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文档简介

2021-2022学年高一下物理期末模拟试卷注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、A、B两球之间压缩一根轻弹簧,静置于光滑水平桌面上.已知A、B两球质量分别为2m和m.当用板挡住A球而只释放B球时,B球被弹出落于距桌边距离为x的水平地面上,如图所示.取走A左边的挡板,用同样的程度压缩弹簧,将A、B同时释放,B球的落地点距离桌边距离为A. B. C.x D.2、(本题9分)从某一高处平抛一个物体,物体着地时末速度与水平方向成α角,取地面处重力势能为零,则物体抛出时,动能与重力势能之比为()A.sin2a B.cos2a C.tan2a D.1/tan2a3、一轻杆一端固定质量为m的小球,以另一端O为圆心,使小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动,如图所示,则下列说法正确的是A.小球过最高点的最小速度是B.小球过最高点时,杆所受到的弹力可以等于零C.小球过最高点时,杆对球的作用力一定随速度增大而增大D.小球过最高点时,杆对球的作用力一定随速度增大而减小4、如图所示,汽车以速度v0匀速向左行驶,则物体M将怎样运动()A.匀速上升B.加速上升C.减速上升D.先加速后减速5、(本题9分)一物体在运动过程中,重力对它做的功是,则()A.该物体的动能一定增加 B.该物体的动能一定减少C.该物体的重小势能一定减少 D.该物体的重力势能一定增加6、(本题9分)将F沿水平和竖直方向分解,则其竖直方向的分力为()A.Fsinθ B.Fcosθ C.F/sinθ D.F/cosθ7、(本题9分)如图所示,在上端开口的饮料瓶的侧面戳一个小孔,瓶中灌水,手持饮料瓶静止时,小孔有水喷出。若饮料瓶在下列运动中,没有发生转动且忽略空气阻力,小孔不再向外喷水的是()A.自由下落B.饮料瓶被水平抛出后的运动过程中C.饮料瓶被竖直向上抛出后的运动过程中D.手持饮料瓶向上加速运动的过程中8、两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在y轴上的O、M两点,若规定无穷远处的电势为零,则在两电荷连线上各点的电势φ随坐标y变化的关系如图所示,其中A、N两点的电势均为零,在ND段中C点电势最高,则A.q1与q2带异种电荷B.A、N两点的电场强度大小为零C.从N点沿y轴正方向到D点,电场强度大小先减小后增大D.将一正点电荷从N点移到D点,电场力先做负功后做正功9、关于地球的第一宇宙速度,下列说法正确的是(

)A.它是卫星环绕地球运行的最小速度B.它是卫星环绕地球运行的最大速度C.它是发射地球卫星的最小发射速度D.它是发射地球卫星的最大发射速度10、在光滑水平面上A、B两小车中间有一弹簧,如图所示,用手抓住小车并将弹簧压缩后使小车处于静止状态.将两小车及弹簧看做一个系统,下面说法正确的是A.两手同时放开后,系统总动量始终为零B.先放开左手,再放开右手后,在弹簧伸缩的过程中,动量不守恒C.先放开左手,再放开右手后,在弹簧伸缩的过程中,动量守恒且总动量向右D.无论何时放手,两手放开以后,在弹簧伸缩的过程中,系统总动量都保持不变,但系统的总动量不一定为零11、将甲、乙两个质量相等的物体在距水平地面同一高度处,分别以v和2v的速度水平抛出,若不计空气阻力的影响,则A.甲物体在空中运动过程中,任何相等时间内它的动量变化都相同B.甲物体在空中运动过程中,任何相等时间内它的动能变化都相同C.两物体落地时动量对时间的变化率相同D.两物体落地时重力的功率相同12、(本题9分)如图电路中,闭合电键S,当滑动变阻器的滑动触头向上滑动时,三个理想电表的示数都发生变化,电表的示数分别用I、U1、U2表示。下列判断正确的是A.U1增大,I增大,不变B.U2减小,I增大,减小C.U1U2D.减小二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、(6分)(本题9分)在“研究平抛运动”实验中,某同学只记录了小球运动途中的三点的位置,取点为坐标原点,则各点的位置坐标如图所示,当时,(1)为了准确地描绘出平抛运动的轨迹,下列要求合理的是____________.A.小球每次必须从斜槽上同一位置由静止释放B.斜槽轨道必须光滑C.斜槽轨道末端必须水平D.本实验必需的器材还有刻度尺和秒表(2)小球平抛的初速度______________(3)小球经过点时的速度______________(4)小球抛出点的位置坐标(_______________),________________)14、(10分)(本题9分)某实验小组的同学做“用单摆测定重力加速度”的实验。(1)实验时除用到秒表、刻度尺外,还应该用到下列器材中的_________选填选项前的字母)A.长约1m的细线B.长约1m的橡皮绳C.直径约1cm的均匀铁球D.直径约10cm的均匀木球(2)选择好器材,将符合实验要求的单摆悬挂在铁架台上,应采用图中________所示的固定方式(选填“甲”或“乙”)。(3)将单摆正确悬挂后进行如下操作,其中正确的时____________(选填选项前的字母)。A.测出摆线长作为单摆的摆长B.把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度由静止释放,使之做简谐运动C.在摆球经过平衡位置时开始计时D.用秒表测量单摆完成1次全振动所用时间并作为单摆的周期(4)用l表示单摆的摆长,用T表示单摆的周期,则计算重力加速度的表达式为g=____________.(5)乙同学测得的重力加速度数值大于当地的重力加速度的实际值,造成这一情况的原因可能是________(选填选向前的字母)。A.开始摆动时振幅较小B.开始计时时,过早按下秒表C.测量周期时,误将摆球(n-1)次全振动的时间记为n次全振动的时间D.实验中,由于操作不当,使摆球做圆锥摆运动三、计算题要求解题步骤,和必要的文字说明(本题共36分)15、(12分)国际空间站是迄今最大的太空合作计划,其离地高度为H,绕地球运动的周期为T1.通过查找资料又知万有引力常量G,地球半径R,同步卫星距地面的高度h,地球的自转周期T2以及地球表面重力加速度g.某同学根据以上条件,提出一种估算地球质量M的方法:同步卫星绕地心做圆周运动,由得(1)请判断上面得出的结果是否正确,请说明理由;如不正确,请给出正确解法和结果.(2)请根据题给条件再提出两种估算地球质量的方法,并解得结果.16、(12分)(本题9分)质量M=1000kg的汽车通过圆形拱形桥时的速率恒定,拱形桥的半径R=10m.试求:(1)汽车在最高点对拱形桥的压力为车重的一半时,汽车的速率;(2)汽车在最高点对拱形桥的压力为零时,汽车的角速度.(重力加速度g=10m/s2)17、(12分)(本题9分)如图所示,竖直平面内的一半径R=0.50m的光滑圆弧槽BCD,B点与圆心O等高,一水平面与圆弧槽相接于D点,质量m=0.10kg的小球从B点的正上方H=0.95m高处的A点自由下落,由B点进入圆弧轨道,从D点飞出后落在水平面的Q点,DQ间的距离x=2.4m,球从D点飞出后的运动过程中相对水平面上升的最大高度h=0.80m,取g=10m/s2,不计空气阻力,求:(1)小球经过C点时轨道对它的支持力大小;(2)小球经过最高点P的速度大小;(3)D点与圆心O的高度差.

参考答案一、选择题:(1-6题为单选题7-12为多选,每题4分,漏选得2分,错选和不选得零分)1、D【解析】

当用板挡住A球而只释放B球时,B球被弹出落于距桌边距离为x的水平地面上,则、、,解得:弹簧的弹性势能当用同样的程度压缩弹簧,取走A左边的挡板,将A、B同时释放,由动量守恒可得:,可得:,因此A、B获得的动能之比,所以B球获得的动能.那么B球抛出时的初速度,平抛后水平位移故D项正确,ABC三项错误.【点睛】本题考查动量守恒定律、机械能守恒定律及平抛运动规律.两种情况下,弹簧弹性势能相同,在弹簧恢复原长过程中弹性势能转化为动能.2、D【解析】由物体落地时末速度与水平方向的夹角为θ,有,抛出的动能为,重力势能做的功为,则物体抛出时其动能与重力势能之比为cot2θ,D正确.3、B【解析】

A.由于杆可以表现为拉力,也可能表现支持力,所以小球过最高点的最小速度为0,故A错误;B.当小球在最高点的速度时,靠重力提供向心力,杆子的弹力为零,故B正确;CD.杆子在最高点可以表现为拉力,也可以表现为支持力,当表现为支持力时,速度增大作用力越小,当表现为拉力时,速度增大作用力越大,故CD错误。4、B【解析】

本题小车参与了两个分运动:沿着绳子伸长方向的分运动,和绕滑轮的转动,即与绳子垂直方向的分运动;根据平行四边形定则,可先求出速度v的表达式,再讨论.【详解】小车的合速度(实际速度)为,如图小车参与了两个分运动:沿着绳子方向的分运动,和绕滑轮的转动;将小车的速度分解成沿绳子方向(指向左下)和垂直绳子方向(指向左上)两个分速度,,是越来越小的,很容易得出越来越大,v也就越来越大,所以是加速运动,故选B.【点睛】本题关键是找出合运动与分运动,然后由平行四边形定则找出合速度与分速度间的几何关系,或列出解析式讨论;切记不可将绳子速度当成合速度.5、C【解析】

重力做功等于重力势能的变化量,则物体在运动过程中,重力对它做的功是6J,则该物体的重小势能一定减少6J;故选C.6、A【解析】

根据力的作用效果可以将F分解为沿水平方向和竖直方向的两个力,根据平行四边形定则,竖直方向上分力Fx=Fsinθ,故A正确,BCD错误.故选A.7、ABC【解析】

若要水不往外喷,则不受竖直方向的压力,就要求水在运动过程中完全失重,即只受重力,加速度为g的情况就符合题意.A.描述与分析相符,故A正确.B.描述与分析相符,故B正确.C.描述与分析相符,故C正确.D.描述与分析不符,故D错误.8、AD【解析】

A.由图象可知,M点附近的电势为负值、O点附近的电势为正值,所以,q1与q2带异种电荷,故A项与题意相符合;B.A、N点的电势为零,但场强不为零(φ-y图象的斜率不为零),故B项与题意不相符;C.从N点沿y轴正方向,电场强度的大小先减小后增大再逐渐减小,故C项与题意不相符;D.将一正点电荷从N点移到D点,电势能先增后减,所以,电场力先做负功后做正功,故D项与题意相符。9、BC【解析】

第一宇宙速度有三种说法:①它是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度,②它是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度,③它是卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度;在地面附近发射飞行器,如果速度大于7.9km/s,而小于11.2km/s,它绕地球飞行的轨迹就不是圆,而是椭圆,因此7.9km/s不是人造地球卫星环绕地球飞行的最大运行速度,大于此值也可以,只不过物体做的是椭圆轨道运动,7.9km/s是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度,也是卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度,BC正确,AD错误。故选BC。【点睛】注意第一宇宙速度有三种说法:①它是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度,②它是人造地球卫星在圆轨道上运行的最大速度,③它是卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度.10、AD【解析】

A.两手同时放开,两车组成的系统所受合外力为零,系统动量守恒,由于系统初动量为零,则系统总动量为零,故A正确;B.先放开左手,再放开右手,在放开两手的过程中,两车与弹簧组成的系统所受合外力不为零,系统动量不守恒;放开两手后,两车组成的系统所受合外力为零,系统动量守恒,故B错误;C.先放开左手,再放开右手,放开左手后系统所受合外力向左,系统所受合外力的冲量向左,系统总动量向左,故C错误;D.无论何时放手,两手放开后,系统所受合外力为零,系统动量守恒;但若是两手不是同时放开,则系统受合外力不为零,则系统的总动量不为零,故D正确;11、ACD【解析】

试题分析:根据动量定理,动量的变化等于合外力对物体的冲量,在这里物体受到的合外力就是重力,因此相等时间内,合外力的冲量相等,因此动量变化量相同,A正确;在向下运动的过程中,竖直速度越来越大,因此相同时间内重力做功越来越快,因此相等时间内动能变化时都会越来越快,B错误;动量对时间的变化率就是合外力,因此两物体落地时动量对时间的变化率相同,C正确;落地时,两个物体竖直速度相等,因此重力的功率相等,D正确.考点:动量定理,功率【名师点睛】此题是对动量定理功率概念的考查;解题的关键是理解动量定理和动能定理;要知道相等时间内动量的变化量等于合外力的冲量,动量的变化率等于合外力;求解重力的功率时应该注意是重力与竖直速度的乘积.12、AD【解析】

AB、当滑动变阻器的滑动触头向上滑动,其阻值变小,总电阻变小,根据闭合电路欧姆定律可知干路上的电流增大,根据可知路端电压减小,通过的电流减小,根据并联分压可知电流表示数增大,根据欧姆定律可知的两端电压增大,根据串联分压可知两端的电压减小,根据欧姆定律得知,所以不变;根据闭合电路欧姆定律得,则有,所以不变,故选项A正确,B错误;CD、根据电路可知路端电压减小,则有,由于,所以的增加量小于的减小量,故选项D正确,C错误。二、实验题(本题共16分,答案写在题中横线上)13、AC;1;;-10;-5【解析】(1)小球每次必须从斜槽上同一位置由静止释放,以保证每次的初速度相同,选项A正确;斜槽轨道没必要必须光滑,只要到达底端的速度相等即可,选项B错误;斜槽轨道末端必须水平,以保证小球做平抛运动,选项C正确;本实验必需的器材还有刻度尺,用来测量距离,但是不需要秒表,选项D错误;故选AC.(2)在竖直方向上有:△y=gT2,解得,

则平抛运动的初速度v0=m/s=1m/s.

(3)B点在竖直方向上的分速度vy=m/s=2m/s,

小球经过B点时的速度(4)则从抛出点运动到B点的时间t==0.2s,

则x=v0t=0.2m=20cm,y=gt2=×10×0.04m=0.2m=20cm;

所以小球抛出点的位置横坐标为10-20cm=-10cm,纵坐标为15-20cm=-5cm.点睛:掌握在实验中如何得到平抛运动轨迹及值得注意事项,同时学会用描点法获得图线的方法.解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律,结合运动学公式和推论灵活求解.14、AC乙BCCD【解析】

(1)[1]AB.实验过程单摆摆长应保持不变,应选择长约1m的细线作为摆线,摆线不能选择有弹性的橡皮绳,故A正确,B错误;CD.为减小实验误差,应选择密度大而体积小的球作为摆球,应选择直径约1cm的均匀铁球作为摆球,不要选用直径约10cm的均匀木球,故C正确,D错误;故选:AC;(2)[2]在该实验的过程中,悬点要固定,应采用图乙中所示的固定方式。(3)[3]A.摆线长度与摆球半径之和是单摆的摆长,故A错误;B.单摆在小角度下的运动为简谐运动,把单摆从平衡位置拉开一个很小的角度释放,使之做简谐运动,故B正确;C.为减小测量误差,在摆球经过平衡位置时开始计时,故C正确;D.为减小测量误差,应测出n个周期的总时间t,然后求出周期:,用单摆完成1次全振动所用时间并作为单摆的周期实验误差较大,故D错误;故选:BC;(4)[4]由单摆周期公式:,可知:T与成正比,T−图象是正比例函数图象,T−图象的斜率:,则重力加速度:;(5)[5]由单摆周期公式:得:;A.单摆在小角度下的摆到为简谐振动,开始摆动时振幅较小,单摆的振幅对重力加速度的测量没有影

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