江苏专用2025版高考生物一轮复习限时集训8酶和ATP含解析

PAGE6-酶和ATP(建议用时：40分钟)1．(2024·黄冈模拟)在蛋白质合成过程中，肽酰转移酶催化核糖体上一个氨基酸的氨基与另一个氨基酸的羧基间形成肽键。该酶对核糖核酸酶敏感，但对蛋白酶不敏感。下列关于肽酰转移酶的叙述，错误的是()A．肽酰转移酶在核糖体上合成B．肽酰转移酶在核糖体中起作用C．肽酰转移酶催化氨基酸脱水缩合D．肽酰转移酶能降低反应的活化能A[肽酰转移酶是RNA，不是蛋白质，不能在核糖体上合成。]2．(2024·全国卷Ⅱ)下列关于生物体中酶的叙述，正确的是()A．在细胞中，核外没有参加DNA合成的酶B．由活细胞产生的酶在生物体外没有催化活性C．从胃蛋白酶的提取液中沉淀该酶可用盐析的方法D．唾液淀粉酶催化反应最适温度和保存温度都是37℃C[本题考查酶的种类、分布、特性与保存。在细胞核外，叶绿体和线粒体中也含有参加DNA合成的酶，A错误；由活细胞产生的酶，在生物体外相宜的条件下也有催化活性，如唾液淀粉酶在相宜条件下可催化试管中的淀粉水解，B错误；盐析可使蛋白质沉淀，但不会破坏蛋白质的空间结构，析出的蛋白质仍可以溶解在水中，其化学性质不会发生变更，C正确；唾液淀粉酶催化反应的最适温度是37℃，但保存时应在低温条件下，D错误。]3．下列有关酶的叙述，不正确的是()A．吞噬细胞的溶酶体中缺乏分解硅尘的酶B．脲酶可与双缩脲试剂反应产生紫色络合物C．溶菌酶能够溶解细菌的细胞膜，具有抗菌消炎的作用D．基因可通过限制酶的合成来限制代谢过程，进而间接限制生物体的性状C[细菌细胞壁的成分是肽聚糖，因此溶菌酶能够溶解大多数细菌的细胞壁，具有抗菌消炎的作用。]4．(2024·黄冈质检)如图表示某反应进行时，有酶参加和无酶参加的能量变更，则下列叙述错误的是()A．此反应为吸能反应B．曲线Ⅰ表示无酶参加时的反应C．E2代表有酶催化时所降低的活化能D．其他条件相同E4越大，则酶的催化效率越高C[反应产物的能量值比反应物的高，因此该反应为吸能反应，A正确；曲线Ⅰ是没有酶催化条件下的能量变更，B正确；酶降低的活化能为E4，C错误；酶降低的活化能E4越大，酶的催化效率越高，D正确。]5．(2024·湖北名校联考)为探讨酶的催化效率，进行了相关试验，试验结果如图所示。据图分析，下列叙述错误的是()A．增加酶浓度后m值将变大B．曲线1和2说明酶具有高效性C．曲线1和3说明酶具有催化作用D．该试验须要限制温度等无关变量A[酶只改变更学反应的速率，不变更最终生成物的量，A项错误；曲线1代表加酶，曲线2代表加无机催化剂，加酶后反应速率比加无机催化剂快，说明酶具有高效性，B项正确；曲线1和3说明加酶后比无催化剂的反应速率快，表明酶具有催化作用，C项正确；试验须要限制温度等无关变量，D项正确。]6．(多选)(2024·山师附中检测)甲图表示反应物浓度对酶促反应速率的影响；乙图表示将A、B两种物质混合，再在T1时加入某种酶后，A、B两种物质的浓度变更曲线。试验均在最适温度和最适pH条件下完成，下列叙述正确的是()甲乙A．甲图中反应速率达到最大后，限制酶促反应速率的主要因素是酶的数量B．若乙图中的物质A是淀粉，则B可以是麦芽糖，该酶可以是唾液淀粉酶C．乙图中T2时刻后限制酶促反应速率的主要因素是酶的活性D．甲、乙两图所示的试验中，温度和pH都属于无关变量ABD[甲图中反应速率达到最大后，此时再增加反应物浓度，反应速率不再增加，限制酶促反应速率的主要因素是酶的数量，A正确；若乙图中的物质A是淀粉，则B可以是麦芽糖，该图表示的反应为A(淀粉)eq\o(→,\s\up7(酶))B(麦芽糖)，该酶可以是唾液淀粉酶，B正确；乙图中T2时刻后限制酶促反应速率的主要因素是底物浓度，C错误；甲、乙两图所示的试验探究均在最适温度和最适pH条件下完成，温度和pH都属于无关变量，D正确。]7．(2024·华中师大一附中模拟)某爱好小组在生物试验室中发觉一酶试剂，由于标签受损，无法确定该酶的详细种类，已知其可能是淀粉酶或蔗糖酶。为推断该酶的详细种类和作用条件，该小组成员给出了以下建议，其中不合理的是()A．取部分酶和少量淀粉溶液混合，肯定时间后，滴加碘液检测B．取部分酶和少量蔗糖溶液混合，肯定时间后，利用斐林试剂检测C．若已确定该酶是淀粉酶，可运用斐林试剂作检测试剂探究温度对酶活性的影响D．若已确定该酶是蔗糖酶，可利用蔗糖来探讨pH对酶活性的影响C[A项合理：取部分酶和少量淀粉溶液混合，若该酶为淀粉酶，则淀粉被水解，肯定时间后，滴加碘液溶液不变蓝色；若该酶为蔗糖酶，则淀粉不被水解，肯定时间后，滴加碘液后溶液变蓝色。B项合理：取部分酶和少量蔗糖溶液混合，若该酶为蔗糖酶，则蔗糖被水解，利用斐林试剂检测会出现砖红色沉淀；若该酶为淀粉酶，则不出现砖红色沉淀。C项不合理：运用斐林试剂检测时须要水浴加热，因此在探究温度对酶活性的影响时不能运用斐林试剂作检测试剂。D项合理：可用蔗糖作为底物来探究pH对蔗糖酶活性的影响。]8．如图表示生物体内发生的两个化学反应，请推断下列相关说法中正确的是()A．ATP分子水解时，图中所示的化学键③④最易断裂B．图中酶1和酶2的化学本质相同，但是二者的种类不同C．细胞中的吸能反应一般与ATP的合成反应相联系D．ATP与ADP间相互转化的能量供应机制只发生在真核细胞内B[分析图形可知，ATP分子水解时，图中所示的化学键④最易断裂，供应能量，A错误；图中酶1和酶2的化学本质相同都是蛋白质，但是二者的种类不同，B正确；细胞中的放能反应一般与ATP的合成反应相联系，吸能反应一般与ATP的分解反应相联系，C错误；ATP与ADP间相互转化的能量供应机制发生在一切细胞内，D错误。]9．(2024·山师附中期中)ATP作为细胞中的干脆能源物质为细胞生命活动干脆供应能量。为了探讨ATP合成过程中的能量转换机制，科学家利用提纯的大豆磷脂、某种细菌膜蛋白(Ⅰ)和牛细胞中的ATP合成酶(Ⅱ)构建了ATP体外合成体系，如图所示。请回答问题：(1)ATP在供能时，__________________键断裂，将能量释放出来。(2)科学家利用人工体系进行了相关试验，如下表。注：“＋”“－”分别表示人工体系中组分的“有”“无”。①比较第1组和第2组的结果可知，Ⅰ可以转运H＋进入囊泡。进一步探讨发觉，第1组囊泡内pH比囊泡外低1．8，说明囊泡内的H＋浓度________囊泡外。②比较第1组和第3组的结果可知，伴随图中的__________________的过程，ADP和Pi合成ATP。(3)结合图与试验分析，说明人工体系产生ATP的能量转换过程是光能→________→ATP中的化学能。[解析]第1组囊泡内pH比囊泡外低1．8，说明囊泡内的H＋浓度大于囊泡外。比较第1组和第3组的结果可知ATP的产生发生在H＋通过Ⅱ向囊泡外转运的过程中。[答案](1)远离A的高能磷酸(2)①高于(大于)②H＋通过Ⅱ向囊泡外转运(3)H＋电化学势能(H＋浓度梯度势能)10．(2024·日照检测)已知药物a能使淀粉酶和淀粉结合的机会削减，但不会影响淀粉酶活性；施加药物b能使淀粉酶活性丢失。如图为淀粉酶在不同处理条件下产物浓度随时间的变更曲线，其中乙组运用了少量药物a处理。据图分析不合理的是()A．在0～t1时，甲、丙两组均可能运用了药物a处理B．在t1时，丙组可能适当提高了反应温度C．在t1后，甲、乙两组中的淀粉酶活性均小于丙组D．在t1后，甲组可能因运用药物b而导致曲线不再上升C[在0～t1时，随着时间的推移，甲、乙、丙三组产物浓度逐步上升，且变更曲线一样，题中显示其中乙组运用了少量药物a处理，据此可推出甲、丙两组均可能运用了药物a处理，A正确；在t1时，丙组可能适当提高了反应温度，从而使酶的活性上升，反应速率加快，B正确；在t1后，甲组中应当加入了药物b导致酶失活出现了图示的曲线，因此甲组淀粉酶活性小于丙组；丙组可能是适当提高温度使酶活性上升，也可能是增加了底物浓度使得曲线表现出产物浓度上升，明显丙组的酶活性未必高于乙组，C错误；在t1后，甲组曲线显示随着时间的推移产物浓度不再上升，因此可能因运用药物b导致酶失活引起的，D正确。]11．(2024·江苏南京、盐城联考)下列所示为某种细菌体内氨基酸R的生物合成途径。已知野生型细菌能在基本培育基上生长，而甲、乙两种突变型细菌都不能在基本培育基上生长。在基本培育基上若添加中间产物Q，则甲、乙都能生长；若添加中间产物P，则甲能生长而乙不能生长；若添加少量R，则乙能积累中间产物P而甲不能积累。下列结论正确的是()底物eq\o(→,\s\up7(酶a))中间产物Peq\o(→,\s\up7(酶b))中间产物Qeq\o(→,\s\up7(酶c))RA．甲中酶a的功能丢失，但酶b和酶c的功能正常B．甲中酶c的功能丢失，但酶a和酶b的功能正常C．乙中酶a的功能丢失，但酶b和酶c的功能正常D．乙中酶c的功能丢失，但酶a和酶b的功能正常A[题干信息可转化为：①基本培育基＋中间产物Q→甲、乙都能生长→甲、乙中酶c的功能均正常；②基本培育基＋中间产物P→甲能生长、乙不能生长→甲中酶b的功能正常而乙中酶b的功能丢失；③基本培育基＋少量R→乙能积累中间产物P而甲不能→甲中酶a的功能丢失而乙中酶a的功能正常。由以上分析可知，甲中酶a的功能丢失，酶b和酶c的功能正常；乙中酶b的功能丢失，但酶a和酶c的功能正常，A正确。]12．(多选)(2024·烟台检测)某同学从植物体内提取某种酶(A)，测定其热稳定性和耐酸性(用对酶活性的抑制率表示)，得到如图所示试验结果。下列分析正确的是()A．在50℃时，酶A降低了底物分子从常态转变为活跃状态时所需的能量B．在50～90℃时，酶的热稳定性与温度呈负相关C．pH为3．4时的酶A的活性低于pH为3．6时的D．若酶A作为食品添加剂，宜选择添加到中性或碱性食品中ABC[本题主要考查酶的作用机制，酶促反应的影响因素和对试验结果的分析，考查学生的理解实力和试验与探究实力。从矩形图中可以看出，随着温度的上升，酶的热稳定性上升；随着pH值的上升，酶的耐酸性减低。分子从常态转变为简单发生反应的活跃状态时所需的能量称为活化能，酶的作用机制是降低化学反应的活化能，A项正确；由第一个试验结果可知，在50～90℃时，温度上升对酶活性的抑制率增加，酶A的热稳定性与温度呈负相关，B项正确；由题图可知，酶A在pH为3．4时的活性低于3．6时的，C项正确；由其次个试验结果可知，酶活性随pH的降低而降低，但酶在中性或碱性条件下的活性的大小是未知的，因此不能得出该酶宜添加在中性或碱性食品中的结论，D项错误。]13．(2024·广东六校联考)酶抑制剂有两类，其中竞争性抑制剂与底物竞争酶的活性位点，从而降低酶对底物的催化效应，如模型A所示；非竞争性抑制剂与酶活性位点以外的其他位点结合，能变更酶的构型，使酶不能与底物结合，从而使酶失去催化活性，如模型B所示。(1)酶催化作用的机理是_____________________________。(2)结合图示信息推断：高温、过酸、过碱对酶活性的影响与___________的作用相同，通过增加底物浓度的方法可以降低或解除____________对酶的抑制作用。(3)探讨发觉某氨基酸能降低酶G的活性。请设计试验探究某氨基酸降低酶G的作用方式属于模型A还是模型B，简要写出试验思路，并预期试验结果及结论。①试验思路：②预期试验结果及结论：[解析](1)酶催化作用的本质是降低化学反应的活化能。(2)高温、过酸、过碱能够变更酶的空间结构，使酶失去活性，与模型B中的非竞争性抑制剂对酶的影响相同。底物浓度渐渐增大时，竞争