2024届河北省唐山市高三下学期二模考试物理试题 含答案及解析版物理试卷

届河北省唐山市高三下学期二模考试物理试题1．微光夜视仪主要由物镜、光电阴极、微通道板和荧光屏等组成。微弱光线通过物镜照射到光电阴极上，光电阴极产生光电子，光电子经电场加速进入微通道板，微通道板上存在很多小通道，当电子穿过这些通道时与通道壁碰撞，每次碰撞都会产生更多的电子，从而实现了电子倍增，最后电子投射到荧光屏上成像。在整个成像过程中，下列说法正确的是（）A．物镜收集到的光线无论频率多大，都能使光电阴极产生光电子B．物镜收集到的光线的频率越大，则产生光电子的最大初动能越大C．增大加速电场的电压，到达微通道板的光电子数量一定变大D．电子与通道壁碰撞产生更多的电子，说明通道壁上发生了光电效应2．如图所示，理想变压器的原线圈回路中接有定值电阻R1，副线圈回路中接有滑动变阻器R2，在a、A．S保持闭合，电流表示数变小B．S保持闭合，变压器的输入功率不变C．S保持断开，电流表示数变大D．S保持断开，电压表示数不变3．如图所示，三个正点电荷均匀分布在半径为R的竖直圆周上，电荷量均为Q。以圆心O为坐标原点建立垂直圆面的x轴，P为x轴上一点，规定无限远处电势为零，则下列说法正确的是（）A．在x轴上只存在一个电场强度最大值的点B．在x轴上存在三个电场强度最大值的点C．若使P点电势为零，可在x轴上放一带负电的点电荷，且其位置唯一确定D．若使P点电势为零，可在x轴上放一带负电的点电荷，可有两个确定的位置

4．某实验小组采用如图甲所示的装置“测量重力加速度”。实验装置安装好后，用手提住纸带上端，先接通电源，电源的频率为50Hz，待打点计时器打点稳定后让纸带由静止开始下落，得到了一条纸带如图乙所示。把纸带上清晰的一个点标记为0，每隔一个点选做一个计数点，依次标记为1、2、3、4，根据纸带上的测量数据，则下列说法正确的是（）A．打下计数点2时重物的瞬时速度为0.784B．打下计数点2时重物的瞬时速度为3.75C．重物下落过程中的重力加速度约为9.75D．重物下落过程中的重力加速度约为9.905．一颗在低圆轨道上运行的卫星，轨道平面与赤道平面的夹角为30°，卫星运行到某一位置时恰好能观测到南极点或北极点，已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g。则该卫星运行的周期为（）A．4πRgB．4πgRC．6．如图所示，倾角为30°的斜面体静止于粗糙水平面上，斜面体质量为m，斜面体上表面光滑。一根轻绳穿过光滑固定的定滑轮，绳的两端分别与两光滑小球A、B相连，与小球A相连的部分绳保持竖直，与小球B相连的部分绳与斜面夹角为30°，系统处于静止状态。已知A的质量为m，重力加速度为g，则斜面对地面的压力约为（）A．1.9mgB．2.7mgC．3.7mgD．4.9mg

7．质量均为m的物块A、B均可视为质点，两物块通过轻绳连接，在外力作用下物块B静止于位于A的正上方，轻绳伸直且无张力，如图所示。现将外力变为3mg，使A、B由静止开始向上运动。两物块运动时间t1时，突然将此外力方向变为竖直向下，大小保持不变，再经时间t2两物块物块相遇，此时两物块均向上运动。若以地面为参考平面，重力加速度为A．tB．细线的长度为1.5gC．相遇时两物块速度大小相等D．相遇时系统具有的机械能为0.8m8．（多选）地震监测站监测到一列地震横波，某时刻的波形图如图甲所示，已知P点是平衡位置在x=0处的质点，Q点的平衡位置坐标为15m，以此时刻做为计时起点，质点Q振动的a−t图像如图乙所示。则下列说法正确的是（）A．地震横波的传播波速为15m/sB．质点P沿y轴负方向运动C．t=3s时，质点QD．0~3s的时间内，质点P所走的路程为30cm

9．（多选）一台拥有“超强大脑”的机器人在停车场沿平直轨道做巡检工作，机器人运动过程中动能随时间的变化关系如图所示，其中20~30s的图像为平行于时间轴的直线，其它时间内的图像均为抛物线。已知机器人与轨道间的摩擦阻力恒定，则机器人在（）A．0~20s内做匀加速直线运动B．20~30s内做匀速直线运动C．10~20s机器人所受合力的功率与时间成正比D．第10s与第32.5s牵引力的瞬时功率大小一定相等10．（多选）如图所示，空间中有O−xyz坐标系，xOz平面水平，y轴沿竖直方向，在y轴右侧xOz平面上方空间存在竖直向上的匀强电场，在y轴右侧xOz平面下方空间存在竖直向下的匀强磁场。一带负电的粒子从y轴正半轴上的M点以一定速度v0沿平行于x轴的正方向射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成θ角离开电场，粒子在以后的运动中恰好不离开磁场。已知M点的坐标为0,ℎ,0，带负电的粒子质量为m、电荷量大小为qA．电场强度mB．磁场强度mC．粒子在磁场中运动的轨道半径ℎD．粒子在yOz平面上相邻切点间距离4πℎ

11．某同学利用顶角为θ的直角三角形玻璃砖ABC做“测量玻璃砖折射率”实验，实验步骤如下：①在木板上铺一张白纸，将三角形玻璃砖放在白纸上并描出玻璃砖的轮廓。②在垂直于AB边方向上插上两枚大头针P1和P2，从BC一侧透过玻璃砖观察，在观察位置插第三个大头针P3，使其挡住P1、P2两大头针的像，再插第四个大头针P4，使它挡住(1)为了精确测量玻璃砖折射率，下列实验操作正确的是______；A．选用粗的大头针完成实验B．大头针应垂直插在纸面上C．大头针P1和P2、P3D．画三角形玻璃砖的轮廓线时，用笔紧贴玻璃砖表面画线(2)将实验需要的光路图补充完整；(3)该同学用量角器测量光线P3P4与BC边夹角为α，则三棱镜的折射率

12．某实验小组为了测量一个量程为1mA的电流表内阻，设计了以下实验：(1)首先利用多用电表的欧姆挡进行测量，将选择开关旋转到欧姆档“×10”的挡位，进行欧姆调零后将两表笔按图甲所示接入电路中，红表笔应与（填“1”或“2”）端相连，黑表笔连接另一端。调节滑动变阻器使其接入电路的阻值减为零时，多用电表的指针位置如图乙所示，则电流表内阻的测量值为Ω；(2)为了精确测量该电流表A的内阻，实验室为其提供了如下的实验器材：A．电流表A1B．定值电阻R1C．定值电阻R2D．滑动变阻器R3E.滑动变阻器R4F.一节新的干电池E；G.开关S及导线若干。①某同学设计了如图丙的电路图，图中的定值电阻R应选用（填“B”或“C”），滑动变阻器应选用（填“D”或“E”）；②开关闭合前，图丙中滑动变阻器滑片应处于最端（选填“左”或“右”）；③若某次实验时，电流表A的示数I，电流表A1的示数I1，则电流表A的内阻r=

13．如图所示的装置水平放置，均处于竖直向下匀强磁场中，磁感应强度大小为B，光滑平行金属导轨足够长，金属导轨电阻不计，导轨间距为d。长度为d的导体棒a垂直静置于导轨上，导体棒质量为m、电阻为R。已知电源电动势为E，内阻不计，充满电的电容器的电容为C，电压为U。求：（1）将S接1闭合开关，导体棒a最终速度v1（2）将S接2闭合开关，导体棒a最终速度v2

14．如图所示，粗细均匀、导热性良好的L形细玻璃管固定在竖直面内，竖直部分AB上端封闭，长为50cm，管内用水银柱封闭一段长为25cm的理想气体，水平部分BC右端开口，长为25cm，L形细玻璃管内的水银柱总长为30cm，已知大气压强为75cmHg，环境温度300K。求：（1）若将细玻璃管在竖直面内沿逆时针方向缓慢转动90°，使水平部分玻璃管竖直，为使A端气柱的长度不变，则需要将气体的温度提升到多少K；（2）若将细玻璃管C端用活塞封闭，保持环境温度不变，并缓慢向左推动活塞，当水银全部进入竖直管时，求活塞向左移动的距离。（结果保留两位小数）

15．如图所示，粗糙水平地面上固定一个光滑斜面体，在斜面体末端紧靠一个足够长的薄木板B，均处于静止状态，薄木板B与斜面体末端等高且平滑连接，距离薄木板B的右端0.5m位置处静止放置一个物块C。已知物块A的质量2kg，薄木板B和物块C的质量均为1kg，物块A与薄木板B之间的动摩擦因数为0.2，薄木板B和物块C与地面之间的动摩擦因数均为0.1，薄木板B和物块C的高度相同，运动过程中物块A始终不会滑离薄木板B，所有碰撞时间极短且均为弹性碰撞。物块A在距离薄木板B的上表面1.8m高处沿斜面体静止释放，A由斜面滑上薄木板B的过程中能量损失不计，重力加速度g取10m/s（1）薄木板B与物块C碰撞前，物块A大小是多少；（2）木板B与物块C第一次碰撞到第二次碰撞经历的时间；（3）最终停止时，木板B与物块C的距离。

2024届河北省唐山市高三下学期二模考试物理试题1．微光夜视仪主要由物镜、光电阴极、微通道板和荧光屏等组成。微弱光线通过物镜照射到光电阴极上，光电阴极产生光电子，光电子经电场加速进入微通道板，微通道板上存在很多小通道，当电子穿过这些通道时与通道壁碰撞，每次碰撞都会产生更多的电子，从而实现了电子倍增，最后电子投射到荧光屏上成像。在整个成像过程中，下列说法正确的是（）A．物镜收集到的光线无论频率多大，都能使光电阴极产生光电子B．物镜收集到的光线的频率越大，则产生光电子的最大初动能越大C．增大加速电场的电压，到达微通道板的光电子数量一定变大D．电子与通道壁碰撞产生更多的电子，说明通道壁上发生了光电效应1.【答案】B【解析】原始光信号频率必须大于极限频率，才能发生光电效应，故A错误；根据光电效应方程Ekm2．如图所示，理想变压器的原线圈回路中接有定值电阻R1，副线圈回路中接有滑动变阻器R2，在a、A．S保持闭合，电流表示数变小B．S保持闭合，变压器的输入功率不变C．S保持断开，电流表示数变大D．S保持断开，电压表示数不变2.【答案】C【解析】S保持闭合，电阻R1未接入电路，原线圈的输入电压不变，根据U1U2=n1n2，副线圈电压不变，滑动变阻器滑片向下滑动，总电阻变小，则副线圈电流R等=n1n22R副，滑动变阻器滑片向下滑动，副电阻变小，等效电阻变小，根据I1=U0R1+R等，3．如图所示，三个正点电荷均匀分布在半径为R的竖直圆周上，电荷量均为Q。以圆心O为坐标原点建立垂直圆面的x轴，P为x轴上一点，规定无限远处电势为零，则下列说法正确的是（）A．在x轴上只存在一个电场强度最大值的点B．在x轴上存在三个电场强度最大值的点C．若使P点电势为零，可在x轴上放一带负电的点电荷，且其位置唯一确定D．若使P点电势为零，可在x轴上放一带负电的点电荷，可有两个确定的位置3.【答案】D【解析】O点电场强度为零，无穷远处电场强度为零，从O点到无穷远电场强度先变大后变小，根据点电荷产生的电场及矢量叠加可知在x轴上存在两个电场强度最大值的点，分布在与圆环对称的两侧，故A、B错误；根据异种电荷的电势分布特点可知，若使P点电势为零，可在x轴上P点右侧放一带负电的点电荷，根据电势的公式φ=kQr可知也可以在圆环左侧关于P点对称放置一负电电荷，叠加后使得P4．某实验小组采用如图甲所示的装置“测量重力加速度”。实验装置安装好后，用手提住纸带上端，先接通电源，电源的频率为50Hz，待打点计时器打点稳定后让纸带由静止开始下落，得到了一条纸带如图乙所示。把纸带上清晰的一个点标记为0，每隔一个点选做一个计数点，依次标记为1、2、3、4，根据纸带上的测量数据，则下列说法正确的是（）A．打下计数点2时重物的瞬时速度为0.784B．打下计数点2时重物的瞬时速度为3.75C．重物下落过程中的重力加速度约为9.75D．重物下落过程中的重力加速度约为9.904.【答案】C【解析】每隔一个点选做一个计数点，则T=2×0.02s=0.04s，计数点2的瞬时速度等于点1到3的平均速度，有v2=ℎ132T=(6.72+8.28)×105．一颗在低圆轨道上运行的卫星，轨道平面与赤道平面的夹角为30°，卫星运行到某一位置时恰好能观测到南极点或北极点，已知地球半径为R，地球表面的重力加速度为g。则该卫星运行的周期为（）A．4πRgB．4πgRC．5.【答案】D【解析】设该卫星的轨道半径为r，根据题意结合几何关系可得sin30°=Rr，可得r=2R，根据万有引力提供向心力可得GMmr2=m4π6．如图所示，倾角为30°的斜面体静止于粗糙水平面上，斜面体质量为m，斜面体上表面光滑。一根轻绳穿过光滑固定的定滑轮，绳的两端分别与两光滑小球A、B相连，与小球A相连的部分绳保持竖直，与小球B相连的部分绳与斜面夹角为30°，系统处于静止状态。已知A的质量为m，重力加速度为g，则斜面对地面的压力约为（）A．1.9mgB．2.7mgC．3.7mgD．4.9mg6.【答案】A【解析】根据题意，对小球A受力分析可知，由于小球A处于平衡状态，则小球A受重力和绳子的拉力，斜面对A的支持力为0，所以F=mg，对小球B受力分析，如图所示根据平衡条件可得Fcos30°=mBgsin30°，N+Fsin30°=mBgcos7．质量均为m的物块A、B均可视为质点，两物块通过轻绳连接，在外力作用下物块B静止于位于A的正上方，轻绳伸直且无张力，如图所示。现将外力变为3mg，使A、B由静止开始向上运动。两物块运动时间t1时，突然将此外力方向变为竖直向下，大小保持不变，再经时间t2两物块物块相遇，此时两物块均向上运动。若以地面为参考平面，重力加速度为A．tB．细线的长度为1.5gC．相遇时两物块速度大小相等D．相遇时系统具有的机械能为0.8m7.【答案】B【解析】由题意可知，将其运动过程分为两个过程，在F向上的过程中，对AB的整体受力分析，设向上为正方向F1=3mg−2mg=2ma1，解得a1=g2，则经过t1时，有vA=vB=a1t1=gt12，当F1方向改变大小不变时，对A、B分别受力分析，有mg=maA，F1+mg=maB，解得aA=g，方向向下；aB=4g，方向向下，则经过t2两者相遇，且速度方向均向上，即vB−8．（多选）地震监测站监测到一列地震横波，某时刻的波形图如图甲所示，已知P点是平衡位置在x=0处的质点，Q点的平衡位置坐标为15m，以此时刻做为计时起点，质点Q振动的a−t图像如图乙所示。则下列说法正确的是（）A．地震横波的传播波速为15m/sB．质点P沿y轴负方向运动C．t=3s时，质点QD．0~3s的时间内，质点P所走的路程为30cm8.【答案】BC【解析】由图乙可知，周期T=4s，假设v=15m/s，则可得λ0=vT=60m，由图甲可知，其波长满足λ<λ0=60m，故假设波速v=15m/s不成立，故A错误；由图乙可知，在t=0s时，a=0m/s2，在t=1s时，a=−10m/s2达到负轴负方向最大，根据牛顿第二定律可知回复力的变化和加速度一致，则0~1s内质点Q应向上振动，根据同侧法（质点的振动方向和波的传播方向在波的同一侧）可知波向x轴负方向传播，再对P质点由同侧法可知沿y9．（多选）一台拥有“超强大脑”的机器人在停车场沿平直轨道做巡检工作，机器人运动过程中动能随时间的变化关系如图所示，其中20~30s的图像为平行于时间轴的直线，其它时间内的图像均为抛物线。已知机器人与轨道间的摩擦阻力恒定，则机器人在（）A．0~20s内做匀加速直线运动B．20~30s内做匀速直线运动C．10~20s机器人所受合力的功率与时间成正比D．第10s与第32.5s牵引力的瞬时功率大小一定相等9.【答案】ABC【解析】在0~20s，根据牛顿第二定律可得F−f=ma1，根据运动学公式可得v=a1t，Ek=12mv2，则Ek=12m(F−fm)2⋅t2=(F−f)2m2⋅t2，由于图像为抛物线，则可知加速度大小为定值，故0~2010．（多选）如图所示，空间中有O−xyz坐标系，xOz平面水平，y轴沿竖直方向，在y轴右侧xOz平面上方空间存在竖直向上的匀强电场，在y轴右侧xOz平面下方空间存在竖直向下的匀强磁场。一带负电的粒子从y轴正半轴上的M点以一定速度v0沿平行于x轴的正方向射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成θ角离开电场，粒子在以后的运动中恰好不离开磁场。已知M点的坐标为0,ℎ,0，带负电的粒子质量为m、电荷量大小为qA．电场强度mB．磁场强度mC．粒子在磁场中运动的轨道半径ℎD．粒子在yOz平面上相邻切点间距离4πℎ10.【答案】AD【解析】A．粒子从M点到N点做类平抛运动，有ℎ=12at2，qE=ma，tanθ=atv0，x=v0t，联立解得E=mv02tan2θ2qℎ，x=2ℎtanθ，故A正确；粒子从N点进入磁场，其中沿−y方向的速度与磁感应强度平行，不受洛伦兹力而做匀速直线运动，沿x方向的速度v0与磁感应强度垂直，受洛伦兹力做匀速圆周运动，粒子在以后的运动中恰好不离开磁场，则轨迹圆与z轴相切，则有11．某同学利用顶角为θ的直角三角形玻璃砖ABC做“测量玻璃砖折射率”实验，实验步骤如下：①在木板上铺一张白纸，将三角形玻璃砖放在白纸上并描出玻璃砖的轮廓。②在垂直于AB边方向上插上两枚大头针P1和P2，从BC一侧透过玻璃砖观察，在观察位置插第三个大头针P3，使其挡住P1、P2两大头针的像，再插第四个大头针P4，使它挡住(1)为了精确测量玻璃砖折射率，下列实验操作正确的是______；A．选用粗的大头针完成实验B．大头针应垂直插在纸面上C．大头针P1和P2、P3D．画三角形玻璃砖的轮廓线时，用笔紧贴玻璃砖表面画线(2)将实验需要的光路图补充完整；(3)该同学用量角器测量光线P3P4与BC边夹角为α，则三棱镜的折射率11.【答案】(1)BC(2)见解析图(3)cos【解析】（1）为了准确测量光路图，应选用较细的大头针来完成实验，选用粗的大头针完成实验时，容易出现观察误差，使光线实际并不平行，故A错误；为了准确确定入射光线和折射光线，大头针应垂直插在纸面上，故B正确；大头针P1和P2、P3和（2）根据光的折射规律作出光路图如图（3）根据几何关系可知光线在BC面的入射角为90°−2θ，折射角为90°−α，根据折射定律可得n=sin12．某实验小组为了测量一个量程为1mA的电流表内阻，设计了以下实验：(1)首先利用多用电表的欧姆挡进行测量，将选择开关旋转到欧姆档“×10”的挡位，进行欧姆调零后将两表笔按图甲所示接入电路中，红表笔应与（填“1”或“2”）端相连，黑表笔连接另一端。调节滑动变阻器使其接入电路的阻值减为零时，多用电表的指针位置如图乙所示，则电流表内阻的测量值为Ω；(2)为了精确测量该电流表A的内阻，实验室为其提供了如下的实验器材：A．电流表A1B．定值电阻R1C．定值电阻R2D．滑动变阻器R3E.滑动变阻器R4F.一节新的干电池E；G.开关S及导线若干。①某同学设计了如图丙的电路图，图中的定值电阻R应选用（填“B”或“C”），滑动变阻器应选用（填“D”或“E”）；②开关闭合前，图丙中滑动变阻器滑片应处于最端（选填“左”或“右”）；③若某次实验时，电流表A的示数I，电流表A1的示数I1，则电流表A的内阻r=12.【答案】(1)2140(2)①CD②左③I【解析】（1）红表笔与欧姆表内部电源的负极相连，黑表笔与欧姆表内部电源的正极相连，所以红表笔应与2相连；欧姆表使用欧姆档“×10”的挡位，指针所指刻线为14，则电流表内阻的测量值为14×10Ω（2）图中的定值电阻R应选用与电流表A1内阻相近的R2，故选C；为方便调节，滑动变阻器应选用阻值较小的R3，故选D；开关闭合前，图丙中滑动变阻器滑片应处于最左，使开关闭合后，测量电路中的电流为零；根据欧姆定律有R2=13．如图所示的装置水平放置，均处于竖直向下匀强磁场中，磁感应强度大小为B，光滑平行金属导轨足够长，金属导轨电阻不计，导轨间距为d。长度为d的导体棒a垂直静置于导轨上，导体棒质量为m、电阻为R。已知电源电动势为E，内阻不计，充满电的电容器的电容为C，电压为U。求：（1）将S接1闭合开关，导体棒a最终速度v1（2）将S接2闭合开关，导体棒a最终速度v213.【答案】（1）EBd（2）【解析】（1）由题意可知，导体棒a最终匀速切割磁感线，则有E=Bd得v1（2）由题意可得导体棒a最终稳定切割磁感线U则有Δ对导体棒a根据动量定理得Bid⋅电量Δ联立可得v214．如图所示，粗细均匀、导热性良好的L形细玻璃管固定在竖直面内，竖直部分AB上端封闭，长为50cm，管内用水银柱封闭一段长为25cm的理想气体，水平部分BC右端开口，长为25cm，L形细玻璃管内的水银柱总长为30cm，已知大气压强为75cmHg，环境温度300K。求：（1）若将细玻璃管在竖直面内沿逆时针方向缓慢转动90°，使水平部分玻璃管竖直，为使A端气柱的长度不变，则需要将气体的温度提升到多少K；（2）若将细玻璃管C端用活塞封闭，保持环境温度不变，并缓慢向左推动活塞，当水银全部进入竖直管时，求活塞向左移动的距离。（结果保留两位小数）14.【答案】（1）480K（2）8.78cm【解析】（1）设玻璃管的横截面积为S，初始状态时，管内理想气体的状态p1=p0当水平部分玻璃管竖直时，由于气柱长度不变，管内理想气体的状态p设此时温度为T2，气体发生等容变化，则有代入数据解得T2（2）当水银全部进入竖直管时，竖直管内理想气体的体积V气体发生等温变化，对AB段气体根据玻意耳定律有p代入数据解得p开始时BC管内理想气体的状态p0=75变化后BC管内理想气体的状态p4=气体发生等温变化，根据玻意耳定律有p代入数据解得L≈所以活塞移动距离x=25−L≈8.78cm15．如图所示，粗糙水平地面上固定一个光滑斜面体，在斜面体末端紧靠一个足够长的薄木板B，均处于静止状态，薄木板B与斜面体末端等高且平滑连接，距离薄木板B的右端0.5m位置处静止放置一个物块C。已知物块A的质量2kg，薄木板B和物块C的质量均为1kg，物块A与薄木板B之间的动摩擦因数为0.2，薄木板B和物块C与地面之间的动摩擦因数均为0.1，薄木板B和物块C的高度相同，运动过程中物块A始终不会滑离薄木板B，所有碰撞时间极短且均为弹性碰撞。物块A在距离薄木板B的上表面1.8m高处沿斜面体静止释放，A由斜面滑上薄木板B的过程中能量损失不计，重力加速度g取10m/s（1）薄木板B与物块C碰撞前，物块A大小是多少；（2）木板B与物块C第一次碰撞到第二次碰撞经历的时间；（3）最终停止时，木板B与物块C的距离。15.【答案】（1）4m/s（2）1s（3）【解析】（1）物块A到达木板时，设速度为v0，由动能定理可得解得v在B、C相碰之前，设物块A的速度v1，加速度为aA，木板B的速度为v2，加速度为aμμ对B分析x由运动学规律可知v解得vv2（2）木板B与物块C相碰，设碰后B、C的速度分别v3、v4，由动量守恒可得m1解得v3=0碰后C做匀减速运动，B静止，设加速度为aC，经历时间为t3，位移为x2，则解得a第二次碰撞前C静止，则v解得时间t此时运动距离xB在1s内恰好移动0.5m，B追C，二者加速度大小相同，B加速，C减速，故所需时间为1s，即从第一次碰撞第二次碰撞经历时间为1s。（3）第二次碰撞后，设A的速度v5，由运动学可得v设木板与物块达到共速时，设速度为v6，时间为t4，则vv设木板共速之前的位移为x3，共速之后的位移为x4，则x2x=解得x=12024届河北省唐山市高三下学期二模考试物理试题答案1.【答案】B【解析】原始光信号频率必须大于极限频率，才能发生光电效应，故A错误；根据光电效应方程Ekm2.【答案】C【解析】S保持闭合，电阻R1未接入电路，原线圈的输入电压不变，根据U1U2=n1n2，副线圈电压不变，滑动变阻器滑片向下滑动，总电阻变小，则副线圈电流R等=n1n22R副，滑动变阻器滑片向下滑动，副电阻变小，等效电阻变小，根据I1=U0R1+R等，3.【答案】D【解析】O点电场强度为零，无穷远处电场强度为零，从O点到无穷远电场强度先变大后变小，根据点电荷产生的电场及矢量叠加可知在x轴上存在两个电场强度最大值的点，分布在与圆环对称的两侧，故A、B错误；根据异种电荷的电势分布特点可知，若使P点电势为零，可在x轴上P点右侧放一带负电的点电荷，根据电势的公式φ=kQr可知也可以在圆环左侧关于P点对称放置一负电电荷，叠加后使得P4.【答案】C【解析】每隔一个点选做一个计数点，则T=2×0.02s=0.04s，计数点2的瞬时速度等于点1到3的平均速度，有v2=ℎ132T=(6.72+8.28)×105.【答案】D【解析】设该卫星的轨道半径为r，根据题意结合几何关系可得sin30°=Rr，可得r=2R，根据万有引力提供向心力可得GMmr2=m4π6.【答案】A【解析】根据题意，对小球A受力分析可知，由于小球A处于平衡状态，则小球A受重力和绳子的拉力，斜面对A的支持力为0，所以F=mg，对小球B受力分析，如图所示根据平衡条件可得Fcos30°=mBgsin30°，N+Fsin30°=mBgcos7.【答案】B【解析】由题意可知，将其运动过程分为两个过程，在F向上的过程中，对AB的整体受力分析，设向上为正方向F1=3mg−2mg=2ma1，解得a1=g2，则经过t1时，有vA=vB=a1t1=gt12，当F1方向改变大小不变时，对A、B分别受力分析，有mg=maA，F1+mg=maB，解得aA=g，方向向下；aB=4g，方向向下，则经过t2两者相遇，且速度方向均向上，即vB−8.【答案】BC【解析】由图乙可知，周期T=4s，假设v=15m/s，则可得λ0=vT=60m，由图甲可知，其波长满足λ<λ0=60m，故假设波速v=15m/s不成立，故A错误；由图乙可知，在t=0s时，a=0m/s2，在t=1s时，a=−10m/s2达到负轴负方向最大，根据牛顿第二定律可知回复力的变化和加速度一致，则0~1s内质点Q应向上振动，根据同侧法（质点的振动方向和波的传播方向在波的同一侧）可知波向x轴负方向传播，再对P质点由同侧法可知沿y9.【答案】ABC【解析】在0~20s，根据牛顿第二定律可得F−f=ma1，根据运动学公式可得v=a1t，Ek=12mv2，则Ek=12m(F−fm)2⋅t2=(F−f)2m2⋅t2，由于图像为抛物线，则可知加速度大小为定值，故0~2010.【答案】AD【解析】A．粒子从M点到N点做类平抛运动，有ℎ=12at2，qE=ma，tanθ=atv0，x=v0t，联立解得E=mv02tan2θ2qℎ，x=2ℎtanθ，故A正确；粒子从N点进入磁场，其中沿−y方向的速度与磁感应强度平行，不受洛伦兹力而做匀速直线运动，沿x方向的速度v0与磁感应强度垂直，受洛伦兹力做匀速圆周运动，