西藏日喀则市南木林中学2025届高三物理上学期第二次月考试题含解析

PAGE13-西藏日喀则市南木林中学2025届高三物理上学期其次次月考试题（含解析）一、选择题1.下列有关电学的说法中正确的是（）A.电工穿绝缘衣比穿金属衣平安B.导体中没有电流时，说明导体内部的电荷没有移动C.电动势公式与电压中的W是一样的，都是电场力做的功D.电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本事的物理量【答案】D【解析】【详解】A．金属衣能够形成屏蔽，防止触电，故A错误；B．导体中有大量自由移动的电子，形成电流要有两个条件：自由电荷和电压，故B错误；C．公式中的E为电源电动势，W为电源内部非静电力做功，而中W为静电力做功，故C错误；D．电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能本事的物理量，故D正确。故选D。【点睛】本题难度较小，要理解电源内部和外部电场力做功是有本质区分的，熟记电流产生的条件。2.汽车遇紧急状况刹车，经1.5s停止，刹车距离为9m．若汽车刹车后做匀减速直线运动，则汽车停止前最终1s的位移是()A.4.5m B.4m C.3m【答案】B【解析】汽车刹车反过来可以看做初速度为零的匀加速直线运动，由x＝at2，可得其加速度大小为a＝8m/s2；汽车停止前最终1s的位移是x′＝at′2＝4m，选项B正确．3.如图所示，一物块置于水平地面上．当用与水平方向成角的力拉物块时，物块做匀速直线运动；当改用与水平方向成角的力推物块时，物块仍做匀速直线运动．若和的大小相等，则物块与地面之间的动摩擦因数为A. B. C. D.1-【答案】B【解析】试题分析：对两种状况下的物体分别受力分析，如图将F1正交分解为F3和F4，F2正交分解为F5和F6，则有：F滑=F3mg=F4+FN；F滑′=F5mg+F6=FN′而F滑=μFN；F滑′=μFN′则有F1cos60°=μ（mg-F1sin60°）①F2cos30°=μ（mg+F2sin30°）②又依据题意F1=F2③联立①②③解得：μ=2-；故选B考点：物体的平衡4.如图所示，在水平力F作用下，物体B沿水平面对右运动，物体A恰匀速上升，那么以下说法正确的是（）A.物体B正向右作匀减速运动B.物体B正向右作加速运动C.地面对B的摩擦力减小D.斜绳与水平成30°时，【答案】D【解析】【详解】AB．将B的运动分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，沿绳子方向上的分速度等于A的速度，如图；依据平行四边形定则有：vBcosα=vA，所以vB＝，α减小，所以B的速度减小，但不是匀减速．故AB错误．C．在竖直方向上，对B有：，T=mAgα减小，则支持力增大，依据f=μFN，摩擦力增大．故C错误．D．依据vBcosα=vA，斜绳与水平成30°时，vA：vB＝：2．故D正确．故选D．5.如图所示，一根水平光滑的绝缘直槽轨连接一个竖直放置的半径为R=0.50m的绝缘光滑槽轨，槽轨处在垂直纸面对外的匀强磁场中，磁感应强度B=0.50T有一个质量m=0.10g，带电量为q=+1.6×10-3CA.小球在最高点所受的合力为零B.小球在最高点时的机械能与其在水平轨道上的机械能相等C.小球到达最高点时的速率v满意关系式D.假如重力加速度取10m/s2，则小球在最高点时的速率为1m/s【答案】BD【解析】分析】小球恰好通过最高点时，轨道对球无作用力，向心力由重力和洛伦兹力的合力供应；因洛伦兹力和支持力始终与速度垂直，因此不做功，依据机械能守恒的条件进行分析；由向心力公式结合牛顿其次定律，可知在最高点时的速度和受到的洛伦兹力及重力的关系。【详解】A．设小球在最高点的速度为v，则小球在最高点所受洛伦兹力为F=qvB方向竖直向上，由于小球恰好能通过最高点，故小球在最高点由洛伦兹力和重力共同供应向心力，故A错误；B．由于无摩擦力，且支持力和洛伦兹力都不做功，所以只有重力做功，机械能守恒，即小球在最高点时的机械能与其在水平轨道上的机械能相等，故B正确；C．设小球到达最高点的线速度是v，则小球在最高点时由牛顿其次定律可知故C错误；D．由上可知代入数据解得v=1m/s故D正确。故选BD。6.2009年2月11日，俄罗斯的“宇宙-2251A.甲的运行周期肯定比乙的长B.甲距地面的高度肯定比乙的高C.甲的向心力肯定比乙的小D.甲的加速度肯定比乙的大【答案】ABC【解析】【详解】B．卫星绕地球做匀速圆周运动，依据万有引力供应向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有因而解得①②③由于甲的运行速率比乙的大，依据①式，可以知道甲的轨道半径较小，故B错误，符合题意；A．由公式②可知甲的周期小，故A错误，符合题意；C．由于未知两碎片的质量，无法推断向心力的大小，故C错误，符合题意；D．碎片的加速度是指引力加速度，由③式，可知甲的加速度比乙大，故D正确，不符合题意。故选ABC。7.如图所示，一粗糙斜面静止在水平面上，斜面上粗糙的木块正在沿斜面匀加速下滑，则下列说法中不正确的是（）A.由于重力对木块做负功，所以木块的重力势能削减B.由于摩擦力对木块做负功，所以木块的机械能削减C.木块增加的动能等于重力对它做的功D.木块削减的机械能转化为木块的内能（热能）【答案】ACD【解析】【详解】A．木块下滑时，重力做正功，重力势能减小，故A符合题意；

B．木块受到的摩擦力对木块做负功，木块克服摩擦力做功，木块机械能削减，故B不符合题意；

C．由动能定理可知，木块增加的动能等于它所受到的合外力所做的功，即重力与摩擦力的合力所做的功，故C符合题意；

D．摩擦力做功使木块的机械能削减，削减的机械能转化为木块与斜面的内能，故D符合题意。

故选ACD。8.质量相等的两木块A、B用一轻弹簧栓接，静置于水平地面上，如图甲所示。现用一竖直向上的力F拉动木块A，使木块A向上做匀加速直线运动，如图乙所示。从木块A起先做匀加速直线运动到木块B将要离开地面时的这一过程，下列说法不正确的是（设此过程弹簧始终处于弹性限度内）（）A.力F始终增大B.弹簧的弹性势能始终减小C.木块A的动能和重力势能之和先增大后减小D.两木块A、B和轻弹簧组成的系统的机械能先增大后减小【答案】BCD【解析】【详解】A．最初弹簧被压缩，A物体受到竖直向上的弹力等于重力，由于A物体做匀加速直线运动，对A受力分析，列出牛顿其次定律可知则随着弹力的减小，F变大；后来弹簧被拉长，表达式变为则随着弹力增加，F变大，即拉力始终增大，故A正确，不符合题意；

B．在A上升过程中，弹簧从压缩到伸长，所以弹簧的弹性势能先减小后增大，故B错误，符合题意；

C．在上升过程中由于物体A做匀加速运动，所以物体A的速度增大，高度上升，则木块A的动能和重力势能之和增大，故C错误，符合题意；

D．在上升过程中，除重力与弹力做功外，还有拉力做正功，所以两木块A、B和轻弹簧组成的系统的机械能始终增大。故D错误，符合题意；

故选BCD。二、非选择题：共62分，第9~12题为必考题，每个试题考生都必需作答。第13~14题为选考题，考生依据要求作答。9.图是某同学在做匀变速直线运动试验中获得的一条纸带．①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为_________．②ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出．从图中读出A、B两点间距s__________；C点对应的速度是________(计算结果保留三位有效数字)．【答案】(1).0.02s(2).0.68～0.72cm(3).0.100m/s【解析】【详解】①纸上打相邻两点的时间间隔s，②依据刻度尺的读数原理可知A、B间的距离S=0.70cm．B、D间的时间间隔s,依据匀变速直线运动的推论,可得C点对应的速度m/s.10.测量电源的电动势E及内阻r(E约为6V，r约为1.5Ω)．器材：量程3V的志向电压表V，量程0.6A的电流表A(具有肯定内阻)，固定电阻R＝8.5Ω，滑动变阻器R′(0～10Ω)，开关S，导线若干．(1)请在答案纸的方框中画出试验电路图．图中各元件需用题目中给出的符号或字母标出____________．(2)用笔画线代替导线在图中，完成实物连线________．(3)试验中，当电表读数为I1时，电压表读数为U1；当电流表读数为I2时，电压表读数为U2，则可以求出E＝________，r＝________.(用I1，I2，U1，U2及R表示)【答案】(1).(2).(3).(4).【解析】【分析】测电源的电动势和内电阻采纳的是一般的限流接法，只需测出通过电源的两组电压和电流即可联立求得电源的电动势和内阻．【详解】（1）本试验采纳限流接法，即将滑动变阻器、电源、电流表串联；电压表并联在电源两端；本题由于电源电压较大，故应加入爱护电阻；如图所示（2）由闭合电路欧姆定律可知：U1=E-I1rU2=E-I2r联立解得：；【点睛】本题需留意（1）由于电源电动势较大而内阻较小，故电路中应接入爱护电阻；（2）本试验一般采纳图象法求电动势和内电阻；本题中的计算法误差较大．11.商场工作人员拉着质量m=20kg的木箱沿水平地面运动．若用F1=100的水平力拉木箱，木箱恰好做匀速直线运动；现改用F2=150N、与水平方向成53∘斜向上的拉力作用于静止的木箱上，如图所示．已知sin53∘=0.8，cos53∘=0.60，取重力加速度g=10m/s2．求：（1）木箱与地面之间的动摩擦因数；（2）F2作用在木箱上时，木箱运动的加速度大小；（3）F2作用在木箱上4.0s时间内木箱移动的距离．【答案】（1）μ=0.5（2）a=2.5m/s2（3）s=20m【解析】【详解】（1）由于木箱在水平拉力下匀速运动，依据牛顿其次定律，F1-μmg=0

解得：μ==0.5

（2）将F2沿着水平与竖直方向分解，F2沿水平和竖直方向的重量分别为

F2x=F2cos53°

F2y=F2sin53°

木箱受到水平地面的支持力

FN=mg-F2y

依据牛顿其次定律，F2x-μFN=ma

解得木箱运动的加速度大小为

a=2.5

m/s2

（3）依据运动学公式，木箱的位移

x=at2=20m．

【点睛】依据二力平衡求出摩擦力的大小，之后物体就是匀加速直线运动，由匀变速直线运动的规律求解即可．12.一根长为l的丝线吊着一质量为m，带电荷量为q的小球静止在水平向右的匀强电场中，如图所示，丝线与竖直方向成37°角，现突然将该电场方向变为向下且大小不变，不考虑因电场的变更而带来的其他影响（重力加速度为g），求：（1）匀强电场电场强度的大小；（2）小球经过最低点时受到的拉力大小【答案】（1）（2）【解析】【详解】（1）以小球为探讨对象，分析受力状况：重力mg、电场力qE、丝线的拉力FT，电场力方向必定水平向右，与电场强度方向相同，所以小球带正电荷．如图1所示．由平衡条件得：mgtan37°=qE故（2）当电场方向变为向下后，小球受到的电场力竖直向下，向下做圆周运动，重力和电场力都做正功，由动能定理得解得小球经过最低点时，由重力、电场力和丝线的拉力的合力供应了向心力，如图2所示．依据牛顿其次定律得解得（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。假如多做，则每科按所做的第一题计分。[物理一选修3-3]13.关于肯定量的气体，下列说法正确的是A.气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体全部分子体积之和B.只要能减弱气体分子热运动的猛烈程度，气体的温度就可以降低C.在完全失重的状况下，气体对容器壁的压强为零D.气体从外界汲取热量，其内能肯定增加E.气体在等压膨胀过程中温度肯定上升【答案】ABE【解析】【详解】A．气体的体积指的是该气体的分子所能到达的空间的体积，而不是该气体全部分子体积之和，故A正确；B．温度高体分子热运动就猛烈，所以只要能减弱气体分子热运动猛烈程度，气体的温度就可以降低，故B正确；C．在完全失重的状况下，分子运动不停息，气体对容器壁的压强不为零，故C错误；D．气体从外界汲取热量，但假如同时对外做功，则内能不肯定增加，故D错误；E．由志向气体状态方程可得，气体在等压膨胀过程中温度肯定上升，故E正确．故选ABE．【点睛】本题考查了热力学第肯定律的应用和气体压强的微观意义，要留意做功和热传递均可以变更物体的内能．14.如图，一上端开口、下端封闭的瘦长玻璃管竖直放置．玻璃管的下部封有长ll=2