上海市2024年高考化学模拟试题（含答案）8

上海市2024年高考化学模拟试题姓名：__________班级：__________考号：__________题号一二总分评分一、单选题1．中华文化源远流长，为人类文明的发展做出了巨大贡献。下列上海博物馆的镇馆之宝中，主要由合金材料制成的是A．大克鼎B．朱克柔缂丝图C．苦笋帖D．清景德镇瓶2．元素周期表的第四周期为长周期，该周期中的副族元素共有A．32种 B．18种 C．10种 D．7种3．《天工开物》中对“海水盐”有如下描述：“凡煎盐锅古谓之牢盆，……其下列灶燃薪，多者十二三眼，少者七八眼，共煎此盘，……火燃釜底，滚沸延及成盐。”文中没有涉及到的操作是A．加热 B．过滤 C．蒸发 D．结晶4．下列气体的制备和性质实验中，由现象得出的结论错误的是（）选项试剂试纸或试液现象结论A浓氨水、生石灰红色石蕊试纸变蓝NH3为碱性气体B浓盐酸、浓硫酸pH试纸变红HCl为酸性气体C浓盐酸、二氧化锰淀粉碘化钾试液变蓝Cl2具有氧化性D亚硫酸钠、硫酸品红试液褪色SO2具有还原性A．A B．B C．C D．D5．在“石蜡→石蜡油→石蜡气体→裂化气”的变化过程中，被破坏的作用力依次是A．范德华力、范德华力、范德华力B．共价键、共价键、共价键C．范德华力、共价键、共价键D．范德华力、范德华力、共价键6．下列有关物质性质的比较，结论正确的是A．溶解度：Na2CO3＜NaHCO3 B．热稳定性：HCl＜PH3C．沸点：C2H6＜C4H10 D．碱性：LiOH＜Be(OH)27．下列金属冶炼的反应原理，不恰当的是。A．2NaCl(熔融)电解B．MgO+C．2AD．F8．如图是四种常见有机物的比例模型示意图。下列说法正确的是（）A．甲能使酸性高锰酸钾溶液褪色B．乙可与溴水发生取代反应使溴水褪色C．丙中的碳碳键是介于碳碳单键和碳碳双键之间的独特的键D．丁在稀硫酸作用下可与乙酸发生取代反应9．下列各项物质使用一种试剂就能鉴别出来的是A．苯、甲苯、己烯 B．己烯、汽油、苯C．甲苯、己烯、四氯化碳 D．苯、甲苯、二甲苯10．反应A(g)+B(g)⇌C(g)+D(g)+Q发生过程中能量变化如图。下列说法正确的是A．反应体系中加入催化剂，反应速率增大，E1减小，E2增大B．反应体系中加入催化剂，反应速率增大，Q增大C．Q＜0，反应达到平衡时，升高温度，A的转化率减少D．Q＞0，反应达到平衡时，增大压强，A的转化率不变11．食盐中的KIO3常用作补碘剂，通过碘单质和氯酸钾反应制备，该方法的第一步反应为A．产生22.4LCl2B．反应中氧化剂和还原剂的物质的量之比为6C．KH(ID．KClO12．苹果酸环二酯(OP)的结构简式如图所示，下列相关说法错误的是（）A．OP不能使酸性高锰酸钾溶液褪色B．OP能在NaOH溶液中发生水解反应C．OP能使Br2的CCl4溶液褪色D．OP能与Na2CO3溶液发生反应13．常温下，下列各组离子在给定溶液中能大量共存的是（）A．pH=1的溶液：Fe2+、Mg2+、SO42-B．pH=12的溶液：K+、Na+、NO3-C．pH=7的溶液：Na+、Cu2+、S2-、Cl-D．pH=7的溶液：Al3+、K+、Cl-、HCO14．球形干燥管是中学化学常用的一种玻璃仪器。下列有关球形干燥管的创新用途，错误的是选项ABCD装置用途用于尾气处理，防倒吸用于铜丝与Cl2反应，防污染简易的天然水净化过滤器用Na2CO3固体与稀硫酸反应制备CO2气体，可随制随停A．A B．B C．C D．D15．硫及其化合物的“价—类”二维图体现了化学变化之美。下列有关说法正确的是A．硫在氧气中燃烧直接生成YB．Z与Cu反应，体现了Z的酸性和强氧化性C．硫化氢与X反应的氧化产物和还原产物的物质的量之比为1：2D．N可由其相应单质直接化合生成16．1－丁醇、溴化钠和70%的硫酸共热反应，经过回流、蒸馏、萃取分液制得1－溴丁烷粗产品，装置如图所示：已知：CH3(CH2)3OH+NaBr+H2SO4→∆CH3(CH2)3Br+NaHSO4+H2A．装置I中回流的目的是为了减少物质的挥发，提高产率B．装置II中a为进水口，b为出水口C．用装置III萃取分液时，将分层的液体依次从下放出D．蒸馏、过滤、分液、洗气四种分离物质的方法，均不可能发生化学变化17．如图装置可以模拟铁的电化学防护，下列说法错误的是A．若X为锌棒，开关K置于M处时，铁电极反应为：2H++2e-=H2↑B．若X为锌棒，开关K置于M或N处均可减缓铁的腐蚀C．若X为炭棒，开关K置于N处时，铁电极反应2H++2e-=H2↑D．若X为炭棒，开关K置于N处可以减缓铁的腐蚀18．我国化学家侯德榜创立了著名的“侯氏制碱法”(流程简图如图所示)，促进了世界制碱技术的发展.下列有关说法正确的是（）A．沉淀池中的反应物共含有五种元素B．过滤得到的“母液”中一定只含有两种溶质C．图中X可能是氨气D．通入氨气的作用是使溶液呈碱性，促进二氧化碳的吸收，更多地析出沉淀19．常温下，用0.1000mol·L−1NaOH溶液滴定20.00mL0.1000mol·L−1CA．点①所示溶液中：c(CB．点②所示溶液中：c(NC．点③所示溶液中：c(ND．滴定过程中可能出现：c(C20．将一定量的SO2(g)和O2(g)分别通入体积为2L的恒容密闭容器中，在不同温度下进行反应：2SO2(g)+O2(g)2SO3（g）△H<0。得到如表中的两组数据：实验编号温度/℃平衡常数/mol-1·L起始量/mol平衡量/mol达到平衡所需时间/minSO2O2SO2O21T1K142x0.862T2K2420.4yt下列说法错误的是A．实验1在前6min的平均反应速率υ(SO2)=0.2mol·L-1·min-1B．T1、T2的关系：T1＞T2C．K1、K2的关系：K2＞K1D．x=1.6，y=0.2，t<6二、非选择题21．氢氧化钠溶液处理铝土矿并过滤，得到含铝酸钠的溶液。向该溶液中通入二氯化碳，有下列反应：2Na[Al(OH)4]+CO2→2Al(OH)3↓+Na2CO3+H2O。（1）上述五种物质中沸点最低物质的结构式为，由上述物质中的两种元素按原子个数比1：1形成的离子化合物的电子式为(写一例)。（2）请将Na、Al、O的原子半径和简单离子的半径分别按由小到大的顺序排列：(用元素符号表示)，(用离子符号表示)。（3）①在上述混合物的组成元素中，与铝元素同周期的另一元素的原子共有种不同能级的电子，该元素的最高价氧化物对应水合物与铝单质反应的离子反应方程式为。②已知AlN的熔点2200℃，AlCl3的熔点194℃，二者常温下均为固体，其熔点差异较大的原因是。（4）NaHCO3溶液中各含碳微粒按浓度由大到小的顺序排列。22．某研究小组将2molNH3、3molNO和一定量的O2充入2L密闭容器中，在Ag2O催化剂表面发生4NH3(g)+6NO(g)⇌5N2(g)+6H2O(l)+Q，NO的转化率随温度变化的情况如图1所示：（1）平衡常数表达式为K=；在5min内，温度从420K升高到580K，此时段内NO的平均反应速率v(NO)=。（2）已知，298K时，相关物质的相对能量如图2所示，反应的Q=。（3）在有氧条件下，温度580K之后NO生成N2的转化率降低的原因可能是。（4）用NaClO氧化也可除去氨氮(溶液中以NH3或NH4+形式存在)，已知：NH3+NaClO→N2+H2O+NaCl(未配平)，NH3（5）请简述氨氮溶液中含有NH4+23．布洛芬可以缓解新冠病毒感染的症状，对新冠病毒感染有一定的治疗作用，其一种合成路线如图：已知：①RCHO+CH3CHO→稀NaOH②（1）A的结构简式为，由A到B的反应类型是。（2）试剂a是。（3）根据布洛芬的结构特点，预测其性质(写一条即可)。（4）已知E中含有两个六元环，C和D生成E的化学方程式为。（5）布洛芬的一种同分异构体同时满足下列条件，写出该同分异构体的结构简式：。①苯环上有三个取代基，苯环上的一氯代物有两种②能发生水解反应③能发生银镜反应，且有五种化学环境的氢原子（6）根据本题布洛芬的合成信息，完成以甲苯为原料，制备的合成路线(其他试剂任选)。24．绿矾是含有一定量结晶水的硫酸亚铁，在工农业生产中具有重要的用途。某化学兴趣小组对绿矾的一些性质进行探究。回答下列问题：（1）I.测定绿矾中结晶水含量为测定绿矾中结晶水含量，将石英玻璃管(带两端开关K1和K2)(设为装置A)称重，记为m1g。将样品装入石英玻璃管中，再次将装置A称重，记为m2g。按如图连接好装置进行实验。将下列实验操作步骤正确排序→→→→c→e(填字母)；重复上述操作步骤，直至A恒重，记为m3g。a.点燃酒精灯，加热b.熄灭酒精灯c.关闭K1和K2d.打开K1和K2，缓缓通入N2e.称量Af.冷却到室温（2）根据实验记录，计算绿矾化学式中结晶水数目x=(列式表示)。（3）II.探究绿矾的热分解产物该小组用如图所示装置进行实验(夹持仪器略)。在实验过程中，观察到A中固体变红棕色，B中的现象：；C中试纸的颜色变化是。（4）D中有白色沉淀生成，该沉淀的化学式为。有同学认为还应该增加一个实验，取D中沉淀，加入一定量的盐酸以确定其组成，从而确定FeSO4·xH2O的分解产物，你认为是否必要？(填“是”或者“否”)请说明你的理由：。（5）III.测定绿矾热分解时的温度与剩余固体质量关系将8.34gFeSO4∙7H2O样品隔绝空气加热脱水，其热重曲线(样品质量随温度变化的曲线)如图所示。已知M(FeSO4∙7H2O)=278g∙mol-1，在100℃时，M的化学式为。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A．鼎属于铜锡合金，A符合题意；B．朱克柔缂丝主要成分为蛋白质，属于有机高分子材料，B不符合题意；C．苦笋帖材质属于有机物，不属于合金，C不符合题意；D．清景德镇瓶为陶瓷，属于无机非金属材料，D不符合题意；故答案为：A。

【分析】合金是由金属元素跟其他金属或非金属元素熔合而成的、具有金属特性的物质。2．【答案】D【解析】【解答】第四周期过渡元素有10种，但是从左到右的第8、9、10三列的元素为第Ⅷ族元素，不属于副族元素，所以副族元素共有7种，

故答案为：D。

【分析】元素周期表有7个横行，为7个周期，分为短周期、长周期，短周期为一、二、三周期，其余为长周期，第四周期中包含7个主族、7个副族、一个0族、一个第ⅤⅢ族。3．【答案】B【解析】【解答】“凡煎盐锅古谓之牢盆，……其下列灶燃薪，多者十二三眼，少者七八眼，共煎此盘，……火燃釜底，滚沸延及成盐。”这段描述中，讲的是从盐溶液中提取盐的过程与方法，文中讲到了加热、蒸发、结晶，没有涉及到的操作是过滤，故答案为：B。

【分析】该描述涉及加热、蒸发、结晶操作，未涉及过滤操作。4．【答案】D【解析】【解答】A．生石灰溶于水放出大量的热，增大氢氧根离子浓度，有利于氨气的逸出，NH3制备可以采取浓氨水和生石灰制取，可用红色石蕊试纸检验，试纸变蓝则说明NH3为碱性气体，故A正确；B．利用浓硫酸的高沸点性，可以制取HCl气体，pH试纸变红，则说明气体为酸性气体，故B正确；C．浓盐酸和二氧化锰加热可以制取Cl2，Cl2可以用湿润的淀粉碘化钾试纸检验，试纸变蓝，说明KI转化为I2，则说明Cl2有强氧化性，故C正确；D．SO2使品红溶液褪色体现的是SO2的漂白性，故D错误．故选D．【分析】本题考查常见气体的制备和性质实验，熟练掌握元素化合物性质，掌握常见气体的制备、检验，难度不大．5．【答案】D【解析】【解答】石蜡→液体石蜡→石蜡蒸气属于物质的三态变化，属于物理变化，破坏了范德华力，石蜡蒸气→裂化气发生了化学变化，破坏了共价键；所以在“石蜡→液体石蜡→石蜡蒸气→裂化气”的变化过程中，被破坏的作用力依次是范德华力、范德华力、共价键，故答案为：D。

【分析】石蜡→石蜡油→石蜡气体的过程中，没有新物质生成，属于物理变化，破坏了范德华力，石蜡气体→裂化气的过程中，生成了新物质，属于化学变化，破坏了共价键。6．【答案】C【解析】【解答】A．饱和Na2CO3溶液中通入CO2，可生成NaHCO3沉淀，则溶解度：Na2CO3>NaHCO3，A不符合题意；B．Cl与P为同周期元素，非金属性Cl比P强，则热稳定性：HCl＞PH3，B不符合题意；C．C2H6、C4H10都能形成分子晶体，相对分子质量前者小于后者，则分子间作用力前者小于后者，所以沸点：C2H6＜C4H10，C符合题意；D．Li和Be为同周期元素，Li在Be的左边，金属性Li比Be强，则碱性：LiOH＞Be(OH)2，D不符合题意；故答案为：C。【分析】A.碳酸氢钠的溶解度小于碳酸钠；

B.元素的非金属性越强，其简单氢化物的稳定性越强；

C.结构相似的分子晶体，相对分子质量越大，沸点越高；

D.金属性越强，其最高价氧化物对应水化物的碱性越强。7．【答案】B【解析】【解答】A．Na是活泼金属，利用电解熔融的氯化钠获得金属Na，A不符合题意；B．Mg是活泼金属，利用电解熔融的氯化镁获得金属Mg，B符合题意；C．Al是活泼金属，利用电解熔融的氧化铝获得金属Al，C不符合题意；D．Fe是较活泼金属，利用热还原法来获得Fe，其中可以使用的还原剂有C、CO、H2和Al，D不符合题意；故答案为：B。【分析】金属的活泼性决定金属的冶炼方法，金属冶炼的方法主要有：

热分解法：对于不活泼金属如Ag、Hg，可以直接用加热分解的方法将金属从其化合物中还原出来；

热还原法：在金属活动性顺序表中处于中间位置的金属如Cu、Fe等，通常是用还原剂（C、CO、H2、活泼金属等）将金属从其化合物中还原出来；

电解法：活泼金属较难用还原剂还原，通常采用电解熔融的金属化合物的方法冶炼活泼金属，如Na、Mg、Al等。8．【答案】C【解析】【解答】A．甲是甲烷，甲烷的化学性质稳定，不能使酸性KMnO4溶液褪色，故A不符合题意；B．乙是乙烯，乙烯中含有碳碳双键，可与溴发生加成反应而使溴水褪色，故B不符合题意；C．丙是苯，苯中的碳碳键完全相同，是介于碳碳单键和碳碳双键之间的特殊的键，故C符合题意；D．丁是乙醇，乙醇在浓硫酸作用下可与乙酸发生取代反应生成乙酸乙酯，不是稀硫酸，故D不符合题意；故答案为：C。【分析】由比例模型可知，四种常见有机物分别为甲烷、乙烯、苯、乙醇，根据物质的性质分析判断。9．【答案】C【解析】【解答】A．甲苯、己烯、苯都不溶于水，甲苯和己烯都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，己烯可使溴水褪色，用一种试剂不能鉴别，A不符合题意；B．己烯、汽油密度比水小，且都为不饱和烃，不能用一种物质鉴别，B不符合题意；C．在甲苯、己烯、四氯化碳溶液中分别加入溴水，甲苯、四氯化碳与溴水不反应，但溶液分层，甲苯的密度比水小，四氯化碳的密度比水大，己烯与溴水发生加成反应使溴水褪色，现象各不相同，可鉴别，C符合题意；D．甲苯和二甲苯都能使酸性高锰酸钾溶液褪色，用一种试剂不能鉴别，D不符合题意；故答案为：C。

【分析】鉴别物质时，根据各物质的特性，选择合适的试剂，在鉴别过程中，各物质与所选试剂反应应出现不同的现象。10．【答案】C【解析】【解答】A．使用催化剂可以改变化学反应速率，如催化剂能使反应速率增大，即可降低反应的活化能，E1B．根据盖斯定律，催化剂可以改变反应历程，但不改变反应的热效应，故Q不变，B不符合题意；C．由图知反应放热，Q<0，升高温度，平衡向逆方向移动，A的转化率减小，C符合题意；D．反应后气体体积不变，改变压强，平衡不移动，但反应放热，Q<0，D不符合题意；故答案为：C。

【分析】A.催化剂能降低反应的活化能；

B.催化剂不影响反应的焓变；

C.该反应为放热反应，升温平衡逆向移动；

D.该反应为放热反应，且该反应为气体体积不变的反应，增大压强平衡不移动。11．【答案】D【解析】【解答】A．反应生成3molCl2时，反应转移60mole-，则产生22.4L(标准状况)即1molCl2时，反应转移20mole-，但常温常压下22.4L气体不是1mol，A项不符合题意；B．I元素化合价由0价升高到+5价，I2为还原剂，Cl元素化合价由+5价降到-1价和0价，KClO3作为氧化剂，则氧化剂与还原剂的物质的量之比为11：6，B项不符合题意；C．KH(IO3D．KClO3中Cl元素化合价由+5价降到-1价和0价，故答案为：D。

【分析】A.气体所处的状态未知，不能计算其物质的量；

B.该反应中，KClO3作氧化剂，I2为还原剂；

C.KH(I12．【答案】C【解析】【解答】A．OP中含有的官能团有羧基和酯基，不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，A项不符合题意；B．OP中含有酯基，能在NaOH溶液中发生水解反应，B项不符合题意；C．OP中不含有可使Bt2的CCl4溶液褪色的官能团，C项符合题意；D．OP中含有羧基，能与Na2CO3溶液发生反应，D项不符合题意；故答案为：C。

【分析】A、不含羟基、碳碳双键或者碳碳双键，不可以使酸性高锰酸钾溶液褪色；

B、含有酯基可以水解；

C、有机物溶于四氯化碳；

D、羧基可以和碳酸钠反应。13．【答案】B【解析】【解答】A．pH=1的溶液中，NO3-在酸性条件下与FeB．pH=12的溶液中，K+、Na+、NO3-、C．pH=7的溶液中，Cu2+、S2-会发生反应生成沉淀，不能大量共存，故C不符合题意；D．pH=7的溶液中，Al3+、HCO3故答案为：B。

【分析】如离子之间不发生复分解反应（生成沉淀、气体、弱电解质）、不发生氧化还原反应或络合反应（如Fe3＋和SCN−）等，则离子之间能大量共存，以此解答该题。14．【答案】D【解析】【解答】A．球形结构可防止倒吸，可用于尾气处理，防倒吸，A不符合题意；B．氯气与NaOH反应，球形结构可防止倒吸，图中装置可用于铜丝与Cl2反应，防污染，B不符合题意；C．活性炭具有吸附性，装置可作简易的天然水净化过滤器，C不符合题意；D．Na2CO3固体易溶于水和稀硫酸，与稀硫酸接触后，关闭活塞不能使固液分离，则制备CO2气体时不能随制随停，D符合题意；故答案为：D。【分析】A.干燥管可防止倒吸；

B.氯气与NaOH反应，球形结构可防止倒吸；

C.活性炭具有较强的吸附性，能吸附水中的色素、异味等杂质；

D.Na2CO3固体与稀硫酸接触后，关闭活塞不能使固液分离。15．【答案】B【解析】【解答】A．硫在氧气中燃烧只能生成SO2，不能生成SO3，A不符合题意；B．Z为浓硫酸，加热条件下与Cu反应，生成CuSO4、SO2等，体现了浓硫酸的酸性和强氧化性，B符合题意；C．硫化氢与二氧化硫反应，生成硫和水，反应中H2S为还原剂，SO2为氧化剂，则氧化产物和还原产物的物质的量之比为2：1，C不符合题意；D．Cu与S直接反应生成Cu2S，N为CuS，不能由Cu与S直接化合生成，D不符合题意；故答案为：B。

【分析】由图可知，X为SO2，Y为SO3，Z为硫酸，M为硫酸铜，N为CuS。16．【答案】A【解析】【解答】A．因为1－丁醇易挥发，所以球形冷凝管的作用是冷凝回流，减少物质的挥发，提高产率，A符合题意；B．为了提高冷凝效果，冷凝管的进水口为下口进，上口出，所以b为进水口，c为出水口，B不符合题意；C．分液漏斗分离液体时，下层液体从下口放出，上层液体从上口到出，C不符合题意；D．蒸馏、过滤、分液都为物质分离提纯的物理方法，但洗气时可能发生化学反应，如用氢氧化钠溶液吸收二氧化碳气体，D不符合题意；故答案为：A。

【分析】A.1－丁醇易挥发，用冷凝管冷凝回流可减少物质的挥发，提高产率；

B.为了使冷凝效果更佳，冷凝水应下口进，上口出；

C.萃取分液时，下层液体从下口放出，上层液体从上口倒出；

D.有新物质生成的变化为化学变化。17．【答案】A【解析】【解答】A．若X为锌棒，开关K置于M处时，形成原电池，铁作正极，电极反应为：O2+2H2O+4e-=4OH-，A符合题意；B．若X为锌棒，开关K置于M时形成原电池，铁作正极，开关K置于N处时，形成电解池，铁作阴极，都能阻止铁失电子，从而减缓铁的腐蚀，B不符合题意；C．若X为炭棒，开关K置于N处时，形成电解池，铁作阴极，电极反应2H++2e-=H2↑，C不符合题意；D．若X为炭棒，开关K置于N处时，形成电解池，铁作阴极被保护，从而减缓铁的腐蚀，D不符合题意；故答案为：A。

【分析】开关置于N时，构成电解池，置于M时，构成原电池；若X为锌，形成的原电池中，锌为负极，铁为正极；开关置于M时，铁为正极，置于N时，铁为阴极，均被保护；若X为炭棒，铁为阴极。18．【答案】D【解析】【解答】A．沉淀池中发生的反应的反应物是氯化钠、氨气、二氧化碳和水，所以含有钠、氯、氮、氢、碳、氧六种元素，故A不符合题意；B．过滤得到的“母液”中含有的溶质有碳酸氢钠、氯化铵，还有可能含有过量的氯化钠，故B不符合题意；C．碳酸氢钠分解生成碳酸钠、水、二氧化碳，所以X是二氧化碳，故C不符合题意；D．氨气的水溶液显碱性，能更好的吸收二氧化碳，使反应物浓度大，反应速度快，故D符合题意；故答案为：D。

【分析】将合成氨工厂产生的氨气、副产品CO2、饱和食盐水通（加）入到沉淀池中，发生反应：NaCl+CO2+NH3+H2O=NaHCO3↓+NH4Cl，过滤，将得到的固体，洗涤、低温干燥、加热分解，得到碳酸钠，再将CO2循环利用，通入沉淀池中，可以向母液中添加氯化钠，使氯化铵析出，用做氮肥。19．【答案】D【解析】【解答】A、点①反应后溶液是CH3COONa与CH3COOH物质的量之比为1：1的混合物，CH3COOH电离程度大于CH3COO－的水解程度，故c（Na+）＞c（CH3COOH），由电荷守恒可知：c（CH3COO－）+c（OH－）＝c（Na+）+c（H+），所以c（CH3COO－）+c（OH－）＞c（CH3COOH）+c（H+），故A错；B、点②pH＝7，即c（H+）＝c（OH-），由电荷守恒知：c（Na+）+c（H+）＝c（CH3COO－）+c（OH－），故c（Na+）＝c（CH3COO－），故B错；C、点③说明两溶液恰好完全反应生成CH3COONa，由于CH3COO－水解，且程度较小，所以c（Na+）＞c（CH3COO－）＞c（OH－）＞c（H+），故C错；D、当CH3COOH较多，滴入的碱较少时，则生成CH3COONa少量，可能出现c（CH3COOH）＞c（CH3COO－）＞c（H+）＞c（Na+）＞c（OH－），故D符合题意，故答案为：D。

【分析】A.点①的溶液为等物质的量的CH3COONa与CH3COOH，溶液呈酸性，结合电荷守恒分析；

B.点②溶液呈中性，结合电荷守恒分析；

C.点③两溶液恰好完全反应生成CH3COONa，溶液呈碱性，结合电荷守恒分析。20．【答案】D【解析】【解答】A．实验1在前6min的反应速率v（SO2）=2.4mol2L6min=0.2mol•LB．反应起始量相同，达到平衡时氧气物质的量可知，实验2反应进行的程度大，反应是放热反应，温度越高，平衡向吸热反应方向进行，逆向进行，所以温度T1＞T2，故B不符合题意；C．根据C可知，温度T1＞T2，该反应为放热反应，温度升高，平衡向着逆向移动，则反应物浓度增大、生成物浓度减小，平衡常数越小，所以平衡常数K2＞K1，故C不符合题意；D．根据分析可知，x=1.6，y=0.2；由于温度T1＞T2，温度越低，反应速率越慢，则得达到平衡状态的时间越长，所以t＞6，故D符合题意；故答案为：D。

【分析】实验1从开始到反应达到化学平衡时，氧气的变化量为：2mol-0.8mol=1.2mol，根据反应2SO2（g）+O2（g）⇌2SO3（g）可知，平衡时二氧化硫消耗的物质的量为：1.2mol×2=2.4mol，则平衡时二氧化硫的物质的量为：4mol-2.4mol=1.6，即x=1.6；实验2平衡时二氧化硫消耗的物质的量为：4mol-0.4mol=3.6mol，根据反应2SO2（g）+O2（g）⇌2SO3（g）可知，平衡时氧气消耗的物质的量为：3.6mol×1221．【答案】（1）O=C=O；（或者）（2）O<Al<Na；A（3）4；2Al+2OH-+2H2O=2AlO（4）c(N【解析】【解答】（1）在NaAl(OH)4、CO2、Na2CO3、Al(OH)3、H（2）一般情况下，电子层数越多的粒子，半径越大，电子层数相同的粒子，核电荷数越多，粒子半径越小，所以原子半径的：O<Al<Na，离子半径：Al（3）①在上述物质所含的元素中，与铝元素同周期的元素为Na，其电子排布式为1s22s22p②因为AlN为原子晶体，AlCl3为共价化合物，为分子晶体，所以AlN熔点远高于（4）NaHCO3溶液中，NaHCO3=Na+

【分析】（1）五种物质中只有二氧化碳为气态，沸点最低；五种物质中含有钠、铝、氧、氢、碳五种元素，两种元素按原子个数比为1：1形成离子化合物有Na2O2、NaH；

（2）电子层数越多，粒子半径越大，电子层数相同时，核电荷数越大，粒子半径越小；

（3）①铝元素位于第三周期，与其同周期的是钠元素；氢氧化钠与铝反应生成偏铝酸钠和氢气；

②AlN为原子晶体，AlCl3为共价化合物，为分子晶体，所以AlN熔点较高；

（4）22．【答案】（1）c5(N2（2）+2072.04kJ∙mol-1（3）反应为放热反应，升高温度，平衡逆向移动，一氧化氮的转化率降低（4）3：2（5）先取一定量溶液放入试管，加热浓缩，再加入浓NaOH溶液，加热，在试管口用湿润的红色石蕊试纸检验产生的气体，试纸变蓝，从而证明溶液中含有N【解析】【解答】（1）反应4NH3(g)+6NO(g)⇌5N2(g)+6H2O(l)，平衡常数表达式为K=c5(N2)c4(NH3)⋅（2）298K时，4NH3(g)+6NO(g)⇌5N2(g)+6H2O(l)+Q，Q=4×(-46.11kJ∙mol-1)+6×(90.25kJ∙mol-1)-5×(0kJ∙mol-1)-6×(-285.83kJ∙mol-1)=+2072.04kJ∙mol-1。故答案为：+2072.04kJ∙mol-1；（3）该反应为放热反应，温度升高，将抑制反应的正向进行，则在有氧条件下，温度580K之后NO生成N2的转化率降低的原因可能是：反应为放热反应，升高温度，平衡逆向移动，一氧化氮的转化率降低。故答案为：反应为放热反应，升高温度，平衡逆向移动，一氧化氮的转化率降低；（4）由反应NH3+NaClO→N2+H2O+NaCl(未配平)，可建立如下关系式：3NaClO——2NH3与反应时，氧化剂与还原剂物质的量之比为3：2。故答案为：3：2；（5）检验氨氮溶液中含有NH4+时，可先加热浓缩，再加入浓NaOH溶液，加热，用湿润的红色石蕊试纸检验产生的气体，具体检验方法为：先取一定量溶液放入试管，加热浓缩，再加入浓NaOH溶液，加热，在试管口用湿润的红色石蕊试纸检验产生的气体，试纸变蓝，从而证明溶液中含有N

【分析】（1）平衡常数是指各生成物浓度的化学计量数次幂的乘积与各反应物浓度的化学计量数次幂的乘积的比；根据v=ΔcΔt计算；

（2）根据焓变=生成物的总能量-反应物的总能量计算；

（3）该反应为放热反应，升高温度，平衡逆向移动，一氧化氮的转化率降低；

（4）根据得失电子守恒和质量守恒配平方程式为2NH3+3NaClO=N2+3H2O+3NaCl，该反应中氨气为还原剂，次氯酸钠为氧化剂；

（5）检验铵根离子的具体操作为：先取一定量溶液放入试管，加热浓缩，再加入浓NaOH溶液，加热，在试管口用湿润的红色石蕊试纸检验产生的气体，试纸变蓝，从而证明溶液中含有23．【答案】（1）；加成反应（2）HCHO（3）具有酸性(或能发生酯化反应)（4）＋→+H2O（5）、（6）→CH【解析】【解答】（1）由分析可知，A的结构简式为，由A()到B()，是A与丙烯发生的加成反应。故答案为：；加成反应；（2）依据信息①及反应物和产物的结构简式，可确定试剂a是HCHO。故答案为：HCHO；（3）布洛芬的结构简式为，其分子中含有羧基，则其具有酸性(或能发生酯化反应)。故答案为：具有酸性(或能发生酯化反应)；（4）已知E中含有两个六元环，则可推出E为，C()和D()生成E的化学方程式为：＋→+H2O。故答案为：＋→+H2O；（5）布洛芬的一种同分异构体同时满足下列条件：“①苯环上有三个取代基，苯环上的一氯代物有两种；②能发生水解反应；③能发生银镜反应，且有五种化学环境的氢