2024-2025学年福建省泉州市四校联考高三（上）月考物理试卷（10月份）（含答案）

第=page11页，共=sectionpages11页2024-2025学年福建省泉州市四校联考高三（上）月考物理试卷（10月份）一、单选题：本大题共4小题，共16分。1.北京时间2024年8月5日，在巴黎奥运会游泳男子4×100米混合泳接力决赛中，由徐嘉余、覃海洋、孙佳俊、潘展乐组成的中国队以3分27秒46的成绩夺得金牌，打破了美国队在该项目长达40年的垄断。下列说法中正确的是(

)A.3分27秒46表示时刻B.各队中中国队的平均速率最大

C.潘展乐在加速冲刺过程中惯性增大D.研究潘展乐的入水动作时可以将其看成质点2.如图所示，屏南鸳鸯溪的猕猴抓着倾斜的树枝，处于静止状态，则(

)A.树枝对猴子的作用力竖直向上

B.猴子对树枝的作用力垂直树枝斜向下

C.猴子把树枝抓得越紧，树枝对猴子的摩擦力越大

D.猴子把树枝压弯，猴子对树枝的作用力大于树枝对猴子的反作用力3.甲、乙两物体分别从ℎ和2ℎ高处自由下落，不计空气阻力，下列说法正确的是(

)A.落地时乙的速度大小是甲的2倍

B.乙的下落时间是甲的2倍

C.甲、乙两物体在最后1s内下落的高度相同

D.甲、乙两物体在最后1s内的速度变化量相同4.如图所示，用三根相同细线a、b、c将重力均为G的两个灯笼1和2悬挂起来。两灯笼静止时，细线a与竖直方向的夹角为30°，细线c水平。则(

)A.a中的拉力大小为433G

B.c中的拉力大小为12G

C.b中的拉力小于c中的拉力

二、多选题：本大题共4小题，共24分。5.龙江大桥如图甲所示，是保腾高速公路的重点工程。为双向四车道设计，缆索主缆长1950米，宛如两条昂首云天、腾云驾雾的巨龙。两侧总计338根索股。远远望去，整座桥在云雾飘渺中煞是壮观。很多游客途经此地都会驻足欣赏。如图乙中A、B、C、D、E为大桥上五根钢丝绳吊索，每两根吊索之间距离相等，若暑期某旅客驾驶汽车从吊索A处开始做匀减速直线运动，刚好在吊索E处的观景口停下，汽车通过吊索D时的瞬时速度为vD，通过DE段的时间为t，把汽车看作质点，则下列说法正确的是(

)

A.汽车通过吊索C时的速度大小为2vD

B.汽车减速的时间等于(2−3)t

C.汽车通过吊索C时的瞬时速度大于通过AE段的平均速度

D.汽车通过AD6.如图所示，两个质量分别为m1=2kg、m2=3kg的物体置于光滑的水平面上，中间用轻质弹簧秤连接。两个大小分别为F1=30N、F2=20NA.弹簧秤的示数是10

N

B.弹簧秤的示数是26

N

C.在突然撤去F2的瞬间，m2的加速度为2m/s2

D.在突然撤去F27.如图所示，倾角为30°的斜面固定在水平地面上，质量为1.5kg的箱子静止在斜面上，质量为0.1kg的小球通过细绳悬挂在箱子顶面的O点。现给箱子一沿斜面向下的力F=20N，箱子沿斜面向下运动，稳定后细绳与竖直方向成60°角。已知重力加速度g取10m/s2，下列说法正确的是(

)A.稳定时细绳上的拉力为1N

B.稳定时细绳上的拉力为2N

C.改变F大小系统再次稳定后细绳处于竖直方向，此时力F为4N

D.改变F大小系统再次稳定后细绳处于竖直方向，此时力F为8N8.甲、乙两车(均可视为质点)在平直公路上沿两平行车道同向行驶，两车运动的xt−t图像如图所示(x为位移)。已知t=0时甲车在乙车前面30m处，在t=6s时两车恰好相遇。下列说法正确的是(

)A.图中t1时刻两车相距最远

B.两车在t=43s时速度相等

C.相遇时，两物体的速度之差的大小等于14m/s

三、填空题：本大题共2小题，共12分。9.某物理兴趣小组利用手机软件“pℎypℎox”进行超重与失重实验，某同学将手机平放至手心，做了一个蹲下又站起的动作，得到在竖直方向的加速度随时间变化图像，如图所示为截取的一部分：

(1)在A点处该同学处于______状态(填“超重”或“失重”)。

(2)在B点处该同学处于______过程(填“蹲下”或“站起”)。

(3)C到D过程该同学做匀变速运动是否正确？______(填“是”或“否”)。10.如图所示，质量为m=2.4kg的物体用细线悬挂处于静止状态。细线AO与天花板之间的夹角为θ=53°，细线BO水平，重力加速度g=10m/s2，不计所有细线的重力，sin53°=0.8，cos53°=0.6。细线AO上的拉力大小为______N；若保持O点位置不动，沿顺时针方向缓慢转动B端，则AO绳上拉力大小______，BO绳上拉力大小______。(填“一直变大”、“一直变小”、“先变小后变大”)四、实验题：本大题共2小题，共9分。11.某同学利用如图1所示的装置来验证力的平行四边形定则：在竖直木板上固定白纸，三根细线打一个结点O，其中两根绕过定滑轮A和B，三根细线挂上钩码，每个钩码的重量相等，当系统达到平衡时，根据钩码个数可知三根细线的拉力

TOA、TOB、TOC，回答下列问题：

(1)改变钩码个数，实验能完成的是______

A.钩码的个数N1=N2=1，N3=2

B.钩码的个数N1=N3=3，N2=5

C.钩码的个数N1=N2=N3=4

D.钩码的个数N1=3，N2=4，N3=5

(2)在实验过程中，下面步骤正确且必要的是______

A.量出OA、OB、OC三段细线的长度

B12.图a所示为“探究加速度与力、质量关系”的实验装置。

(1)图b所示是甲同学在实验中得到的一条纸带(交流电源的频率为50Hz)，已知相邻两计数点间还有4个点未画出，测得：s1=3.31cm，s2=4.09cm，s3=4.87cm，s4=5.66cm，s5=6.47cm，s6=7.27cm。则打点计时器打第2个计数点时纸带的速度大小v=______m/s，物体的加速度为a=______m/s2(计算结果均保留两位有效数字)

(2)乙同学在做保持小车质量条件下，探究小车的加速度与其合外力的关系，根据测得的数据作出如图c所示a−F图象，所得的图象不过原点又不是直线，原因可能是______

A.五、简答题：本大题共1小题，共6分。13.如图所示，一个M=2kg的物体A放在μ=0.2的粗糙水平面上，用一条质量不计的细绳绕过定滑轮和一个m0=0.1kg的小桶B相连，已知A受到的最大静摩擦力fmax=4.5N，滑轮上的摩擦不计，g取10N/kg，求以下情况：

(1)只挂B，处于静止状态时，A受到的摩擦力的大小______；

(2)只在小桶内加入m1=0.33kg的沙子时，A受到的摩擦力的大小______；

(3)只在小桶内加入m六、计算题：本大题共3小题，共33分。14.小可和爸爸在公园里游玩。如图所示，爸爸让小可坐在雪橇上，然后用与水平方向成θ=53°角斜向上的拉力F=100N拉着雪橇，一起沿水平地面以v0=4m/s的速度向右做匀速直线运动。已知小可和雪橇的总质量m=68kg，sin53°=0.8，cos53°=0.6，取g=10m/s2，求：

(1)雪橇受到的摩擦力大小及地面对爸爸的摩擦力；

(2)若某时刻绳子断了，求雪橇在10s内的位移大小。(15.如图甲所示，一倾角为θ=37°足够长的粗糙斜面体固定在水平地面上，质量为m=1kg的物块由斜面体的底端以一定的初速度沿斜面体向上运动，同时在物块上施加一沿斜面向下的恒力F，此时刻计为t=0时刻，1s末将恒力F撤走，物块的速度随时间变化的规律如图乙所示。物块可视为质点，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：

(1)撤去恒力时，物块到斜面底端的距离；

(2)恒力F的大小及物块与斜面间的动摩擦因数；

(3)物块回到斜面底端时的速度大小。16.如图所示，一足够长、质量为m=1kg的木板B在粗糙水平面上向右运动，某时刻速度为v0=4m/s同时一个质量也为m的物块A(可视为质点)以v1=8m/s的速度从右侧滑上长木板。已知物块与木板间的动摩擦因数μ1=0.3，木板与地面间的动摩擦因数μ2=0.05。重力加速度g=10m/s2，认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。试求：

(1)物块A刚滑上木板时，物块A的加速度大小a1、木板B的加速度大小a2；

(2)木板B速度为零时，物块A与木板B右端的距离；

(3)若在

参考答案1.B

2.A

3.D

4.A

5.CD

6.BD

7.AC

8.BC

9.失重

蹲下

否

10.30

一直变小

先变小后变大

11.BCD

BCD

乙

12.0.37

0.79

AD

13.1N

4.3N

4N

14.解：(1)对小可和雪橇作受力分析，如图所示

根据平衡条件水平方向Fcosθ−f=0，解得f=Fcos53°=100×0.6N=60N，

对爸爸、小可和雪橇组成的整体，设爸爸所受摩擦力为f′，则水平方向由平衡条件可得f′−f=0，可得地面对爸爸的摩擦力大小为f′=f=60N，方向水平向右；

(2)对雪橇和小可，竖直方向有Fsinθ+N−mg=0，解得地面对雪橇的支持力N=mg−Fsinθ=68×10N−100×0.8N=600N，由f=μN可得雪橇与地面之间的动摩擦因数

μ=fN=60N600N=0.1，绳子断后，对雪橇和小可，由牛顿第二定律可得μmg=ma，解得a=μg=0.1×10m/s2=1m/s2，设经过时间t雪橇停下，则由0=v0−at可得t=v0a=41s=4s，即4s末雪橇停下，故在15.解：(1)由图乙可得，v−t图像与横轴的面积为物块的位移，即物块到斜面底端的距离x=(12×6×0.5−12×2×0.5)m=1m

(2)由图乙可得，t=0.5s时，物块速度为零，即物块在t=0.5s时，到达斜面最高点，向上运动时，物块加速度的大小a1=ΔvΔt=6m/s0.5s=12m/s2，在上滑阶段，结合物块的受力，牛顿第二定律的表达式F+mgsinθ+μmgcosθ=ma1，0.5s后，物块向下运动，结合图乙，物块向下运动的加速度的大小a2=ΔvΔt=2m/s0.5s=4m/s2，在下滑阶段，结合物块的受力，牛顿第二定律的表达式F+mgsinθ−μmgcosθ=ma2，解得F=2N，μ=0.5

(3)撤走恒力F后，由牛顿第二定律有mgsinθ−μmgcosθ=ma316.解：(1)对物块A，根据牛顿第二定律，有

μ1mg=ma1

解得

a1=3m/s2

方向水平向右，对长木板B，根据牛顿第二定律，有

μ1mg+μ2(m+m)g=ma2

解得

a2=4m/s2

(2)规定正方向为水平向左，当B的速度为零时，根据速度—时间公式

0−v0=−a2t1

此时A的速度

vA=v1−a1t1

代入数据解得

vA=5m/s

根据位移—时间公式可得在此时间内A向左运动的位移

xA=v1t1−