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文档简介
动态规划基础和建模
山东省潍坊第一中学秦政
clavichord
前言
*动态规划是统筹学的重要内容
*动态规划是01的重要内容
*据不完全统计,每次考试动态规划起码有一道题
髡.
前言
*这个课件的目的:
*对动态规划的模型进行了一些总结
*有部分内容超出了NOIP范围
*为同学们提供一个刷题的方向
*请同学们踊跃发言
动忐规划的基本概念
*阶段
*状态
*决策
*状态转移
*状态转移方程
动忐规划的基本概念
*最优子结构
*无后效性原则
动忐规划的基本概念
动忐规划的基本概念
*实现方式:
*递推:顺推和逆推
*记忆化搜索
*前者灵活,优化方法多
*后者可以减少不必要节点的计算
动忐规划的基本概念
*时间复杂度:
*状态数*转移费用
动忐规划的模型
*线性模型
*区间模型
*矩形模型
*树形模型
*背包模型
*图状模型
*SCDP
*多线程DP
*多重DP
*更广泛的
线性模型
*单线问题:
*上楼梯问题
*LIS问题
*乌龟棋
*诗人小G(简化版)
*双线问题:
*LCS问题
*模糊匹配
上楼梯问题
*Zbwmqlw神薜要上楼梯,他一次可以上一层,也可
以两°
*楼梯有n层
二有多少种上楼梯的方案
上楼梯问题
*N<=10A7?
*设f[i]表示到第i层得方案数
*前一步可以上一层也可以上两层
*F[i]=f[i-i]+f[i-2]
*N<=10A15?
*矩阵乘法
US问题
*给定一个数列{an},求它的一个子序列{bm}
*满足bi〈b2〈b3<・・・<bm
*使得m最大
*N<=10000
US问题
*设f[i]表示以i结尾的US的长度
*F[i]=max{f[j]]+i,j<iJLa[j]<a[i]
*时间复杂度?0(n八2)
*如何优化?
US问题
*对于i来说,如果存在一个长度为len的US以i结尾,
那么也一定存在长度<len的
*即:满足单调性!
*设g[i]表示的]二i的最小的a[j]
*二分g[k]>=a[i]的最大的k
*F[i]=k+1
*时间复杂度O(nlogn)
乌龟棋CN0IP20WtJ
♦有一行长度为n+1的格子,编号。到n+1,要从第。个
格子的左边出发,到达第n个格子停止。每次可以向
右移动1到4格,分别可以操作G次
♦求方案数
*保证£七1Q*i=n
♦数据范围:n<350,Ct<40
乌龟棋
*F[i][a][b][c][d]表示到位置i,四种操作分别进行了
a,b,c,d次
决策有四种
*时间复杂度:0(ncA4)
*TLE+MLE
乌龟棋
♦=n
*通过a,b,c,d可以推出1
*F[a][b][c][d]
*四种决策
*0(CA4)
诗人小GCNOI2OO9J简化板
----.JBBBIgjjf
*一首诗包含了若干个句子,对于一些连续的短句,’…
可以将它们用空格隔开并放在一行中,注意一行中
可以放的句子数目是没有限制的。小G给每首诗定
义了一个行标准长度(行的长度为一行中符号的总
个数),他希望排版后每行的长度都和行标准长度
相差不远。显然排版时,不应改变原有的句子顺序,
并且小G不允许把一个句子分在两行或者更多的行
内。在满足上面两个条件的情况下,小G对于排版
中的每行定义了一个不协调度,为这行的实际长度与
行标准长度差值绝对值的P次方,而一个排版的不协
调度为所有行不协调度的总和。
*小6最近又作了几首诗,现在请你对这首诗进行排
版,使得排版后的诗尽量协调(即不协调度尽量
小),并把排版的结果告诉他。
诗人小G
*F[i]表示前i句诗的最小不协调度
*F[i]=min{f[j]+(sum[i]-sum[j]+i-j-L)Ap)
*时间复杂度0(nA2)
*优化?
*导数证明四边形不等式,有兴趣的同学自己查阅有
关资料
LCS问题
*给定两个字符串S,t
*求最长公共字串
*例:abcde和ace的LCS是ace
*N<=1000
LCS问题
*设可][口表示第一个串到i,第二个串到j的LCS
*F[i][j]=f[i-1][H]+1,s[i]<j]
*=min{f[i-i][j],f[i][M]},s[i]!=t[j]
*时间复杂度0(nA2)
模糊匹配(POJ1229)
*给定两个字符串s和t,每个字符串有英文字母和*?!
组成,*?!的含义分别是:
**:匹配一个或多个字符;
*?:匹配至少一个至多三个字符;
*!:匹配至少三个字符。
*问两个字符串是否能够匹配。
*N<=1000
模糊匹配
耒重新定义通配符:
♦匹配一个字符;
*#:匹配一个字符或者为空;
♦$:匹配任意个字符或者为空。
♦那么,题目中的三种通配符,我们可以转化成这样:
**T@$
♦?T@##
*!T@@@$
*然后,我们设了田田表示第一个字符串的前i个和第二个
字符串的前j个能否匹配,那么,我们可以分情况转移
*与上一道题类似
*时间复杂度。(口?)。
区间模型
*石子归并
*回文词
决斗问题
*Blocks
石子归并
*有n堆石子,第i堆重a[i]
*每次可以合并相邻两堆
*合并费用为新堆的重量
*求合并成一堆的最小费用
*N<=200
石子归并
*合并的费用是一段的和
*设孔口口]表示合并i到j的一段
*F[i][j]=min{f[i][k]+f[k+i][j])+sum[i][j]
*时间复杂度0(r1A3)
回文词CI0I2000J
*给定一个字符串S,要求添加最少的字符,使得s成
为一个回文串。
*N〈二5。00
回文词
*abcba:回文
*abcbc:不回文
*表示i到j变成回文的最小代价
*F[i][j]<i+1][H],s[i]=s[j]
*=min{f[i+i][j],f[i][j-i]}+i,s[i]!=s[j]
*时间复杂度0(n八2)
决斗问题CPOI99J
*1\1个人排成一圈,他们要决斗N-1场,其中相邻的两
人决斗(即第i个人与第i+1个人决斗,第N个人与第1
个人决斗),死者退出,最终剩下的人胜利。将任
意两个人之间决斗的输赢情况告诉你,决斗顺序由
你安排,问哪些人可能成为最终的胜利者?
*N<=200
决斗问题
*首先把环复制一份接到后面
*然后一个人获胜就是跟自己相遇
*表示i能j相遇
*Meet[i][j]=meet[i][k]&&meet[k][j]&&(beat[i][k]||
beat[j][k])
*时间复杂度0(口八3)
BlocksCPOJ139OJ
♦现在有一个长度为n的方块序列,每个方块有一个颜
色,现在相邻的相同颜色的方块可以消除,把长度
为I的方块消除的得分为求消除所有方块的最大
得分。
Blocks
*我们可以选择保留一部分不消除,而跟前面相同颜
色的合并起来一起消除以获得更大的费用,所以再
设计状态时,我们需要把后面留下的一起考虑进去。
*首先我们把相邻的相同颜色的缩成一段,len[i]表示
第i段的长度
*记pre[i]表示第i段往前第一个与i颜色相同的段的编号
Blocks
*设小田工灯表示把从第i段到第j段,最后面有长度为k
的与j颜色相同的消去的最大得分
*F[i][j][k]=max[f[i][j-i][o]+(len[j]+k)A2,
*f[>][P^[j]][len[j]+k]+f[pre[j]+i][j][o]]
*记忆化搜索实现效率高
头巨形模型
*降维拆成链:滑雪
*子矩形:采油区域
*行列:棋盘分割
*对角线:转纸条
滑雪CSHTSC2002;
*Michael喜欢滑雪这并不奇怪,因为滑雪的确很刺激。
可是为了获得速度,滑的区域必须向下倾斜,而且
当你滑到坡底,你不得不再次走上坡或者等待升降
机来载你。Michael想知道载一个区域中最长的滑坡。
区域由一个二维数组给出。数组的每个数字代表点
的高度。
滑雪
♦对于每一个点,只能转移到更高的地方:
*f[i]Q]+1T砌叫+1/]>h[i]D]X|i-f|+
lj一j'l=1
*所以海拔高度具有很强的阶段性。于是我们考虑把
所有的格子取出来,排个序,这就成了一个线性的
模型。如果用一个堆的话实现起来更简单。
*时间复杂度O(n21ogn2)。
采油区域CAPIO2OO9J
*Siruseri政府决定将石油资源丰富的Navalur省的土地
拍卖给私人承包商以建立油井。被拍卖的整班土地
为一个矩形区域,被划分为MxN个小块。Siruseri地
质调查局有关于Navalur土地石油储量的估测数据。
这些数据表示为MxN个正整数,即对每一小块土地
石油储量的估计值。为了避免出现垄断,政府规定
每一个承包商只能承包一个由KxK块相连的土地构
成的正方形区域。AoE石油联合公司由三个承包商组
成,他们想选择三块互不相交的KxK的区域使得总
的收益最大。
采油区域
*一共只有六种情况:
采油区域
案一共只有上面的六种情况,对于这六种情况,我们
分别要雍护:
*以某个点为右上角的矩形内的kxk的最大值ru[i][j]
*以某个点为左上角的矩形内的kxk的最大值
*以某个点为右下角的矩形内的kxk的最大值
*以某个点为左下角的矩形内的kxk的最大值
*两的条竖线之间的kxk的最大值
*两条横线之间的kxk的最大值门
采油区域
*对于前四个值,我们类似的转移,下面以HJ的转移为例:
*ru[i][j]=
max{ru[i-1][j],ni[i][j-1],sum[i-k+l][j—k+l][i]Q]]
*sum[xl][yl][x2][y2]可以通过子矩形和来0(1)维护,这样
维护这四个瓦是0(nm)的。
采油区域
♦对于后面两个,我们需要记录每行和每列的ru最大
值r[i]和c[i],会个可以在计算ru的时候同时维护。
cm新rm而强移,也是类似的,这里以cm为例:
*cm[i][j]=max{cm[i]Q-l],c[j])
*这样我们通过枚举分割线,利用上面维护的值就可
以计算出答案了。时间复杂度O(nm)。
棋盘分割(NOI99J
*将一个8*8的棋盘进行如下分割:将原棋盘割下一
块矩形棋盘并使剩下部分也是矩形,再将剩下的部
分继续如此分割,这样割了n-1次后,连同最后剩下
的矩形棋盘共有n块矩形棋盘。(每次切割都只能沿
着棋盘格子的边进行。)
允许的分割方案不允许的分割方案.
棋盘分割
♦原棋盘上每一格有一个分值,一块矩形棋盘的总分
为其所含各格分值之和。现在需要把棋盘按上述规
则分割成n块矩形棋盘,并使各矩形棋盘总分的均方
差最小。均方差。=乒3亘,其中平均值
元=卓岩,修为第i块矩形棋盘的总分。请编程对给
出的矗及n,求出。的最小值。
棋盘分割
*我们从要计算的值入手。
*我们可以发现,元的值是一定的。我们把O平方,得
到:a2n=-x)2,我们要使o最小,等价于
使02rl最小。把。2九展开,得到:
*a2n=£仁1(蛭-2xtx+x2)=£21(痣-2%㈤+
x2n
棋盘分割
*于是,我们就要使骞1式靖-2*送)最小。设
f[i][xl][yl][x2]|y2]裘示把(xl,yl,x2,y2)的矩形分成i份的
(a―24。的最小值,那么:
*f[i][xl][yl][x2][y2]=min{
♦f[l][xl][yl][x2]y]+f[i-1][xl]V+I][x2][y2],
*f[i-+f[l][xl][y7+I][x2][y2],
♦f[l][xl]|yl][xr][y2]+f[i-l][x7+1][yl][x2][y2],
*f[i-1][xl][yl][xl[y2]+f[l][xf+1][yl][x2][y2]]
♦时间复杂度0(81)。
传纸条CNOIP2OO8TJ
♦给定一个nxm的矩形,每个格子里有一个数。现在
求从左上角到右下角的两条不相交路径,使经过的
格子的和最大。
传纸条
♦因为是在矩形里的两条路径,考虑按照步长划分阶
段。
・我们需要记录两条路径的位置,可以发现,因为步
长已经定了,所以只要知道横坐标,纵坐标就可以
推出来。于是,我们设表示步长为i,第一条
路径横坐标为j,第二条路径的横坐标为k的最大和,
因为两条路径可以交换,而这是没有意义的,所以
我们限定jvk,那么:
传纸条
*f[Wk]=
max^U-l][j-l][k--l][/][fc],
*f[i-l]U-l][k]J[i-l][j]lk-1])
*上面的方程转移时要注意判断两条路径不能走到一
块去和不能走到矩阵外面去。
*时间复杂度0(n3)。
树形模型
*数值分配型:选课,贪吃的九头龙
*多叉转二叉
*树形背包
*位置转移型:CellPhoneNetwork
*链划分型:树的最长链
*可转化成区间模型和线性模型:加分二叉树
选课CCTSC99J
*在大学里每个学生,为了达到一定的学分,必须从
很多课程里选择一些课程来学习,在课程里有些课
程必须在某些课程之前学习,如高等数学总是在其
它课程之前学习。现在有N门功课,每门课有个学分,
每门课有一门或没有直接先修课(若课程a是课程b
的先修课即只有学完了课程a,才能学习课程b)o
一个学生要从这些课程里选择M门课程学习,问他
能获得的最大学分是多少?
*如果要选课程a必须要选课程b,那么就在a和b之间
连边,这样,得到的会是一个森林。于是我们添加
一个节点o,学分为o,把这个森林连成树,于是问
题就是从一颗n+1个节点的树里选m+1个节点,使得
总分最大。这样,点o是必须选的。
*设£国[j]表示以i为根的子树中选j个的最大得分,那么:
*f[i][j]=max堡裁葡[子f冈3]}
*这个用树形背包实现的话会异常方便。
*考虑边界。对于一个点,f[i][O]=O,f[i][l]=w[i],
其余的都是-Infinity。
*时间复杂度是0(nm2)的。
贪吃的九头龙(NOI2OO2)
*传说中的九头龙是一种特别贪吃的动物。虽然名字
叫“九头龙”,但这只是说它出生的时候有九个头,
而在成长的过程中,它有时会长出很多的新头,头
的总数会远大于九,当然也会有旧头因衰老而自己
脱落。
*有一天,有M个脑袋的九头龙看到一棵长有N个果子
的果树,喜出望外,恨不得一口把它全部吃掉。可
是必须照顾到每个头,因此它需要把N个果子分成M
组,每组至少看一个果子,让每个头吃一组。
贪吃的九头龙
*这M个脑袋中有一个最大,称为“大头”,是众头
之首,它要吃掉恰[张个果子,而且K个果子中理所
当然地应该包括唯一的一个最大的果子。果子由N-1
根树枝连接起来,由于果树是一个整体,因此可以
从任意一个果子出发沿着树枝“走到”任何一个其
他的果子。
贪吃的九头龙
*对于每段树枝,如果它所连接的两个果子需要由不
同的头来吃掉,那么两个头会共同把树枝弄断而把
果子分开;如果这两个果子是由同一个头来吃掉,
那么这个头会懒得把它弄断而直接把果子连同树枝
一起吃掉。当然,吃树枝并不是很舒服的,因此每
段树枝都有一个吃下去的“难受值”,而九头龙的
难受值就是所有头吃掉的树枝的“难受值”之和。
*九头龙希望它的“难受值”尽量小,你能帮它算算
吗?
贪吃的九头龙
*首先,如果k+m-l>m,也就是说果子不够吃,
显然无解。
*然后来看答案是如何组成的。
♦当M=2的时候,难受值的和是大头吃进去的树枝的
难受值+小头吃进去的难受值
♦当MN3的时候,我们把果子按照奇偶分层,让小头
们轮流吃就可以保证小头不会吃进去树枝,所以这
个时候难受值的和是大头吃进去的树枝的难受值。
*我们以大果子为根建树,同时把边上的权值推到下
面的节点上。
贪吃的九头龙
豪设表示以i为根的子树中,大头吃MSi被小头吃的装小值,
表示以i为根的子树中,大头吃Msi被大头吃的最小值,那么:
*f[i]0][O]=min?潦得儿子min[f[k][pfc][O]+xxw[矶f因[pfc][l]}
*f[iJD][l]=min。%鲨鼠子mto{f[对加+w伙]}
*„(0,?n=2
X=-11^>3
*考虑边界。如果在一个点大头不吃,那么显然是0,所以f[i][0][0]=0;
而如果大头吃,那么显然j的值必须是1,所以f[i][l][l]=0。其它的值都
是Infinity。
*时间复杂度WnnF)。
贪吃的九头龙
*我们从多叉转二叉的角度来看这道题
树的最长链
*给定一棵树,求树的最长链
树的最长链
*贪心做法:两次BFS
*证明
树的最长链
*动态规划:设f[i]表示儿子连上来的最长链,g[i]表示
儿子连上来的次长链,h[i]表示父亲来的最长链
*F[i]=max{f[j]]+1
*同时更新g[i]
*H[i]=max{f[p],h[p]]+I,f[p]>f[i]+1
*=max[g[p],h[p]}+i,f[p]=f[i]+i
CellPhoneNetworkCPOJ3659J
*给定一^果树,求树的最小点支配集。
*N<=10000
*支配集:点覆盖点
CellPhoneNetwork
*每个点有三个状态:被儿子覆盖,选自己,不被儿
子覆盖。
*设f[讥0]表示被儿子覆盖需要的最小点数,同口]表
示选自己的最小点数,f[讥2]表示不选自己,不被儿
子覆盖的最小点数,那么:
CellPhoneNetwork
*f[i][o]=min{嚷j的儿子f耐min{f[k][o],f[i][1])]
*闻M=£j是i的儿子min{f[j][o],f[j][i],f[j][2])
f[i][2]=Ej是j的儿子
*这样的复杂度是0(n2)的。
CellPhoneNetwork
*这个方程的瓶颈在第一个转移上,考虑维护
sum=£min{fO][o],f[j][i]},那么:
♦f[i][0]=min{sum-min[f[j][0],f[j][1]}+f[j][1]}
*这样,整个算法就成0(n)的了。
加分二叉树CNOIP2OO3J
*设一个n个节点的二叉树tree的中序遍历为(1,2万,..・刀),
其中数字1,2,5…,n为节点编号。每个节点都有一个分数
(均为正整数),记第j个节点的分数为di,tree及它的每
个子树都有一个务口分,任一棵子树subtree(也包含tree
本身)的加分计算方法如下:
*subtree的左子树的加分Xsubtree的右子树的加分十
subtree的根的分数
*若某个子树为主,规定其加分为1,叶子的加分就是叶
节点本身的分数。不考虑它的空
*子树。
*试求一棵符合中序遍历为(i,2,3,..・,n)且加分最高的二
叉树tree。要求输出;
*(1)tree的最高加分
*(2)tree的前序遍历
加分二叉树
♦本题乍一看像是一个树形模型,但是树的形态又不
确定,不能用树形模型的方法来做。
*设币][j]表示从i到j的一段是一棵子树的最大加分,那
么:
♦f[i][j]=max{f[i][k-l]*f[k+l][j]+s[k]]
*时间复杂度0(n3)
*第二问:记录第一问的决策
背包模型
*部分背包
*01背包
*完全背包
*多重背包
*分组背包
*依赖背包
*泛化物品
背包问题
*给定一个容量为m的背包和n个物品,每个物品有一
个价值v和一个费用w,求在满足容量限制的情况下
最大化价值。
*NPC问题
部分背包问题
*特点:物品可以任意划分
*方法:求单位价值,贪心
01背包问题
♦特点:每种物品只有一个,要么取,要么不取
*设用田]表示前i个物品,容量为j的最大价值,很显然,
每个物品有取或不取两种决策:
*f[i][j]=max{f[i-l][j],f[i-l][j-cost[i]]+
value[i]]
*这个方法时间复杂度是O(rnn)的,空间复杂度是
O(rnn)的。
01背包问题
*空间优化:滚动数组
*代码:
*voidZeroOnePack{
*for(inti=i;i〈=n;i++)
*for(intj=m;j>=cost[i];j-)
*gmax(f[j],f[j-cost[i]]+value[i]);
*)
完全背包问题
*特点:每种物品有无穷多个
*f[i][j]=max{f[i-l]|j],f[i-l][j-cost[i]]+
value[i],f[i][j—cost[i]]+value[i]}
*代码:
*voidCompletePack{
*for(inti=i;i<=n;i++)
*for(intj=cost[i];j<=m;j++)
♦gmax(f[j],f[j-cost[i]]+value[i]);
*}
多重背包问题
*特点:每类问题有个数限制c[i]
*基本想法:每类物品的每一个看作一个物品,转化成01
背包
*代码:
*voidLimitedPack{
*for(inti=i;i〈=n;i++)
*for(intj=i;j<=limit[i];j++)
*for(intk=m;k>=cost[i];k-)
*gmax(f[k],f[k-cost[i]]+value[i]);
*}
多重背包问题
*优化:
*二进制拆分
*原理:2八k能够表示出0~2A(k+1>1的所有数
*把c[i]拆成若干2八k相力口
*O(nmlogc)
分组背包问题
*特点:物品被分为很多组,每组之间有限制。
*假设限制为:每组只能取一个
*F[i][j]=max[f[i-i][j],f[i-i][j-w[i][k]]+v[i][k]]
*代码:
*voidGroupPack{
*for(inti=i;i〈=n;i++)
*for(intj=m;j>=mincost[i];j-)
*for(intk=i;k<=cnt[i];k++)if(cost[i][k]<=j)
*gmax(f[j],f[j-cost[i][k]]+value[i][k];
*}
分配时间CWFTSC2009TJ
*考试的时候合理分配时间是很重要的,我们应该在
同样的时间内尽量得到更多的分数。现在有m道题
需要在n分钟内解决,每道题分为p个步骤,每道题
的每个步骤都会有不同的分值,所需时间也不尽相
同。现在你可以从任意一道题的任意一个步骤开始,
如果当前步骤与上一步骤不连续,则需要q分钟的思
考时间(每题第一个步骤之前同样需要思考),请
确定自己的策略使得获得的分数最高。
分配时间
*每道题实际上是一个组。
*我们可以发现,每个步骤选或不选对后面的决策是有影
响的,所以我们考虑加一维来区分。
*设耳口用小]表示前i道题的前j个步骤,其中第i道题的第j
个步骤被选,在k分钟内解决的最大得分,g[i][j][k]表
示前i道题的前j个步骤,其中第i道题的第j个步骤不被选,
在k分钟内解决的最大得分,那么:
分配时间
*f[i][l]M=max{f[i-l][p][k-q-t[i][l]],g[i-l][p][k-
q-t[i][l]}+s[i][l]
♦g[i][l][k]=max[f[i-1][p][k],g[i-1][p][k]}
♦f[i]D][k]=
max[f[i][j-l][k-t[i][j]],5[i][/-l][k-q-t[i][/]]}+
s[i][f]
♦9[口皿k]=max{f[i][j-l][klg[i][j-l][k]}
♦时间复杂度O(nmp)。
依赖背包问题
*依赖背包问题,顾名思义,就是一些物品可以选要
建立在其它一些物品被选的基础之上。这类问题往
往是建立在树上的,所以通常也叫树形背包问题。
鉴于在树形模型中已经有了比较详细的讨论,这里
不再详细展开
泛化物品
♦背包问题的终极版
*泛化物品是指没有固定的费用和价值,其价值是关
于费用的函数。即:在容量为V的背包问题中,泛化
物品是定义域为0.,.V的函数h,当其费用为V时,其
价值为h(v)。
泛化物品
*voidGeneralMatters{
*for(inti=i;i<=n;i++)
*for(intj=m;j>=o;j-)
*for(intk=o;k<=j;k++)
*gmax(f[j],f[j-k]+cost(i,k));
*)
泛化物品
*回顾上面的数值分配型的树形动态规划,考虑其中
的一个节点i,其子树就相当于一个一个的泛化物品,
随着分配给它们的数值的变化,其价值也在不断的
变化。由此可见,泛化物品在各个方面都有着很广
泛的应用。
图状模型
*环状:
*Naptime
*拓扑图:
*关键路径
*一般图模型
最优贸易
环状模型
*找一个位置把环拆成链
*DP
*把链的首尾接成环
*枚举首状态
Naptime「POJ2228)
*小尸同学最近特别累,老是想睡觉
*小F同学把一天分为n个时段,选择不一定连续的m
个时段来睡觉
*小F同学睡眠质量不好,每次睡觉要花1个时段来进
入睡眠
*每个时段有一个休息值a[i],如果小F同学选择在[l,j]
的时段内睡觉的话,得到的休息就是a[i+i]+...+a[j],
因为时段i被用来进入睡眠了
*如何选择能够休息的最好?
*注意天与天是连续的,即这n个时段是一个环
naptime
*因为环首尾相接的地方会对结果产生影响,所以要枚举
开始的状态,做几遍DP
*设表示前i个时间段睡了j段,第i段不睡的最长时
间,的仃如装示第i段睡岛最长舟面,那么:
*f[i][j][o]=max{f[i-i][j][o],f[M][j][i])
*f[d[i][1]=max{f[i-i][M][o],f[i-i][j-i][i]+t[i]}
*初始时,所有的f二-INF
*然后枚举第一个时间段睡不睡,分别使
f[l][l][l]=1,f[l][o][o]=l,做两次DP
*内存限制比较紧,要滚动
拓扑图模型
*边拓扑排序边DP
*SCC缩点
关键路径
*给定一个DAG,求从s到t的最长路
关键路径
*设f[i]表示从s到i的最长路径
*F[i]+dis[i][j]->f[j]
*拓扑排序的过程中解决
最优贸易CNOIP2OO9TJ
*给定一个图,边有的是单向的,有的是双向的
*有一个水晶球,每个点有一个价格
*从5出发到t,沿途在某个点买入水晶球,在另一个点
卖出
*显然你要先买入才能卖出
*最大化收益
最优贸易
*方法一:
*同一个SCC里的点都可以走到,可以在其中任意一个
买,任意一个卖
*收缩SCC,记录SCC的最大值和最小值
*F[i]表示到i的最大获利,g[i]表示到i的最小价格,
minv[i]表示i所在SCC的最小价格,maxv[i]表示i所在
SCC的最大价格
*G[i]=min[g[j],minv[i]}
*F[i]=max{f[j],maxv[i]-g[i]]
*边拓扑排序边做
最优贸易
*方法二:
*F[i][o]表示到i点,没有水晶球的最大
*表示到i点,有水晶球的最大
*F[i][o]=max{f[j][o],f[j][i]+w[i]]
*f[i][i]=max{f[j]
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