卷4-2022年中考物理全真模拟卷第一辑

备战2022年中考物理【名校地市好题必刷】全真模拟卷（江苏专用）第四模拟（本卷共29小题，满分100分，考试用时80100分钟）一、单选题（本题共12小题，每小题2分，共24分，每小题给出的选项中只有一个选项符合题意）1．（2020·江苏·苏州湾实验初级中学一模）关于能源、材料和粒子，下列说法中正确的是（）A．电饭锅用超导材料做加热器可以大大提高电能转化为内能的效率B．原子核式结构模型是卢瑟福根据科学猜想建立起来的C．酒精和水混合后体积变小，是因为分子间存在引力D．太阳能、风能、核能是可再生能源【答案】B【解析】A．超导体的电阻为零，而电饭锅是利用电流的热效应工作的，根据焦耳定律，电阻为零时，产生的热量为零，故A错误；B．原子核式结构模型是卢瑟福根据粒子轰击金箔的实验现象科学猜想建立起来的，故B正确；C．酒精和水混合后体积变小是因为分子间存在空隙，故C错误；D．太阳能和风能是属于可再生能源，而核能跟化石能源一样，一旦消耗很难再生，属于不可再生能源，故D错误。故选B。2．（2021·江苏高邮·二模）生活中有很多有趣的光现象，下列光现象与手影形成原因相同的是（）A．筷子“折断” B．湖面“月影”C．缸中“游鱼” D．林中“光斑”【答案】D【分析】【解析】手影是手挡住了光线形成暗影区，是光的直线传播；A．筷子“折断”，这是筷子反射的光线出水面时发生折射，折射光线远离法线造成的，是光的折射形成的，故A不符合题意；B．湖面“月影”属干平面镜成像，平面镜成像是光的反射现象，此时的水面相当干平面镜，故B不符合题意；C．缸中“游鱼”的像是通过光的折射形成的，是光的折射现象，故C不符合题意；D．林中“光斑”，是太阳透过树的缝隙成的像，是光的沿直线传播形成的，故D符合题意。故选D。3．（2022·江苏广陵·九年级期末）关于家庭电路与安全用电，下列做法正确的是（）A．用电器的金属外壳必须与零线连接B．可以用铁丝或铜丝代替熔丝C．将三脚插头改为两脚插头D．用电器开关应接在火线上【答案】D【解析】A．用电器的金属外壳必须与地线连接，一旦用电器金属外壳漏电，以保证把电流引入大地，从而保证安全。故A错误；B．若用铁丝或铜丝代替熔丝，在电流过大时，铁丝或铜丝不会熔断，从而起不到保护电路的作用，故B错误；C．将三脚插头改为两脚插头，将失去地线的保护作用，一旦用电器金属外壳漏电，很容易引起触电，故C错误；D．用电器开关应接在火线上，这样在断开开关后，用电器才不会带电，从而防止触电事故的发生，故D正确。故选D。4．（2021·江苏·苏州新草桥中学二模）新型冠状病毒传播方式之一为飞沫传播，飞沫一般是直径大于5微米的含水颗粒，可以通过一定距离（一般认为1~2m）进入易感粘膜表面，一般不会长时间存留在空中。为此人们要正确佩戴口罩，对易受到污染的物体表面经常进行消毒处理。根据以上介绍，请你判断下列说法中正确的是（）A．飞沫能飞出1m外，是因为飞沫分子在运动的缘故B．用紫外线可以对受病毒感染的物体进行消毒，是因为紫外线具有热效应C．健康人戴口罩防止被感染，其防疫策略类似于在摩托车上安装消声器以减弱噪声D．飞沫能附着于物体表面，是因为分子之间有吸引力的缘故【答案】D【解析】A．飞沫一般是直径大于5微米的含水颗粒，是物体，不是分子，所以飞沫能飞出1m外不是因为飞沫分子在运动，故A错误；B．用紫外线可以对受病毒感染的物体进行消毒，是因为紫外线具有杀菌的作用，故B错误；C．健康人戴口罩防止病毒通过飞沫传播使人感染，属于在传播过程中阻断病毒的传播，而摩托车上安装消声器是在声源处减弱噪声，故C错误；D．因为分子之间有吸引力，所以飞沫能附着于物体表面，故D正确。故选D。5．（2022·江苏高邮·九年级期末）下列关于内能、热量和温度的说法，正确的是（）A．热量总是从内能多的物体传到内能少的物体B．物体吸收热量，温度一定升高C．物体内能减少，它一定放出热量D．物体温度升高，内能一定增加【答案】D【解析】A．热传递的条件是：有温度差，热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体，但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体，故A错误；B．晶体在熔化过程中吸收热量但温度不变，故物体吸热温度不一定升高，故B错误；C．物体内能减少，可能放出热量，也可能对外做功，故C错误；D．物体质量不变温度升高，分子运动加剧，内能一定增加，故D正确。故选D。6．（2021·江苏·扬州市邗江区梅苑双语学校一模）新冠病毒具有极强的传播与复制能力，由于人与人之间的近距离交流，飞沫传播成为其重要的传播方式之一。下面关于飞沫、新冠病毒、原子核、分子按照空间尺度由大到小排序正确的是（）A．新冠病毒、分子、原子核、飞沫 B．飞沫、原子核、新冠病毒、分子C．飞沫、新冠病毒、分子、原子核 D．原子核、新冠病毒、飞沫、分子【答案】C【分析】【解析】飞沫中含有新冠病毒，而新冠病毒由分子组成，分子的原子由原子核和核外电子组成，按照空间尺度由大到小排序是：飞沫、新冠病毒、分子、原子核，故ABD错误，C正确。故选C。7．（2018·江苏·仪征中学二模）如图所示，小阳和小超一起坐在爬犁上在水平冰面上匀速直线滑行，小阳怕撞上前面的人，急忙跳下爬犁用50N水平向后的力去拉爬犁做减速运动，在此过程中，下列有关说法错误的是（）A．此时小超所受重力和支持力仍是一对平衡力B．小阳跳下后，爬犁对地面的压力减小了C．小阳跳下后爬犁对地面的压力等于地面对爬犁的支持力D．小阳跳下后，爬犁所受的摩擦力不变【答案】D【分析】【解析】A．小超在竖直方向。上仍受重力和支持力的作用，这两个力符合二力平衡条件，是一对平衡力，故A正确，不符合题意；B．小阳跳下后，爬犁的重力减小，对冰面的压力减小，故B正确，不符合题意；C．小阳跳下后爬犁对地面的压力与地面对爬犁的支持力是一对相互作用，大小相等，故C正确，不符合题意；D．小阳跳下后，接触面的粗糙程度没变，但爬犁的重力减小，对冰面的压力减小，所以，爬犁所受的摩擦力减小了，故D错误，符合题意。8．（2021·江苏泗阳·九年级期中）2021年9月17日，我国神舟十二号载人飞船返回舱安全降落在东风着陆场预定区域，为了找到最佳着陆点，着陆前在东风着陆场上空有短暂悬停时间，下列说法正确的是（）A．神舟十二号载人飞船从悬停点减速下降过程中机械能不变B．神舟十二号载人飞船从悬停点减速下降过程中动能转化为重力势能C．神舟十二号载人飞船从悬停点减速降落到着陆场过程中，动能逐渐增大D．神舟十二号载人飞船下降过程中其表面与大气层摩擦，机械能转化为内能【答案】D【解析】ABC．神舟十二号载人飞船从悬停点减速下降过程中，质量不变，高度变小，重力势能减小，速度变小，动能变小，此过程中不是动能转化为重力势能；机械能为动能和势能的和，所以机械能变小，故ABC错误；D．神舟十二号载人飞船下降过程中其表面与大气层摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，故D正确。故选D。9．（2021·江苏锡山·九年级期中）如图所示，当闭合开关S1、S2时，两个通电螺线管的相互作用情况以及A、B端的极性分别是（）A．相吸，A端为N极，B端为S极 B．相吸，A端为S极，B端为N极C．相斥，A端为N极，B端为N极 D．相斥，A端为S极，B端为S极【答案】B【分析】【解析】由安培定则可知，左边通电螺线管的A端为S极，右端为N极，右边通电螺线管的B端为N极，左端为S极，故由异名磁极相互吸引可知，两个通电螺线管相吸，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。10．（2021·江苏秦淮·九年级期中）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量、烧杯内液体质量及液体初温均相同。不考虑热量损失，燃料点燃直至燃尽，三装置烧杯中液体升高的温度随时间变化的图像如图丁所示。以下判断正确的是（）A．液体a的比热容是液体b的两倍B．0t1时间内甲乙丙烧杯中液体吸收的热量相等C．燃料燃尽时乙中液体a吸收的热量小于丙中液体b吸收的热量D．利用装置乙和丙进行实验可以比较燃料2和燃料1的热值大小【答案】C【分析】【解析】A．比较a、b液体的比热容，故需要选择燃料相同，液体不同，故选择甲、丙两图对比，根据图丁可知，相同的时间内，即吸收的热量相同，但是a液体升高的温度是b液体的两倍，根据可知，则b液体的比热容为故b的比热容是a的两倍，故A错误；B．0t1时间内甲、乙烧杯中液体吸收的热量不相等，因为甲、乙所选取的燃料不同，燃料的种类不同，相同的时间内释放的热量不同，故B错误；C．由于甲、丙是同一种燃料，相同的时间内燃料燃烧释放的热量相同，相同时间内，甲、丙吸收的热量相同，故再用甲与乙相比较，同种液体，比热容相同，质量相同，则根据，甲升高的温度高，故甲吸收的热量比乙多，而甲、丙吸收的热量相同，故丙吸收的热量多于乙的热量，故C正确；D．乙、丙装置可知，燃料不同，液体的种类不同，无法比较，故D错误。故选C。11．（2021·江苏·中考真题）用硬塑料瓶、透明胶带、螺母、塑料管、容器和水等，制作如图所示的潜水艇模型，不计进排气管体积，要让原本悬浮在a位置的潜水艇下潜至b位置悬浮，采取的措施是使瓶内气体（）A．增加 B．减少C．先增加后减少 D．先减少后增加【答案】D【分析】【解析】要让原本悬浮在a位置的潜水艇下潜至b位置悬浮，首先应该让潜水艇下沉，即排出气体使瓶内气体减少水进入。然后再减小重力，让潜水艇模型悬浮，即让气体进入排出水，实现悬浮，所以瓶内气体应该先减小后增加。故选D。12．（2021·江苏建邺·二模）如图甲所示，电源电压恒定，R为定值电阻，滑动变阻器R'标有“20Ω1A”，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~15V。只闭合开关S和S1，滑片从最右端滑动到a点时，灯泡L恰好正常发光；只闭合开关S和S2，滑片从a点向某一方向移动，直到电压表示数与灯泡L的额定电压相同，两次调节过程的中两电表示数关系如图乙所示。下列说法正确的是（）A．电源电压为3.75VB．灯泡L的额定功率为1.5WC．电路工作时消耗的最小功率为1.5WD．闭合开关S和S1，电路允许的最大功率为6W【答案】B【分析】【解析】A．闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压，在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a点，由于灯泡电阻随温度变化，故可知此过程中电流表与电压表示数变化关系图乙中的曲线，则另一次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路中总电阻最大，根据欧姆定律I=可知，电路中电流最小，从图中可知是0.25A，灯泡两端电压为1V，变阻器两端电压为UR′=IR′=0.25A×20Ω=5V根据串联电路的电压特点可知电源电压U=1V+5V=6V故A错误；B．只闭合开关S2，电阻R和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量R两端的电压，由图乙可知，两条图像中电压相等时（等于灯泡额定电压）电路中的电流为I′=0.3A，且变阻器滑片在a点时，电路中的电流为0.375A，电阻R两端的电压为3.75V，此时变阻器接入电路中的电阻Ra=R的阻值当电路中的电流为0.3A时，R两端的电压等于灯泡的额定电压，即U额=I′R=0.3A×10Ω=3V在闭合开关S和S1，断开开关S2，且滑片在a点时，可知灯泡的额定电流灯泡的额定功率P额=U额I额=3V×0.5A=1.5W故B正确；C．灯泡正常工作时的电阻RL=由可知电路中电阻最大时，功率最小，故可知当闭合开关S和S2，断开开关S1，且变阻器接入电路中阻值最大时，电路的总功率最小，为故C错误；D．闭合开关S和S1，断开开关S2，灯泡和变阻器串联，电流表测量电路电流，电压表测量灯泡两端的电压，电路中的最大电流等于灯泡的额定电流，为0.3A，电路允许的最大功率为P最大=UI最大=6V×0.3A=1.8W故D错误。故选B。二、填空题（本题共9小题，每空1分，共26分）13．（2021·江苏·扬州市广陵区教师发展中心二模）新冠病毒直径约为0.1μm，合________m，主要通过呼吸道飞沫传播和接触传播。带有病毒的飞沫直径一般为1～10μm，其在空气中的运动________（是/不是）分子的无规则运动。戴口罩可以有效阻断新冠病毒的传播，常用的三种口罩过滤孔径如下：①普通16层纱布口罩在100μm左右；②单层无纺布口罩在10μm左右；③N95专业口罩在0.1μm左右。上述口罩能有效防控新冠病毒的是________（选填序号）。戴上口罩后，眼镜片上容易出现水雾，这是________（填物态变化）现象。【答案】

1×107

不是

③

液化【分析】【解析】[1]因为1μm=106m，所以0.1μm=0.1×106m=107m[2]带有病毒的飞沫属于物质，所以带有病毒的飞沫在空气中的运动不是分子的无规则运动，是物质的机械运动。[3]新型冠状病毒的直径约为0.1微米，要过滤除去空气中的病毒，口罩过滤孔直径应小于病毒，而③N95专业口罩在0.1微米左右，所以，能在防控新型冠状病毒更有效。[4]戴上口罩后，眼镜镜片上容易出现水雾是呼出的水蒸气遇到冷的镜片液化形成的小水珠。14．（2021·江苏滨湖·一模）如下图所示是鼋头渚景区外刚刚建成的樱花彩绘步道，图中柳树的影子是光的_______形成的，我们从不同方向看到步道上彩绘樱花是由于光发生了_______；看到路边绿色的树叶是因为绿色的树叶只_______（选填“反射”或“吸收”）绿光。【答案】

直线传播

漫反射

反射【分析】【解析】[1]柳树的影子是沿直线传播的光被柳树挡住形成的，是由光的直线传播形成的。[2]光照在粗糙物体表面发生漫反射，这时，反射光线射向四面八方，故不同方向的人都可以看到，所以我们从不同方向看到步道上彩绘樱花是由于光发生了漫反射。[3]不透明物体只能反射和它颜色相同的光，透明物体只透过和它颜色相同的光，故看到路边绿色的树叶是因为它反射了绿光。15．（2021·江苏宝应·二模）茶是世界三大饮品之一，起源于中国，盛行于世界，2020年5月21日是联合国确定的首个“国际茶日”，农业农村部与联合国粮农组织开展系列宣传活动，国家主席习近平致信表示热烈祝贺。（1）用电热壶将初温为15℃的水烧至65℃，水吸收的热量为_______J。【水的比热容为】（2）用热水冲泡茶叶时，茶叶随水而动，说明力可以改变物体的_______；茶叶的温度升高，内能增加，这是通过___________的方式改变了茶叶的内能。（3）茶香四溢说明分子___________。（4）悬浮在水中的茶叶受到的重力___________（大于/小于/等于）浮力。（5）透过透明的玻璃茶壶看到茶叶“变大了”，这是光的___________造成的。【答案】

运动状态

热传递

在不停地作无规则运动

等于

折射【分析】【解析】（1）[1]水吸收的热量Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg·℃)×1kg×(65℃15℃)=2.1×105J（2）[2]热水冲泡茶叶时，水给茶叶力的作用，茶叶由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态。[3]茶叶吸收热量，温度升高，内能增加，这是通过热传递的方式改变了茶叶的内能。（3）[4]茶香四溢，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动。（4）[5]根据物体的悬浮条件可知，茶叶悬浮在水中，是因为茶叶受到的浮力等于重力。（5）[6]圆柱形玻璃杯盛满水，圆柱形玻璃杯中的水中间厚、边缘薄，形成水凸透镜，茶叶处于水凸透镜的一倍焦距以内，成正立、放大的虚像，这是茶叶反射的光线经水和玻璃斜射入空气发生折射造成的。16．（2021·江苏·泰州中学附属初中九年级阶段练习）某同学用所学滑轮知识在家里阳台上安装了如图所示的升降装置，他用此装置将重500N的物体匀速拉高10m，所用拉力300N。则拉力做的功是___________J，该装置的机械效率是___________。若不计一切摩擦及绳重，动滑轮重___________N，用该装置匀速提升400N的重物时，机械效率为___________。【答案】

6×103#6000

83.3%

100

80%【解析】[1]拉力做的功[2]该装置的机械效率是[3]有机械效率的公式得代入数据解得[4]用该装置匀速提升400N的重物时，机械效率为17．（2021·江苏·镇江市外国语学校九年级）国家标准打印纸为每包500张，小丽同学家里新买一包打印纸，她想练习刻度尺的使用，测出了打印纸的长和宽分别为29cm和21cm，总厚度为5cm，利用物理课上学过的累积法算出一张纸的厚度为______mm（外包装厚度忽略不计），在测量过程中，他发现外包装上标着70g/m2，开始她以为这就是纸的密度，但后来经询问才知道，这是每张打印纸每平方米的质量是70g的意思。利用以上信息你帮小丽算出打印纸的密度为______g/cm3，若把这种规格的一张打印纸放在水平桌面上，它对桌面的压强为______Pa。【答案】

【分析】【解析】[1]一张纸的厚度为一张纸的厚度为。[2]每张打印纸每平方米的质量是70g，则密度为密度为。[3]这种规格的一张打印纸放在水平桌面上，它对桌面的压强为故它对桌面的压强为。18．（2021·江苏·南京市第一中学一模）如图重10N的木块放在粗糙程度相同的水平面上，分别用0.1N和0.3N的水平拉力拉木块都没有拉动，两次木块所受摩擦力分别为f1和f2，则f1______f2（选填“>”、“<”或“＝”，下同）；用2N的水平拉力拉木块在水平面上做匀速直线运动5m，木块所受摩擦力为f3，用3N的水平拉力拉木块在水平面上做直线运动3m，木块所受摩擦力为f4，f3______f4；木块两次运动过程中重力做功为______J。【答案】

<

=

0【分析】【解析】[1]用0.1N的水平拉力拉木块没有拉动，此时物体处于静止状态，拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，故f1=0.1N；用0.3N的水平拉力拉木块没有拉动，此时物体处于静止状态，拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，故f2=0.3N；故f1<f2。[2]用2N的水平拉力拉木块在水平面上做匀速直线运动，此时拉力与滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等，故木块所受摩擦力f3=2N；用3N的水平拉力拉木块在水平面上做直线运动，此时接触面的粗糙程度和压力均未变，所以木块所受滑动摩擦力不变，仍为2N，故f3=f4。[3]木块两次运动过程中，运动方向与重力方向垂直，重力不做功，所以重力做功为0J。19．（2021·江苏玄武·二模）某科技小组设计了如图甲所示的多功能水位报警电路，当水面上升到警戒水位时，a、b两点接通，控制开关连接______两触点时仅电铃发出忽强忽弱的报警声。电路中电源电压恒为6V，灯泡规格为“6V3W”（灯泡的电阻不变），R0为定值电阻，电磁铁线圈及衔铁的阻值忽略不计。当控制开关与触点“4和5”接通时，灯泡两端实际电压变化规律如图乙所示。已知当灯泡微弱发光时，其两端实际电压为U0，消耗的实际功率为额定功率的，定值电阻R0为______Ω，灯泡闪烁交替工作60s消耗的电能为______J。【答案】

2和3

36

67.5【分析】【解析】[1]由图甲知，当a、b两点接通，控制开关连接2、3两触点时，电铃、电磁铁和定值电阻R0串联在电路中，有电流通过电路，电铃发出较弱的报警声，电磁铁产生磁场，将动触点A吸引下来，与触点B连接，电磁铁和R0短路，电铃单独工作，此时电路中的电流较强，电铃发出较强报警声。[2]当a、b两点接通，控制开关连接4、5两触点时，灯泡与电磁铁和R0串联，电路有电流通过，电磁铁产生磁场，将动触点A吸下来与静触点B接通，电磁铁和R0被短路，灯泡单独工作，电磁铁没有电流通过，不能产生磁场，动触点A被弹簧拉回原位，电磁铁又恢复磁性，将A吸下来，如此反复。动触点A未与静触点B接触时，灯泡的实际功率P实=灯泡的电阻灯泡两端的实际电压则R0两端的电压UR0=UU0=6V1.5V=4.5V据串联电路的分压特点知1.5V:4.5V=12Ω:R0解得R0=36Ω[3]由图乙知，一个交替用时1.5s，60s内完成交替数A与B接触时，灯泡正常工作，用时0.5s，这个过程消耗的电能W1=P额t1=3W×0.5s=1.5JA与B不接触时，用时1s，这个过程消耗的电能W2=P实t2=0.1875W×1s=0.1875J则60s消耗的总电能W=n(W1+W2)=40×(1.5J+0.1875J)=67.5J三、解答题（本大题共9小题，第20小题6分，第21小题4分，第2223小题各3分，第24小题5分，第25小题7分，第26小题8分，第27小题6分，第28小题8分，共50分）20．（2020·江苏·句容市教师发展中心二模）请按要求作图。（1）如图所示，一束光从空气斜射入玻璃中，请画出反射光线和折射光线；（2）如图所示，一物体静止在斜面上，请在图中作出物体受到的重力和它对斜面的压力的示意图；（3）如图丙所示，根据通电螺线管的N极，标出磁感线的方向及电源正负极。【答案】（1）（2）（3）【分析】【解析】（1）图中已画出法线，根据光的反射规律可知，反射角等于入射角，反射光线与入射光线分居法线两侧，据此在法线右侧的空气中画出反射光线；光从空气斜射入玻璃中，折射角小于入射角，折射光线与入射光线分居法线两侧，据此在法线右侧的玻璃中画出折射光线，如图所示：（2）过物体重心画带箭头的线段，方向竖直向下，符号为G；在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F；如图所示：（3）在磁体外部，磁感线总是从磁体的N极发出，最后回到S极。根据安培定则，伸出右手，使右手大拇指指示通电螺线管的N极（左端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，即电流是从螺线管的右端流入的。所以电源的右端为正极，左端为负极，如图所示：21．（2021·江苏·沭阳县潼阳中学九年级阶段练习）在“研究杠杆的平衡条件”实验中：（1）实验前，发现杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于______状态（选填“平衡”或“非平衡”）为了使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向______（选填“左”或“右”）移动。（2）左右两端添加钩码后，此时杠杆的状态如图乙所示，可以将______（选填“钩码”或“平衡螺母”）的位置向右移动，使杠杆重新平衡在水平位置。使杠杆平衡在水平位置，这样做的目的是______。（3）某实验小组进行正确的实验操作后，得到的一组数据为F1=6N，l1=20cm，F2=4N和l2=30cm。该实验小组根据这些数据能否得出探究结论？______。（4）有的小组同学按照上面的实验方案得到如下结论：“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”。这个结论与杠杆平衡条件不相符，原因是实验过程中()A．没有改变力的大小

B．没有改变力的方向C．没有改变力的作用点

D．实验次数较少，结论具有偶然性【答案】

平衡

右

钩码

便于测量力臂

不能

B【解析】（1）[1]实验前，杠杆处于静止状态，根据牛顿第一定律可知，杠杆处于平衡状态。[2]由于杠杆左端低右端高，为使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母应向向上翘的右端移动。（2）[3]由图乙中杠杆所示的状态可知，左端低右端高，由于杠杆在实验时已经调节平衡，所以实验过程中不能调节平衡螺母，只能将右端的钩码的位置向右移动。[4]使杠杆重新平衡在水平位置，可以便于实验者测量力臂的长度。（3）[5]该实验小组只做了一次实验，不能得出实验结论，因为一次实验获得的实验数据具有偶然性，不能反应普遍规律。（4）[6]“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”是在杠杆在水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，也就是实验过程中没有改变动力或阻力的方向，故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。22．（2021·江苏淮安·中考真题）小明利用图甲所示实验装置观察水的沸腾现象。时间t/min012345678温度/℃9092949698989898（1）在安装器材确定B铁圈位置时______（填“需要”或“不需要”）点燃酒精灯；（2）第4min时温度计示数如图乙所示，此时水的温度是______℃。小明发现，温度计玻璃外壳有水雾，原因是水蒸气发生______（填物态变化名称）；（3）由表中数据可知，实验中水的沸点为______℃，沸腾过程中温度______；（4）水沸腾时，某一气泡由A处上升至B处，请在图丙中大致画出气泡在B处的大小情况；()（5）实验中，能量从火焰传递给水，却无法从水自动传递给火焰，是因为能量的转移具有______。【答案】

需要

97

液化

98

保持不变

方向性【分析】【解析】（1）[1]为保证使用酒精灯的外焰进行加热，则在安装器材确定B铁圈位置时需要点燃酒精灯。（2）[2]如图乙，温度计分度值为1℃，则读数为97℃。[3]温度计玻璃外壳的水雾是小水珠，是由于水蒸气遇冷放热液化形成的。（3）[4][5]由表格数据可知，当温度升高到98℃后，继续加热，温度保持不变，则可知实验中水的沸点为98℃。（4）[6]水沸腾后，上下温度相同，气泡上升过程中，外界水的压强逐渐减小，则气泡逐渐变大，作图如下（5）[7]由于能量的转移具有方向性，热量能自发的由高温物体传递给低温物体，无法自发的由低温物体传递给高温物体。23．（2021·江苏·扬州市邗江区梅苑双语学校一模）在探究“二力平衡条件”的实验中：（1）甲、乙两组同学分别选择器材后，设计组装的实验装置如图甲、乙所示。老师指出乙组同学选择的器材更加合理，其原因是：______；（2）丙组同学听后，又进行了改进设计如图丙所示，实验中选择小卡片的目的是______（填“忽略”、“不忽略”）小卡片的重力；探究、两个力大小关系时，应该观察______；（3）实验中保持与相等，进行如下操作：______（填“挤压”、“翻转”或“旋转”）小卡片，松手后观察小卡片是否平衡。实验中设计这一步骤的目的是为了探究二力平衡时，两个力必须满足的条件之一是______；（4）小明利用弹簧测力计代替图中的钩码进行了探究，发现两个力的大小还有较小的差距。你认为形成差距的原因是______。【答案】

减小摩擦对实验的影响

忽略

两边钩码的个数

旋转

作用在同一直线上

读数上的误差【分析】【解析】（1）[1]甲、乙装置中，乙更合理，是因为乙装置中小车与桌面是滚动摩擦，能减小摩擦对实验所造成的误差。（2）[2]丙实验中，选择小卡片进行实验，是因为小卡片的重力小，可心忽略它的重力对实验的影响。[3]实验中通过加减砝码的个数来改变F1和F2的大小，所以在实验中要观察砝码的个数来确定两个力的大小关系。（3）[4][5]实验中可以通过旋转小卡片，让作用在它身上的两个拉力不是作用在同一直线上，观察小卡片是否可保持静止，以探究二力平衡时，两个力是否需要作用在同一直线上。（4）[6]用弹簧测力计代替图中的钩码进行探究，在读数上的误差或绳子与滑轮之间的摩擦对两个力的大小都会有影响。24．（2021·江苏·扬州市邗江区实验学校三模）物理兴趣小组的同学利用周末开展一次登山活动，他们想利用随身携带的注射器、弹簧测力计、细线、刻度尺等相关用品测量山顶的大气压。测量方案如下：A．把注射器的活塞推至注射器针筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器小孔；B．如图甲所示，用细线拴住注射器活塞颈部，使线的一端与弹簧测力计的挂钩相连，然后水平向右慢慢拉动针筒，当活塞刚开始滑动时，记下弹簧测力计的示数为F；C．读出注射器针筒上有刻度部分的容积V；D．用刻度尺测出注射器针筒上有刻度部分的长度L。请根据他们设计的方案回答以下问题：（1）测量中，分析研究的是大气对______（选填“针筒”或“活塞”）的压力，当活塞相对于针筒开始滑动时，以地面为参照物，研究对象处于______状态。若不考虑其它因素，根据______的知识可知，研究对象在水平方向所受的大气压力与拉力大小相等；（2）实验时同学们发现注射器顶端装针头处空气无法排尽，这将会使测量结果______（选填“偏大”、“不变”或“偏小”）。同学们联想到去医院打针的情景，可采取简单的办法将注射器内空气排尽。你的方法是______；（3）测量前，有同学建议在活塞周围涂抹润滑油，然后将其插入针筒中，这样做有两个好处：一是活塞的密封性好；二是可以______。实验过程中他们让弹簧测力计和注射器保持在水平方向，可以减小______对实验的影响，从而提高实验的精确程度。【答案】

活塞

静止

二力平衡

偏小

见解析

减小摩擦

活塞自身重力【分析】【解析】（1）[1][2][3]把注射器的活塞推至注射器针筒的底端，然后用橡皮帽封住注射器小孔，慢慢拉动活塞，很难拉动活塞，是因为活塞与小孔之间处于近似真空，大气对活塞有力的作用，阻碍活塞向外运动，故是大气对活塞的压力；当活塞相对于针筒刚开始滑动时，以地面为参照物，活塞的位置相对于地面没有变化，活塞是静止的；活塞处于静止状态，处于平衡态，故根据二力平衡的原理，拉力和大气压力是平衡力。（2）[4]实验时同学们发现注射器顶端装针头处空气无法排尽，针筒内存在气压，导致大气对活塞的压力变小，会使测得的压强偏小。[5]将注射器内空气排尽，需要先注满水，端口向上推动活塞排水，使得顶端保留水，再封口。（3）[6][7]在活塞周围涂抹润滑油，将接触面隔离，减小活塞和针筒之间的摩擦；将弹簧测力计和注射器在水平方向上，不影响水平方向上的大气压力和拉力，减小活塞自身重力对实验的影响。25．（2021·江苏·扬州中学教育集团树人学校二模）为预防新冠肺炎，小明用密度为0.8g/cm3的纯酒精配制了浓度为75%的酒精，他查阅资料得知浓度为75%的医用酒精的密度为0.87g/cm3，为检验自己配制的酒精是否合格，他进行了如下实验和分析：（1）将天平放在水平台上并将游码移至标尺左端的零刻度线上，横梁静止时指针如图甲所示，此时应将横梁右端的平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节，使横梁在水平位置平衡；（2）将适量配制的酒精倒入烧杯中，并用天平测量烧杯和酒精的总质量，通过加减砝码的一番操作，当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后，横梁指针仍如图甲所示，接下来他应该______（选填序号）；A．向右调节平衡螺母B．向右移动游码C．取下最小的砝码后移动游码（3）测出烧杯和酒精的总质量为98g后，将烧杯中的一部分酒精倒入量筒，如图乙所示，读出了量筒中酒精的体积；（4）测量烧杯和剩余酒精的总质量，天平横梁平衡时如图丙所示，则烧杯和剩余酒精的总质量为______g；（5）小明配制的酒精的密度为______g/cm3。为符合要求，他应该向配制的酒精溶液中添加适量的______（选填“纯酒精”或“水”）；（6）如图丁所示是小明用粗细均匀吸管制成的简易密度计，该简易密度计刻度部分的A、D两点的测量范围是1.0g/cm3～1.6g/cm3，将其放入某种液体中，液面的位置恰好在AD的中点C，则这种液体的密度是______（选填“大于”、“小于”或“等于”）1.30g/cm3；（7）如图戊所示是三位同学用不同的粗细均匀吸管制成的密度计，竖直漂浮在水中时的情形，则在测量其他液体密度时结果精确度从大到小依次排列为______（选填序号）。【答案】

右

B

62

0.9

纯酒精

小于

②①③【分析】【解析】（1）[1]调节天平在水平台面上平衡时要将平衡螺母向指针偏转的相反方向调节，指针偏向分度盘的左侧，所以应向右调节平衡螺母。（2）[2]当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后横梁指针仍偏向分度盘的左侧，说明右侧砝码偏轻，此时应该调节游码，即向右移动游码，使天平平衡，故B符合题意，AC不符合题意。故选B。（4）[3]如图丙所示，游码标尺的分度值是0.2g，烧杯和剩余酒精的总质量m=50g+10g+2g=62g（5）[4]由图可知，量筒的分度值为2mL，酒精的体积V=40mL=40cm3倒入量筒中酒精的质量为m'=98g62g=36g酒精的密度为[5]由于医用酒精的密度为0.87g/cm3，所以需要添加密度小的纯酒精。（6）[6]密度计的重力不变，密度计处于漂浮状态浮力等于重力，即浮力也不变。设A、C、D三点显示的密度分别为、、则可得约去g可得由题意知，解得：所以这种液体的密度小于1.30g/cm3。（7）[7]密度计的特点是刻度不均匀，上疏下密，上小下大，而且分度值越小越准确，深度越深相邻两密度值的间距越大；由题图可知密度计②所处的深度最深，相邻两密度值的间距最大，分度值最小，测量值最准确；密度计③所处的深度最小，相邻两密度值的间距最小，分度值最大，所以在测量其他液体密度时结果精确度从大到小依次排列为②①③。26．（2021·江苏雨花台·三模）小明利用如图甲所示电路测定小灯泡的功率。被测小灯泡的额定电压为，电阻约为10Ω左右。实验室有如下器材：电源（电压为6V）、电流表（00.6A，03A）、电压表（03V，015V）、开关各一个、导线若干、滑动变阻器三只：R1（20Ω5A），R2（50Ω0.5A）、R3（500Ω1A）。（1）实验前在检查仪器时，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是______。正确连接电路闭合开关后，发现灯泡都不亮，电压表有示数，电流表无示数，电路的故障可能是______；（2）排除电路故障后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，多次测量，小明画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图像，如图丙，则小灯泡的额定功率为______W；（3）小明又取了一个规格、型号完全相同的旧灯泡进行实验，发现在额定电压下工作时，灯泡亮度明显偏暗。小明仔细观察，发现这只灯泡的玻璃内壁变黑。灯泡亮度偏暗的原因是灯丝发光时发生升华，消耗的实际功率______（选填“大”或“小”）的缘故；（4）小明利用图甲探究电流与电压的关系，通过调节滑动变阻器改变灯泡两端端的电压，得到多组数据，画出了电流与电压的关系与丙图相似，在同学的帮助下，小明发现自己未能得出正确结论的原因是：______，及时改正错误后顺利完成了实验；（5）另一小组的大智同学在只有一只电压表的情况下，连接了如图丁所示的电路，测出了额定电压为U额的小灯泡正常发光时的电阻。（已知滑动变阻器的最大阻值为，U额小于电源电压）①闭合开关S、，断开，将的滑片滑到最右端，的滑片滑到最上端，读出此时电压表的示数U，即为电源电压；②闭合开关S、，断开，将的滑片滑到最右端，调节的滑片，使电压表的示数为______，此时小灯泡正常发光；③同时闭合三个开关，保持的滑片不动，然后调节的滑片，使电压表的示数为______。保持的滑片不动，将的滑片滑到最上端，读出此时电压表的示数为；④小灯泡正常发光时的电阻______。（用字母表示）【答案】

应先对电流表调零

小灯泡断路

0.625

小

灯泡的电阻变化，未能控制电阻不变

UU额

UU额

【分析】【解析】（1）[1]由图乙可知，电流表指针没有在零刻度线上，所以要先对电流表调零。[2]正确连接电路闭合开关后，发现灯泡都不亮，电流表无示数，说明电路中存在断路，电压表有示数，说明电压表测量的用电器断路，即小灯泡断路。（2）[3]小灯泡的额定电压为，由图丙可知，当电压为2.5V时，电流为0.25A，根据可知，小灯泡的额定功率为（3）[4]灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的。这只灯泡的玻璃内壁变黑，灯丝发光时发生升华，说明灯泡的灯丝变细，电阻变大，仍在2.5V的电压下工作时，根据可知，实际电功率变小。（4）[5]探究电流与电压的关系实验中，需要控制用电器的电阻不变，而灯泡的电阻随温度的升高而增大，没有控制电阻不变，所以未能得出正确结论。（5）②[6]闭合开关S、，断开，将的滑片滑到最右端，此时电路为灯泡和R2组成的串联电路，电压表测量R2的电压。因为电源电压为U，灯泡的额定电压为U额，所以当电压表示数为UU额时，小灯泡就会正常发光。③[7]同时闭合三个开关，保持的滑片不动，这是用滑动变阻器R1来代替小灯泡，然后调节的滑片，使电压表示数仍为UU额，此时R1的阻值和小灯泡正常发光时的阻值相等。④[8]保持的滑片不动，将的滑片滑到最上端，已知滑动变阻器的最大阻值为，此时电压表的示数为，则电路中的电流为两端电压为则的电阻，即小灯泡正常发光时的电阻为27．（2021·江苏·扬州市邗江区实验学校三模）边长为10cm的正方体木块，质量为0.9kg，g=10N/kg，ρ酒精=0.8×103kg/m3，求：（1）木块静止在水平桌面上时对桌面的压强；（2）将木块投入足够多的酒精中时，木块静止时受到的浮力。（3）小明以0.005kW恒定功率拉动木块0.1min，求他所做的功。【答案】（1）900Pa；（2）8N；（3）30J【分析】【解析】解：（1）木块的重力为木块的体积为木块静止在水平桌面上时对桌面的压强（2）木块的密度为木头的密度大于酒精的密度，木头沉底，故木头浸没，木块的浮力为（3）他所做的功答：（1）木块静止在水平桌面上时对桌面的压强为；（2）木块的浮力为8N；（3）他所做的功为30J。28．（2020·江苏常熟·模拟预测）如图所示，电源电压恒为4.5V，灯泡上标有“3V1.5W”字样，定值电阻R1的阻值为15Ω，滑动变阻器R2上标有“30Ω，1A”字样，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~3V，不考虑温度对灯丝电阻的影响。求：(1)灯泡正常工作是的