2022年中考第一模拟考试卷05

2022年中考第一模拟考试卷（解析版）05初中物理（考试时间：90分钟试卷满分：100分）第Ⅰ卷选择题一．选择题（本题共16小题，每小题2分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的）1．（2022•咸宁模拟）女航天员王亚平在中国首个目标飞行器天宫一号上为青少年授课。下列说法正确的是（）A．王亚平讲课的声音是通过声波传回地球的 B．王亚平讲课的声音很大是因为她的声音频率很高 C．王亚平讲课发出的声音是由她的声带振动产生的 D．在太空讲话声带不振动也能发出声音【答案】C。【分析】（1）声音是由物体的振动产生的，声音的传播是需要介质的，它既可以在气体中传播，也可以在固体和液体中传播。（2）声音不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播；（3）声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大；音调的高低与发声体振动快慢有关，物体振动越快，音调越高。【解答】解：A、声音不能在真空中传播，因此王亚平讲课的声音是通过电磁波传回地球的，该选项说法不正确；B、王亚平讲课的声音很大，是指声音的响度大，是因为她声带振动的振幅大，该选项说法不正确；C、王亚平讲课发出的声音是由她的声带振动产生的，该选项说法正确；D、声音是由物体的振动产生的，在太空讲话声带不振动就不能发出声，该选项说法不正确。故选：C。2．（2022•祁阳县校级模拟）下列关于浮力的说法中，正确的是（）A．浮力是水产生的 B．只有液体才能产生浮力 C．在不同的液体中浮力的方向会不同 D．浮力的方向与重力的方向相反【答案】D。【分析】根据浮力的产生原因和阿基米德原理去分析；浮力是由于液体对物体的竖直向上和竖直向下的压力差产生的，方向总是与物体受到的竖直向上的压力方向一致。阿基米德原理告诉我们：浸在液体中的物体所受的浮力大小等于它排开的液体受到的重力。【解答】解：A、浮力产生的原因是液体对物体的压力差产生的，是物体浸入的液体产生的，物体不一定是浸入水中，其它的液体（如煤油、酒精灯）都可以。故该选项说法不正确。B、浸在气体中的物体也会受到浮力的作用，所以只有液体才能产生浮力的说法不正确；C、浮力是液体对物体的向上和向下的压力差，方向总是与物体受到的竖直向上的压力方向一致，浮力方向不会变化，则该选项中说法不正确。D、浮力是液体对物体的向上和向下的压力差，方向与物体受到的向上的压力方向一致，总是竖直向上的，这与竖直向下的重力方向相反。则该选项说法正确。故选：D。3．（2022•南海区校级模拟）如图所示是粤北某天天气预报的信息图片，关于图片中信息的解释正确的是（）A．雪的形成过程中放出热量 B．雨的形成是汽化现象 C．雨夹雪时气温一定是0℃以下 D．当天夜里的温度最高可达5℃【答案】A。【分析】（1）物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，凝华放热；物质由气态变为液态的过程叫液化。（2）根据图中的温度信息，可判断当时的气温情况。【解答】解：A、雪的形成过程是凝华现象，凝华时放出热量，故A正确；B、雨的形成是液化现象，故B错误；C、雨夹雪时气温不一定是0℃以下，故C错误；D、当天夜里的温度最高达不到5℃，最高温一般出现在白天，故D错误。故选：A。4．（2021•广西模拟）小秋同学和妈妈去菜市场买菜，小秋用菜篮子把菜拎回家的路上，她感觉到手受到一个向下的作用力，这个力的施力物体是（）A．地球 B．菜 C．菜篮子 D．小秋【答案】C。【分析】力是物体对物体的作用，发生力的作用时，至少要有两个物体，其中受到力的作用的物体叫受力物体，对别的物体施加了力的物体叫施力物体。【解答】解：小秋同学也感觉到手受到一个向下力的作用，则这个力的施力物体是菜篮子，菜篮子对手施加向下的拉力。故ABD错误，C正确。故选：C。5．（2022•泾阳县模拟）第24届冬奥会将于2022年2月在中国举行．高山滑雪项目是冬奥会的比赛项目之一，若某运动员在该项目测试赛过程中运动的轨迹（a→b→c→d→e）如图所示，不计空气阻力，则下列说法中错误的是（）A．运动员从a点下滑到b点过程中，动能增加 B．运动员从b点运动到c点过程中，重力势能增加 C．运动员在c点的机械能等于d点的机械能 D．运动员在a点的重力势能等于c点的重力势能【答案】D。【分析】机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关；在分析动能和重力势能之间的转化过程中，机械能的变化情况时，要搞清题目提供的条件或环境，此题的条件是：①不计空气阻力；②滑雪板与雪之间存在摩擦。【解答】解：A、从a点下滑到b点过程中，质量不变，速度增大，动能增大，故A正确；B、从b点运动到c点过程中，质量不变，高度增加，重力势能增大，故B正确；C、从c点下落到d点过程中，运动员处于腾空状态，在不计空气阻力的情况下，机械能保持不变，故C正确；D、a、c两点高度不同，重力势能不同，故D不正确；故选：D。6．（2022•福州一模）如图所示为静电喷涂示意图。从喷嘴喷出的带负电涂料颗粒会形成分散的雾状，扑向并吸附在带正电的工件表面成为均匀的膜层。下列说法错误的是（）A．涂料颗粒因为得到电子而带负电 B．涂料颗粒和工件由于异种电荷相互吸引C．涂料颗粒散开是由于同种电荷相互排斥 D．喷涂时形成的电流方向是从喷嘴到工件【答案】D。【分析】（1）摩擦起电的实质是电子的转移，得到电子带负电，失去电子带正电；（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（3）正电荷定向移动的方向为电流的方向。【解答】解：A、涂料颗粒带负电是因为失去了电子，故A正确；B、涂料颗粒和工件由于异种电荷相互吸引，故B正确；C、涂料颗粒散开是由于同种电荷相互排斥，故C正确；D、喷嘴喷出的涂料颗粒带负电，工件带正电，喷涂时正负电荷中和，负电荷从喷嘴向工件移动，电流的方向是从工件到喷嘴，故D错误。故选：D。7．（2022•云南模拟）舂米就是把打下的稻谷去壳的过程，舂出来的壳就是米糠，剩下的米粒就是我们吃的白米。如图所示是舂米工具的结构示意图，其中O为固定转轴，A处连接着石球。脚在踏杆的B处施力，使石球升B高，脚拾起后石球会落下去击打稻谷。石球重为60N，不计摩擦和杆重。以下说法正确的是（）A．此时舂米工具是费力杠杆 B．脚竖直向下至少用力24N，才能将石球抬起 C．脚沿与杆垂直方向用力时，该力的力臂为1.4m D．如果考虑杆重的话，脚会更费力【答案】B。【分析】（1）从支点到重力作用线的距离是动力臂；根据动力臂和阻力臂的大小判断杠杆类型。（2）从图可知动力臂和阻力臂，根据杠杆的平衡条件可求脚竖直向下的力。（3）根据杆的重心的位置分析是否费力。【解答】解：A、由图可知，舂米工具在使用的过程中，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故A错误；B、当脚竖直向下用力时，如图所示动力臂为OC，阻力臂为OD，如图所示：；F2•OC＝G•OD，F2•OB•cosθ＝G•OA•cosθ，所以：F2•OB＝G•OA，F2×1m＝60N×0.4m，解得F2＝24N，故脚竖直向下用力F2为至少为24N，故B正确；C、不计摩擦和杆重，图中O为支点，脚沿与杆垂直方向用力F1时，力臂OB最长，OB＝1.4m﹣0.4m＝1m，故C错误；D、由图可知，杆的重心与脚的位置在支点的同一侧，根据杠杆的平衡条件可知：F2•OC+G杆×L杆＝G•OD，所以如果考虑杆重的话，脚会更省力，故D错误。故选：B。8．（2022•河南模拟）如图所示为直流电动机的两个不同时刻的工作原理图，下列分析不正确的是（）A．导线ab中的电流在这两个时刻方向不同 B．导线ab在这两个时刻受到的磁力方向不同 C．甲、乙两图中的线圈在转动时不能产生感应电流 D．由上往下看，线圈中电流均为顺时针方向【答案】C。【分析】电动机是根据通电导体在磁场中受力的原理制成的，导体受力的方向与磁场的方向和电流的方向有关，据此可结合图示做出判断。闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中就会产生感应电流。【解答】解：甲图中导线ab的电流方向是由b到a，乙图中导线ab的电流方向是由a到b，电流方向不同，受力方向也不同；由于电路中接入了换向器，由上往下看，线圈中电流均为顺时针方向；甲、乙两图中的线圈在转动时，相当于闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，能产生感应电流；综上所述，C错误，ABD正确。故选：C。9．（2019•房山区一模）下列能源中，属于可再生能源的是（）A．太阳能 B．核能 C．煤炭 D．石油【答案】A。【分析】可以从自然界直接获取的能源，如：太阳能、风能、水能、化石能源等；可以从自然界源源不断得到补充的能源叫可再生能源，如：风能、水能、生物质能、太阳能；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源，如：煤、石油、天然气。【解答】解：A、太阳能可以从自然界源源不断的得到，是可再生能源，故A正确；B、核能短期内不能从自然界得到补充，是不可再生能源，故B错误；C、煤炭不能短期内从自然界得到补充的，是不可再生能源，故C错误；D、石油不能短期内从自然界得到补充的，是不可再生能源，故D错误。故选：A。10．（2022•重庆模拟）下列有关光的色散的说法中，正确的是（）A．植物的叶子是绿色的，说明植物的光合作用主要是利用太阳光谱中的绿色光 B．课室里的紫外线消毒灯在工作时，发出紫色的光，说明紫外线是紫色的 C．太阳光是无色的，这说明太阳光是单色光 D．一个物体，当它的温度升高时，这个物体辐射的红外线就会增强大【答案】D。【分析】（1）不透明的物体的颜色是由其反射的色光决定的；（2）紫外线的化学效应强，紫外线是看不见的；（3）太阳光可以通过棱镜分散为七种色光，说明它是七种色光混合形成的，是混合光；（4）红外线具有热效应。【解答】解：A、植物的叶子是绿色的，说明植物的光合作用主要是利用太阳光谱中的绿色光之外的光，故A错误；B、紫外线消毒灯在工作时，紫外线是看不见的，故B错误；C、太阳光通过棱镜后被分散为各种颜色的光，这种现象叫光的色散，说明了白光是由多种色光混合而成的，故C错误；D、一个物体温度升高时，物体辐射的红外线就会增强，故D正确。故选：D。11．（2022•渝水区校级模拟）下列物态变化现象中，说法正确的是（）A．衣箱中的樟脑丸一段时间后变小甚至消失，这是汽化现象 B．被水蒸气烫伤比沸水烫伤更厉害，是因为水蒸气液化时要放热 C．在饮料中加冰块比加冰水的冰镇效果更好，是因为冰块液化成水的过程中吸热 D．手部消毒可以用酒精喷在手上，感到凉爽是因为酒精升华吸热【答案】B。【分析】从六种物态变化定义进行判断：（1）物质从固态变为液态是熔化现象，熔化吸收热量；物质从液态变为固态是凝固现象，凝固放出热量；（2）物质从液态变为气态是汽化现象，汽化吸收热量；物质从气态变为液态是液化现象，液化放出热量；（3）物质从固态直接变为气态是升华现象，升华吸收热量；物质从气态直接变为固态是凝华现象，凝华放出热量。【解答】解：A、衣柜里的樟脑丸过一段时间变小了，这是樟脑丸由固态直接变为了气态，属于升华现象，故A错误；B、水蒸气液化为同温度的水时，要放出大量的热，所以被水蒸气烫伤比沸水烫伤更严重，故B正确；C、冷却物体时，用0℃的冰和0℃水的效果不一样，0℃的冰冷却效果更好，因为冰熔化成水的过程要吸热，故C错误；D、手部消毒可以用酒精喷在手上，感到凉爽是因为酒精汽化吸热，故D错误。故选：B。12．（2022•南海区校级模拟）王娟同学坐车途中观察到一些现象，依据你的物理知识做出的判断，错误的是（）A．看到窗外的树木向后退，是以车为参照物 B．路边装有测速摄像头，成像原理与照相机相同 C．车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速大，压强小 D．街头路口的反光镜能起到扩大视野的作用，它是面积很大的平面镜【答案】B。【分析】（1）被研究的物体和选定为参照物的物体之间发生位置变化，被研究的物体是运动的，否则是静止的。（2）u＞2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，2f＞v＞f，应用于照相机和摄像头。（3）气体和液体都属于流体，在流体中，流速大的地方压强小，流速小的地方压强大。（4）用球的外面做反射面是凸面镜，凸面镜对光线有发散作用。汽车的观后镜是利用凸面镜，成正立的、缩小的虚像，增大观察范围。【解答】解：A、坐在行驶的汽车里，由于乘客随汽车一起向前运动，所以路边的树木相对于汽车是向后运动，因此他是以汽车为参照物的，故A正确；B、摄像头的镜头相当于凸透镜，u＞2f时，凸透镜成倒立缩小的实像，成像原理与照相机相同，故B正确；C、看到车上窗帘往外飘，是因为车外空气流速快压强小，故C正确；D、凸面镜对光线有发散的作用，应用在汽车的观后镜上和街头路口的反光镜，凸面镜成正立、缩小的虚像，故D错误。故选：B。13．（2022•南海区校级模拟）如图所示是a、b两种物质的质量与体积关系图，分别用a、b两种物质制成两个规则的体积相同的实心长方体甲和乙，并将甲、乙两物块用细线捆在一起放入水中，则捆绑后的物体在水中（）A．漂浮 B．悬浮 C．沉底 D．无法判断【答案】C。【分析】根据图像由公式ρ＝得出物体之间的密度关系，表示出甲、乙两物体捆绑时的总重力，求出平均密度；根据物体的浮沉条件分析浮沉情况。【解答】解：由ρ＝和图象可知甲物体的密度：ρa＝2g/cm3＝2×103kg/m3，乙物体的密度：ρb＝＝0.5g/cm3＝0.5×103kg/m3；水的密度为：ρ水＝1.0g/cm3＝1.0×103kg/m3；当将体积相等的甲、乙捆在一起后，设每一个的体积为V，则两物体的总重力为：G＝ρagV+ρbgV＝2×103kg/m3×gV+2×103kg/m3×gV＝2.5×103kg/m3×gV；捆绑后的物体浸没水中所受浮力：F浮＝ρ水g2V＝1.0×103kg/m3×g×2V＝2.0×103kg/m3×gV；则G＞F浮，故两物体会沉入水底，故选：C。14．（2022•颍州区校级一模）在学校秋季运动会上，进行百米赛跑。站在终点的计时员，如果看到冒烟开始计时，运动员到达终点时秒表的读数为10.59秒，如果计时员听到枪声才开始计时，则运动员跑完百米的时间会记为（）A．10.88秒 B．10.59秒 C．10.30秒 D．10.18秒【答案】C。【分析】要知道运动员和发令枪都在起点，而计时员是在终点。当发令枪一响，运动员会比计时员先听到枪声，运动员起跑以后，稍后一会，计时员才会听到枪声，所以计时员少记了一些时间。【解答】解：声音从起点传到终点的时间：t＝≈0.29s，所以如果计时员听到枪声才开始计时，计时员比运动员听到枪声晚0.29s，所以计时员给运动员的成绩少计时0.29s。所以运动员跑完百米的时间应为10.59s﹣0.29s＝10.30s。故选：C。15．（2022•沙坪坝区校级模拟）如图所示是谷爱凌在自由式滑雪大跳台中的精彩表现，下列说法正确的是（）A．选手从静止开始下滑，说明力是维持物体运动状态的原因 B．选手在空中完成旋转动作时重力消失 C．选手落地后还要继续滑行一段距离是因为选手具有惯性 D．选手站立时，滑板对雪地的压力和雪地对滑板的支持力是一对平衡力【答案】C。【分析】（1）力是改变物体运动状态的原因，运动不需要力来维持；（2）地球附近的一切物体都受到重力的作用；（3）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性；（4）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上，作用在同一条直线上。【解答】解：A、选手从静止开始下滑，是因为受到重力的作用运动状态发生了变化，说明力是改变物体运动状态的原因，故A错误；B、选手在空中完成旋转动作时仍然受到重力的作用，重力不会消失，故B错误；C、选手落地后还要继续滑行一段距离是因为选手具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故C正确；D、选手站立时，滑板对雪地的压力和雪地对滑板的支持力是作用在不同物体上的两个力，不是一对平衡力，故D错误。故选：C。16．（2021•自贡模拟）如图所示，是用滑动变阻器调节灯泡亮度的几种方案，你认为可能达到目的方案是（）A． B． C． D．【答案】C。【分析】灯泡和滑动变阻器串联在电路中，移动滑片，改变连入电路的电阻，改变电路中灯泡的电流，能调节灯泡的亮度。灯泡和滑动变阻器并联时，移动滑片，不能改变灯泡的电流，不能调节灯泡的亮度。【解答】解：A、如图，灯泡和滑动变阻器的下半段被导线短路，灯泡不亮，滑动变阻器更不能调节灯泡的亮度。A不符合题意。B、滑动变阻器的上半段被短路，灯泡和滑动变阻器的下半段是并联的，灯泡两端电压始终等于电源电压，所以滑动变阻器不能改变灯泡的亮度。B不符合题意。C、滑动变阻器和灯泡是串联的，移动滑动变阻器的滑片，改变电路中的电阻，改变电路中的电流，改变灯泡的亮度。C符合题意。D、灯泡和滑动变阻器都被导线短路，灯泡不能发光，滑动变阻器更不能调节灯泡的亮度。D不符合题意。故选：C。第Ⅱ卷非选择题二．填空题（本题共6小题，每空1分，共12分）17．（2022•渝水区校级模拟）寒冬，小轿车里常开空调取暖，前面挡风玻璃上会出现一层“雾气”，影响司机观察前方路况，“雾气”出现在挡风玻璃窗的（选填“内侧”、“外侧”、“内、外侧”）；打开“除雾”装置，挡风玻璃上“雾气”消失又变清晰了，这是现象。（填“物态变化”名称）【答案】内侧；汽化。【分析】物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。【解答】解：寒冷的清晨，发现汽车的前窗玻璃蒙上一层雾气，是车内温度较高的水蒸气遇到温度低的玻璃，在其内表面液化为小水滴。打开空调，玻璃上雾气消失了，是小水珠汽化为水蒸气。故答案为：内侧；汽化。18．（2021秋•沧州期末）量筒中有50ml的水，把质量为565g的某种金属块全部浸没在量筒内的水中，水面处刻度恰好是100ml，那么金属块的体积是cm3，此金属的密度是g/cm3。【答案】50;11.3。【分析】金属块的体积可用上涨之后的体积减去量筒中原有水的体积求得，然后利用公式ρ＝求得密度。【解答】解：V＝V2﹣V1＝100ml﹣50ml＝50ml＝50cm3，＝＝11.3g/cm3故答案为：50;11.319．（2022•礼县模拟）如图所示，公共汽车公司为了保证人们上下车时的安全，在无人售票车上安装了“车载监控器”，图中摄像头的工作原理相当于透镜，所成的像是缩小的（选填“正立”或“倒立”）的实像。【答案】凸；倒立。【分析】（1）摄像头是利用凸透镜成像的规律制成的，摄像头的镜头是一个凸透镜。（2）掌握凸透镜成像的三种情况和应用。U＞2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。2f＞U＞f，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。U＜f，成倒正立、放大的虚像，应用于放大镜。【解答】解：摄像头相当于一个凸透镜，其成像的原理是：当物距大于二倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像。故答案为：凸；倒立。20．（2022•温江区模拟）生物“冰”是一种冰块的升级替代产品，主要成分为高分子聚合物和吸水树脂，可用于长距离冷藏运输，使物品保持其低温状态。生物“冰”的“保温”效果更好，是因为其比热容和冰相比更。生物“冰”还可用于高烧降温退热，消炎止痛，冷敷美容，这些是通过的方式改变物体的内能。【答案】大；热传递。【分析】（1）生物“冰”的比热容大，在相同条件下，放出相同的热量，温度降低的少，所以保温效果好；（2）改变物体内能的两种方式做功和热传递。【解答】解（1）生物“冰”的“保温”效果更好，是因为其比热容和冰相比更大；（2）生物“冰”还可用于高烧降温退热，消炎止痛，冷敷美容，这些是通过热传递的方式改变物体的内能。故答案为：大；热传递。21．（2022•南通模拟）甲、乙两辆汽车在同一段平直的公路上一起向东行驶，当甲、乙两车通过的路程之比是6：5时，它们行驶所花费的时间之比是4：3，则甲、乙两车运动速度之比是；若以乙车为参照物，甲车向行驶。【答案】9：10；西。【分析】（1）已知两辆汽车通过的路程之比和时间之比，利用速度公式v＝得到运动速度之比。（2）若选取平时我们看上去是运动的物体为参照物时，那么我们可以先假设这个参照物是静止的，然后在判断被研究物体相对于该参照物的运动情况时，我们既要考虑到被研究物体与参照物之间的速度大小关系，还应该考虑到运动方向的关系，以此做出正确的判断。【解答】解：（1）因为v＝，所以，汽车运动速度之比为：＝＝×＝×＝9：10；（2）由（1）知，v甲＜v乙，甲、乙两辆汽车在同一段平直的公路上一起向东行驶，故若以乙车为参照物，甲车向西行驶。故答案为：9：10；西。22．（2021•旌阳区模拟）将一物块A轻轻放入盛满水的大烧杯中，A静止后，有144g的水溢出；再将其轻轻放入盛满酒精的大烧杯中，A静止后，有128g的酒精溢出。则A在水中静止时受到的浮力为N，A物块的密度是kg/m3。（ρ水＝1.0×103kg/m3，ρ酒精＝0.8×103kg/m3，g取10N/kg）【答案】1.44；0.9×103。【分析】根据阿基米德原理求出物块分别在水中和酒精中受到的浮力，然后比较浮力的关系即可确定物块的浮沉情况，然后利用密度公式求解密度。【解答】解：该物块放在水中时，受到的浮力：F浮＝G排＝m排g＝0.144kg×10N/kg＝1.44N；该物块放在酒精中时，受到的浮力：F浮′＝G排′＝m排′g＝0.128kg×10N/kg＝1.28N；通过上面的计算可得，物体在酒精中受到的浮力小于物块在水中所受的浮力，而物块的重力不变，因此物块放入酒精中是下沉，则根据F浮＝ρ液gV排得，物块A的体积：VA＝V排酒精＝＝＝1.6×10﹣4m3，排开水的体积V排水＝＝＝1.44×10﹣4m3；因为排开水的体积小于物块A的体积，所以物块在水中漂浮。因为漂浮，所以物块的重力等于浮力（排开水的重力），则mA＝m排水＝144g＝0.144kg，所以，物块A的密度：ρA＝＝＝0.9×103kg/m3。故答案为：1.44；0.9×103。三．作图题（本题共2小题,每小题3分，共6分）23．（2022•贵阳模拟）在如图中作出从发光点S发出的光线SA经厚玻璃板两个表面折射后大致的光路图，并标出小红观察到的发光点的位置S′。【分析】光线通过玻璃砖在两个表面发生两次折射：第一次从空气斜射进入玻璃砖，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角；第二次从玻璃砖斜射进入空气，折射光线远离法线偏折，折射角大于入射角。【解答】解：从S发出的光线垂直照射到玻璃砖上时，光线的传播方向不变，折射光线会水平向左射出；光线SA斜射到玻璃砖右表面时会发生折射，折射光线靠近法线；经过玻璃砖左表面折射后，折射光线会远离法线；从玻璃砖左侧射出的两条光线进入人的眼睛，人的眼睛逆着折射光线看去，两条折射光线的反向延长线的交点为像点S'，如图所示：。24．（2022•广东模拟）按题目要求作图：请在图中用笔画线代替导线将电灯、开关和插座正确接入家庭电路。【分析】（1）灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上。这样在断开开关能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。既能控制灯泡，又能更安全。（2）三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。【解答】解：（1）灯泡接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上。（2）三孔插座的接法：上孔接地线、左孔接零线、右孔接火线。如图所示：四．实验题（本题共3小题，每空1分，共19分）25．（2022•鹿邑县校级模拟）为了探究小车在斜面上的运动情况，小明用如图所示的装置分别测量了小车运动全程、上半段及下半段的平均速度。（1）实验中需用到的测量仪器有刻度尺、。（2）将长木板的一端用木块垫起，形成一个坡度较（选填“大”或“小”）的斜面，目的是。（3）小明按如下步骤进行实验：①把小车放在斜面顶端，记录该位置为A，金属片固定在斜面底端，测出车头到金属片的距离s1和小车从斜面顶端由静止滑下到撞击金属片的时间t1；②将金属片移至斜面的中部固定，再把小车放在斜面顶端A处，测出车头到金属片的距离s2和小车从斜面顶端由静止滑下到撞击金属片的时间t2；③将测量数据代入公式，分别计算出小车通过斜面全程的平均速度v1和小车通过斜面上半段的平均速度v2；④计算小车通过斜面下半段的平均速度v3，v3＝（用s1、t1、s2、t2表示）。（4）若在上述步骤②中，小明释放小车时轻推了一下小车，其他操作均正确，对v1、v2、v3的测量结果的影响是。【答案】（1）秒表；（2）小；使小车在斜面上运动的时间较长，便于准确测量时间（意思对即可）（3）v＝；④；（4）v1无影响，v2偏大，v3偏小。【分析】（1）由实验的原理是：v＝知：需要测量的是路程和时间，根据路程和时间的测量工具解题；（2）若要计时方便，应使所用的时间长些；（3）先根据速度公式v＝分别求出小车运动全程和上半程的平均速度；再利用数学知识求出小车运动下半程的路程和时间，最后根据速度公式v＝求出小车通过下半程的平均速度；（4）在步骤②中释放小车时轻推了一下小车，小车不是由静止开始运动，将导致小车经过上半程的时间偏小，由此根据速度公式v＝判断对v1、v2、v3的测量结果的影响。【解答】解：（1）为测量平均速度，需要用刻度尺测量小车运动的路程，用秒表测量小车运动的时间；（2）实验时应使斜面的坡度较小，小车能在斜面上运动更长的时间，可以减小时间测量值的误差；（3）已知小车运动全程和上半程的路程以及各自的运动时间，将数据代入公式v＝即可分别求出小车运动全程和上半程的平均速度；小车运动下半程的路程为s1﹣s2，所用时间为t1﹣t2，则小车通过下半程的平均速度为；（4）步骤①未改变，因此不受影响；步骤②中释放小车时轻推了一下小车，小车不是由静止开始运动，将导致小车经过上半程的时间t2偏小，故将会偏大，v3＝将会偏小.答案：（1）秒表；（2）小；使小车在斜面上运动的时间较长，便于准确测量时间（意思对即可）（3）v＝；④；（4）v1无影响，v2偏大，v3偏小。26．（2017秋•泸县期末）小明在测量一块实心复合材料的密度实验中。（1）将托盘天平放在水平桌面上，将游码移至处，发现指针静止时指在分度盘中线的左侧，如图甲所示，则应将平衡螺母向（填“左”或“右”）调节，使横梁平衡。（2）用调好的天平测量该物块的质量时，当在右盘放入最小的砝码后，指针偏在分度盘中线左侧一点，则应该（填选项前的字母）。当天平重新平衡时，盘中所加砝码和游码位置如图乙所示，则所测物块的质量为g。A．向右调平衡螺母B．向右盘中加砝码C．向右移动游码（3）因复合材料的密度小于水，小明在该物块下方悬挂一铁块，按照如图丙所示①②③顺序，测出了该物块的体积，则这种材料的密度是kg/m3。（4）分析以上步骤，你认为小明在测体积时的操作顺序会引起密度测量值比真实值（填“偏大”“不变”或“偏小”）。【答案】（1）零刻线；右；（2）C；16.4；（3）0.82×103；（4）偏小。【分析】（1）使用天平测量物体质量之前要进行调平，调节平衡螺母，平衡螺母相对于指针的调节规律是“左偏右调，右偏左调”；（2）在测量前的调平用平衡螺母，在测量过程中的调平，应该用游码或砝码，据此题中的条件分析即可判断；在天平读数时，被测物体的质量＝砝码的质量+游码的示数；（3）据丙图中②③可以计算出该材料的体积，而后再据质量和体积计算出密度即可；（4）由于测量过程中，复合材料上面会沾有一些水，故使得测量的体积偏大，据密度公式分析密度变化。【解答】解：（1）将托盘天平放在水平桌面上，将游码移至零刻线处，指针偏左，平衡螺母向右调节，使横梁平衡；（2）用调好的天平测量该物块的质量时，当在右盘放入最小的砝码后，指针偏在分度盘中线左侧一点，即说明此时右盘所放的砝码的质量较小，故应该像右调节游码，使得天平再次平衡；据图可知，此时天平标尺的分度值是0.2g，故此时待测物体的质量是：m＝10g+5g+1.4g＝16.4g；（3）据丙图中的②可知，此时的体积为60mL，据丙图中的③可知，此时的体积为40mL，故复合材料的体积是：V＝60cm3﹣40cm3＝20cm3；故该材料的密度是：ρ＝＝＝0.82g/cm3＝0.82×103kg/m3；（4）由于测量过程中，复合材料上面会沾有一些水，故使得测量的体积偏大，据密度公式ρ＝可知，密度偏小。故答案为：（1）零刻线；右；（2）C；16.4；（3）0.82×103；（4）偏小。27．（2022•宽城区校级模拟）现有下列器材：学生电源（恒为6V），电流表（0～0.6A，0～3A）、电压表（0～3V，0～15V）、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω各1个）、开关、滑动变阻器和导线若干，利用这些器材探究“电流与电阻的关系”。（1）连接电路时，开关应该（选填“断开”或“闭合”）；（2）闭合开关前，滑动变阻器滑片P应该位于端（选填“左”或“右”）；（3）该实验中滑动变阻器的作用除了保护电路外，还有；（4）实验中依次接入三个定值电阻，正确操作后，记下电流表的示数，得到如图乙所示的电流I随电阻R变化的图像，由图像可以得出结论：；（5）上述实验中，小明用5Ω的电阻做完实验后，接着把R换成10Ω的电阻接入电路，闭合开关，向（选填“左”或“右”）移动滑片，使电压表示数为时，读出电流表的示数；（6）为完成整个实验，应该选取哪种规格的滑动变阻器。A.20Ω1.0AB.30Ω1.0AC.50Ω1.0A【答案】（1）断开；（2）左；（3）控制电阻两端的电压不变；（4）电压一定时，电流与电阻成反比；（5）左；2V；（6）C。【分析】（1）为保护电路，连接电路时，开关应该断开；（2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应位于阻值最大处；（3）在探究电流与电阻的关系时，应该控制电压一定；（4）电阻两端的电压始终为一定值分析；（5）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；（6）根据欧姆定律求出电压表示数，探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入20Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻。【解答】解：（1）连接电路时，为保护电路，开关应该断开；（2）为了保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应位于阻值最大处，即最左端；（3）研究电流与电阻的关系时，需移动滑动变阻器来控制定值电阻的电压相同，所以滑动变阻器的作用是控制电阻两端的电压不变；（4）结合图乙可得出的结论是：电压一定时，电流与电阻成反比；（5）研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，由丙图可知，电阻两端的电压始终保持U＝IR＝0.1A×20Ω＝﹣﹣﹣﹣﹣0.4A×5Ω＝2V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；要保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由串联分压原理可知，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2V；（6）根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝6V﹣2V＝4V，变阻器分得的电压为电压表示数的＝2倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑＝2×20Ω＝40Ω，故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少40Ω的滑动变阻器，故C符合题意；故选：C。故答案为：（1）断开；（2）左；（3）控制电阻两端的电压不变；（4）电压一定时，电流与电阻成反比；（5）左；2V；（6）C。五．计算题（本题共3小题，共31分）28．（2022•南平模拟）如图，电源电压保持不变，小灯泡L标有“4V2W”字样，不考虑灯丝电阻的变化，滑动变阻器标有“20Ω1A”字样。R0的阻值为9Ω，电流表的量程为0～3A。当S闭合，S1、S2断开，滑片P滑到中点时，小灯泡恰好正常发光。求：（1）小灯泡正常发光时的电流。（2）电源电压。（3）在保证电路安全的前提下，电路消耗的最大功率。【分析】（1）根据P＝UI求出灯的额定电流；（2）根据欧姆定律求出灯泡的电阻；当S闭合，S1、S2断开，滑片P滑到中点时，灯泡L与变阻器串联，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电源的电压；（3）根据电流表的量程和滑动变阻器的最大电流得出电路的最大电流，由P＝UI求出电路的最大功率。【解答】解：（1）由P＝UI可得，小灯泡正常工作时的电流：IL＝＝＝0.5A；（2）由I＝可得，灯泡的电阻：RL＝＝＝8Ω，当S闭合，S1、S2断开，滑片P滑到中点时，L与R串联，电流表测电路中的电流，因小灯泡恰好正常发光，故电路的电流为0.5A，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以电源的电压：U＝IL（RL+R）＝0.5A×（8Ω+×20Ω）＝9V；（2）当所有开关都闭合时，定值电阻R0与滑动变阻器R并联，电流表测量干路电流；通过R0的电流：I0＝＝＝1A，当滑动变阻器接入电路中的电阻最