

26．BTB（溴麝香草酚蓝）水溶液是一种指示剂，淡蓝色BTB溶液通入CO2气体后溶液变黄色，溶液中CO2含量大量减少时，又重新变为淡蓝色的。依据这一原理，某生物兴趣小组用水蕴草探究“CO2是植物光合作用的原料”。实验准备：将培养有水蕴草的锥形瓶放入暗室内一昼夜；利用煮沸并冷却到常温的水配制一定量淡蓝色的BTB溶液。实验过程及结果如图所示。试据图分析回答下列问题：检验淀粉结果：甲组实验的叶片遇到碘液变蓝，乙组实验的叶片未变蓝色。（1）实验准备中将培养有水蕴草的锥形瓶放入暗室内一昼夜是为了把叶片中的淀粉全部转运和消耗；（2）在阳光下水蕴草的光合作用的文字表达式二氧化碳+水→叶绿体光能有机物（储存能量）+（3）在比较甲、乙组实验结果，说明水蕴草光合作用利用了水中的二氧化碳。（4）有同学质疑，光照是否会引起BTB水溶液中二氧化碳含量减少。为消除这一质疑，应在上述实验基础上补充一组实验。请完善实验方案：向BTB水溶液中吹入气体至溶液颜色变为黄色，不加入水蕴草，置于光照条件下一段时间，观察溶液颜色变化。若BTB水溶液颜色呈现黄色，则证明光照不引起BTB水溶液中二氧化碳含量减少。【解答】解：（1）实验准备中将培养有水蕴草的锥形瓶放入暗室内一昼夜是为了把叶片中的淀粉全部转运和消耗。这样实验中用碘液检验的淀粉只可能是叶片在实验过程中制造的，而不能是叶片在实验前贮存。（2）在阳光下水蕴草的光合作用的文字表达式为：二氧化碳+水→叶绿体光能有机物（储存能量）（3）甲水蕴草进行光合作用吸收了二氧化碳，二氧化碳减少使BTB水溶液变为蓝绿色；乙水蕴草在黑暗环境中进行呼吸作用释放二氧化碳，二氧化碳增加使BTB水溶液变为黄色，因此比较甲、乙组实验结果，说明水蕴草光合作用利用了水中的二氧化碳。（4）“光照是否会引起BTB水溶液中二氧化碳含量减少”实验唯一不同的变量是光照。因此“为回应这一质疑，应在上述实验基础上补充一组实验”和甲形成对照试验。实验方案是：向BTB水溶液中吹入气体至溶液颜色变为黄色，不加入水蕴草，置于光照条件下一段时间，观察溶液颜色变化。若BTB水溶液颜色呈现黄色，则证明光照不引起BTB水溶液中二氧化碳含量减少。故答案为：（1）把叶片中的淀粉全部转运和消耗（2）二氧化碳+水→叶绿体光能有机物（储存能量）（3）水蕴草光合作用利用了水中的二氧化碳（4）向BTB水溶液中吹入气体至溶液颜色变为黄色，不加入水蕴草，置于光照条件下一段时间，观察溶液颜色变化。若BTB水溶液颜色呈现黄色，则证明光照不引起BTB水溶液中二氧化碳含量减少。27．为进一步研究动能大小的影响因素，科学兴趣小组利用如图所示的装置进行实验。实验器材有弹射器、若干质量不同的小钢球、一块木块和一块水平放置木板（足够长），激光测速仪（测量小球弹出瞬间的速度，图中未画出）等，实验获得的数据记录如表。实验序号钢球质量m/克钢球刚弹出的速度v/米•秒﹣1木块被撞后运动的平均距离S/厘米1101422023233024844031445504320（1）为了完成本实验，除了测速仪，还需要的测量工具有刻度尺。（2）本实验的结论是动能的大小与质量成正比，与速度的平方成反比。（3）重复实验时，某次操作如下：取质量为20克的小球将弹簧压缩至一定位置并记录，测得小球弹出时的速度为3米每秒，取30克小球，将弹簧压缩至同一位置，则木块移动的距离为72厘米。【解答】解：（1）实验中通过木块移动的距离来表示物体动能的大小，所以需要用刻度尺测量木块移动的距离；（2）根据2和3两次实验数据可知，在钢球的速度相同时，第3次实验中钢球的质量是第2次钢球质量的1.5倍，第3次实验中木块移动的距离是第2次木块移动的距离是的1.5倍，所以结论为：在速度相同时，质量越大，动能越大，动能的大小与质量成正比；根据第1次和第2次实验数据可知，第2次钢球的质量是第一次钢球质量的2倍，第2次钢球的速度是第一次钢球速度的2倍，第2次实验中木块移动的距离是第1次木块移动的距离是的8倍；由于动能的大小与质量成正比，所以结论为：质量相同时，速度越大，动能越大，动能的大小与速度的平方成正比；故根据表格中的数据得出的结论为：（3）取质量为20克的小球将弹簧压缩至一定位置并记录，测得小球弹出时的速度为3米每秒，取30克小球，将弹簧压缩至同一位置，弹簧的形变程度相同，弹性势能相同，弹簧的弹性势能全部转化为小球的动能，所以两个小球的动能是相同的，两种情况下木块的初始动能相同；木块克服摩擦做功，木块的动能全部转化为内能，所以两次实验中木块克服摩擦做的功相同，木块在运动过程中，对水平面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，受到的滑动摩擦力大小不变，根据W＝fs可知，木块移动的距离相同；根据实验2中的数据可知，钢球的质量为20g，速度为2m/s，木块移动的距离为32cm；当质量不变，速度变为3m/s，即速度变为原来的1.5倍，则木块移动的距离变为原来的1.52＝2.25倍，所以木块移动的距离为s'＝2.25×32cm＝72cm。故答案为：（1）刻度尺；（2）动能的大小与质量成正比，与速度的平方成反比；（3）72。28．食用碱的主要成分是Na2CO3（常含有少量的NaCl）。课外探究小组为测定市售食用碱中Na2CO3的含量，设计了如图实验装置：设计思路：用空气将装置B中生成的二氧化碳缓缓吹入装置D中，利用装置D的质量变化测定食用碱中Na2CO3的含量。请结合实验装置和设计思路，回答下面问题：（1）装置D中发生反应的化学方程式为：CO2+Ba（OH）2＝BaCO3↓+H2O（2）装置A的作用是吸收空气中的二氧化碳，装置E的作用是防止空气中二氧化碳进入D中，干扰实验。（3）缓缓通入空气的目的是排出内部残留的二氧化碳，使氢氧化钡和二氧化碳完全反应（4）若撤除装置C，对实验结果的影响是偏大。【解答】解：（1）二氧化碳和氢氧化钡反应生成碳酸钡沉淀和水，书写化学方程式注意配平及沉淀符号，所以化学方程式为CO2+Ba（OH）2＝BaCO3↓+H2O；故答案为：CO2+Ba（OH）2＝BaCO3↓+H2O。（2）由于空气中含有二氧化碳，因此通入空气前需要吸收空气中的二氧化碳；氢氧化钡时吸收二氧化碳的，因此需要隔绝空气中二氧化碳中，避免影响实验结果；故答案为：吸收空气中的二氧化碳；防止空气中二氧化碳进入D中，干扰实验。（3）由于二氧化碳密度比空气大，会沉积于底部，所以需要通入空气排出内部残留的二氧化碳，使氢氧化钡和二氧化碳完全反应，确保实验结果准确性；故答案为：排出内部残留的二氧化碳，使氢氧化钡和二氧化碳完全反应。（4）撤去C后，带出的水蒸气进入D中，造成质量增大，测量结果偏大；故答案为：偏大。29．某兴趣小组的同学利用甲图所示的电路进行了多个电学实验。实验中电源电压为6V且恒定不变；滑动变阻器在电路中除了保护电表即保护电路以外，在不同的实验中作用各不相同。（1）第一小组的同学要测量电阻Rx的阻值，他们在A、B间接入待测电阻Rx，请你用笔画线代替导线，将答题卡图乙中的实物图连接完整。（2）第二小组的同学要研究“电流与电阻的关系”。他们将阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻分别接在A、B间，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，记下电流表示数，得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图象。为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少35Ω的滑动变阻器。（3）第三小组的同学要测量额定电压为5V的小灯泡的额定功率。他们在A、B间接入2.5V的小灯泡，正确连接电路，实验步骤及操作都正确。闭合开关后，发现电压表的示数大于小灯泡的额定电压，小灯泡发光较亮，出现这种现象的原因是变阻器的最大阻值太小了。【解答】解：（1）在该实验中，滑动变阻器必须串联在电路中，且接法是一上一下，电压表与电阻并联，如下图所示：为减小误差，应改变电阻两端的电压和通过的电流，多测几组数据，求电阻的平均值，所以变阻器除了保护电路的作用外，还有改变电阻的电压和电流的作用；（2）由图知，电阻两端的电压始终保持U＝IR＝0.5A×5Ω＝2.5V，可知变阻器除了保护电路外，另一个作用是控制电阻Rx两端的电压为2.5V不变；由图象知，当电阻的阻值为25Ω时，电路中的电流为0.1A，此时变阻器的阻值最大，可知其最大阻值为：R最大=U滑I（3）闭合开关后，发现电压表的示数大于小灯泡的额定电压，小灯泡发光较亮，实验步骤及操作都正确，说明变阻器分压太小，所以原因可能是变阻器最大阻值太小了。故答案为：（1）见上图；改变电阻的电压和电流；（2）35；（3）变阻器的最大阻值太小了。30．某气体可能是CO、HCl、NH3、H2中的一种或几种。为探究其组成，现在取2.0g该气体通过如图装置，A是初中常见的无色指示剂，实验结束后，发现玻璃管内的固体质量减少了1.6g。（各步反应均完全）[查阅资料]①浓硫酸既可吸收水，也可吸收氨气②NH3+HCl＝NH4Cl③2NH3+3CuO△¯3Cu+N2+3H2[实验分析]（1）实验中A装置从无色变为红色，说明气体中有氨气；B装置是利用了浓硫酸具有吸水性。（2）小金认为不需要单独检验HCl，就能证明HCl不存在，理由是氨气与氯化氢不能共存。（3）实验中D装置石灰水变浑浊，过滤、洗涤、一定温度下烘干得5g白色固体。[实验结果]原混合气体中各物质的组成情况是一氧化碳1.4g，氢气0.1g，氨气0.5g。（算出质量）【解答】解：（1）A是初中常见的无色指示剂，则A是无色酚酞试液，实验中A装置从无色变为红色，说明气体中有氨气，氨气溶于水形成氨水，氨水显碱性，能使酚酞试液变红；B装置是利用了浓硫酸具有吸水性；（2）由资料可知，氨气与氯化氢接触生成氯化铵，氨气与氯化氢不能共存；（3）根据题干信息，生成5g白色固体是碳酸钙质量，设二氧化碳质量为xCa（OH）2+CO2═CaCO3↓+H2O；44100x5g44100x＝2.2g设原气体中一氧化碳质量为yCO+CuO△¯Cu+CO2844y2.2g2844y＝1.4g一氧化碳从氧化铜中得到的氧元素的质量2.2g﹣1.4g＝0.8g；实验结束后，发现试管内的固体质量减少了1.6g，则气体中还含有氢气，且氢气得到氧元素的质量＝1.6g﹣0.8g＝0.8g设氢气的质量为zH2+CuO△¯Cu+H2O216Z0.8g216z＝0.1g由以上计算可知，气体中含有的一氧化碳质量为1.4g，氢气的质量为0.1g，不含氯化氢，则含有的氨气质量2.0g﹣1.4g﹣0.1g＝0.5g。原混合气体中各物质的组成情况是一氧化碳1.4g，氢气0.1g，氨气0.5g。故答案为：（1）氨气；吸水；（2）氨气与氯化氢不能共存；（3）一氧化碳1.4g，氢气0.1g，氨气0.5g。四、解答题(本大题共有5小题,共40分)

31．实验室里有一瓶久置的氢氧化钙样品，兴趣小组为了确定其成分，进行如下实验：（1）成分初判：取少量样品粉末放入足量水中，滴加两滴无色酚酞，有溶液变红色现象出现，证明药品部分变质。（2）抽样测定：称取12.4克样品放入质量为100克的锥形瓶中，置于电子秤上，再加入200克7.3%的稀盐酸充分反应，溶液红色逐渐消失，反应结束时电子秤示数如图。反应后溶液中的溶质为氯化钙、氯化氢。（3）计算该样品中CaCO3的质量。（4）反应结束后溶液中CaCl2的质量分数。（精确到0.1%）【解答】解：（1）氢氧化钙部分变质，是因为二氧化碳和氢氧化钙反应生成碳酸钙和水，因此粉末中含有氢氧化钙和碳酸钙，加入足量的水，滴加无色酚酞，有白色沉淀出现，溶液变红，故答案为：白色沉淀出现，溶液变红；（2）由质量守恒定律可得，生成二氧化碳的质量为12.4g+100g+200g﹣310.2g＝2.2g设样品中碳酸钙的质量为x，参加反应的氯化氢的质量为y，生成氯化钙的质量为mCaCO3+2HCl＝CaCl2+H2O+CO2↑1007311144xym2.2g10044=x7344=y11144=m则样品中含有氢氧化钙的质量为12.4g﹣5g＝7.4g，设与氢氧化钙反应的氯化氢的质量为z，生成氯化钙的质量为nCa（OH）2+2HCl＝CaCl2+2H2O74731117.4gzn7473=7.474111=7.47.3g+3.65g＝10.95g＜200g×7.3%，则氯化氢有剩余，故反应后溶质为氯化钙和氯化氢，故答案为：氯化钙、氯化氢；（3）由（2）解析可得样品中含有碳酸钙的质量为5g（4）则反应结束后溶液中CaCl2的质量分数为11.1g+5.55g答：（3）该样品中CaCO3的质量为5g；（4）反应结束后溶液中CaCl2的质量分数为5.4%。32．每年的3至4月中旬，东阳江边公园树丛中都会出现“湿地精灵”萤火虫的身影。每当夜幕降临时，流萤飞舞、满地繁星，形成梦幻般的“萤火虫海”奇观，吸引了众多游客前来观赏。萤火虫喜欢生存在水源干净、湿润阴凉的地方，它的幼虫取食蜗牛等其他食草昆虫。如今，萤火虫的数量变得越来越少。（1）萤火虫的一生经过受精卵→幼虫→蛹﹣→成虫四个阶段。以下生物的发育过程与之相同的是C。A.蝗虫B.青蛙C.蚕（2）小图同学为公园内的樟树、白鹭、萤火虫、蚯蚓四种生物编制了一个检索表，其中萤火虫是S（选填“P”、“Q”、“R”或“S”）。（3）从生态系统的组成成分分析，萤火虫属于消费者。（4）根据以上信息，写出其中一条食物链草→蜗牛→萤火虫。【解答】解：（1）萤火虫的一生经过受精卵→幼虫→蛹﹣→成虫四个阶段，属于完全变态发育，如家蚕、蚊、蝇等。故选：C。（2）有叶绿体能进行光合作用的是植物；无叶绿体，不能进行光合作用的是动物、细菌、真菌等；无脊椎骨组成脊柱的是无脊椎动物，包括：腔肠动物、扁形动物、线形动物，环节动物，软体动物，节肢动物等。由脊椎骨组成脊柱的动物叫做脊椎动物，包括鱼类，两栖类，爬行类，鸟类哺乳类。环节动物是有许多彼此相似的环状体节构成。节肢动物身体和肤质都是分解的，体表有外骨骼。樟树属于植物、白鹭属于鸟类、萤火虫属于节肢动物、蚯蚓属于环节动物，由此可以推断出萤火虫在编制检索表中处在S的位置。（3）一个完整的生态系统包括生物部分和非生物部分，非生物部分包括阳光、空气、水、温度等，生物部分由生产者（植物）、消费者（动物）和分解者（细菌、真菌）组成。萤火虫属于节肢动物，因此它属于消费者。（4）分析题干得出一条食物链草→蜗牛→萤火虫。故答案为：（1）C；（2）S；（3）消费者；（4）草→蜗牛→萤火虫。33．为控制疫情，市政管理部门配备了如图所示的消毒车按时对人流密集的主干道路进行消毒。消毒车罐体容积为4500L，空载质量约5000kg，轮胎与地面的总接触面积是1000cm2，发动机的额定功率约为95kW，（ρ药水＝1.0×103kg/m3）（1）如图，消毒车在水平地面上匀速行驶消毒时，具有的动能变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）。（2）空载时，消毒车对水平地面的压强是多少？（3）当该车装满药水，在水平公路上以额定功率匀速行驶时，测得速度为10m/s，则发动机在2min内所做的功是多少？受到的阻力是多少？【解答】解：（1）消毒车在水平地面上匀速行驶并消毒时，质量减小，速度不变，具有的动能变小；（2）空载时，消毒车的重力：G＝mg＝5000kg×10N/kg＝5×104N；车对地面的压力为：F＝G＝5×104N；地面受到的压强为：p=FS=5×104（3）发动机在2min