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文档简介
2021届全国学海大联考新高考原创预测试卷(四)
文科数学
★祝考试顺利★
注意事项:
1、考试范围:高考范围。
2、试题卷启封下发后,如果试题卷有缺页、漏印、重印、损坏或者个别字句印刷模糊不
清等情况,应当立马报告监考老师,否则一切后果自负。
3、答题卡启封下发后,如果发现答题卡上出现字迹模糊、行列歪斜或缺印等现象,应当
马上报告监考老师,否则一切后果自负。
4、答题前,请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡
上的相应位置,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。用2B铅笔将答题卡上试卷
类型A后的方框涂黑。
5、选择题的作答:每个小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂
黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
6、填空题和解答题的作答:用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、
草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。如需改动,先划掉原来的答案,然后再写
上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。
7、选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。答案用
0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选
修题答题区域的答案一律无效。
8、保持答题卡卡面清洁,不折叠,不破损,不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。
9、考试结束后,请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一
项是符合题目要求的.
1-i
1.复数z=「在复平面内对应的点位于()
3+i
A.第一象限B.第二象限
C.第三象限D.第四象限
【答案】D
【解析】
【分析】
把复数的分母部分进行实数化即可,Z=L=::二化简后即可得到对应点,进而
3+i(3+z)(3-i)
得到答案.
【详解】Z=上」(l-z)(3-i)_2-4z_l-2z2i
(3+z)(3-i)-io="y-
3+z5~5
]2
在复平面内对应的点为,
1-i
・••复数z=——在复平面内对应的点位于第四象限
3+z
答案选D.
【点睛】本题考查复数的化简,属于简单题.
2.设a,。为非零向量,则“a//”是"a,b方向相同”的
A.充分而不必要条件B.必要而不充分条件
C,充分必要条件D.既不充分也不必要条件
【答案】B
【解析】
【分析】
根据向量的共线的充要条件,即可作出判定,得到答案.
【详解】因为为非零向量,所以a//b时,方向相同或相反,
因此“a//。”是“a力方向相同”的必要而不充分条件.
故选B.
【点睛】本题主要考查了充要条件和必要条件的判断,以及向量共线的充耍条件,属基础题.
其中解答中熟记利用向量共线的充要条件是解答的关键,着重考查了推理与判断能力.
3.若集合{幻2'>20}={幻/因(%-0)<0},则实数a的值为()
2
13
A.—B.2C.-D.1
22
【答案】A
【解析】
【分析】
根据指数函数与对数函数的性质,利用集合相等的性质列方程求解即可.
33
【详解】由2'〉2=2?‘解得光>耳;
由log[(x—a)<0=logj解得%>a+i,
22
因为{x|2>20}={x|/og|(x—a)VO},
2
31
所以a+l=—,解得a=—.故选A.
22
【点睛】本题考查了指数函数与对数函数的性质与应用以及集合相等的性质,意在考查灵活
运用所学知识解答问题的能力,是基础题.
4.已知函数/(X)是定义在R上的偶函数,且在[0,+e)上单调递增,则三个数
(
«=/(-log313),b=flog,-,c=/(2°6)的大小关系为
ka>
A.a>h>cB.a>c>h
C.b>a>cD.c>a>h
【答案】C
【解析】
【分析】
根据奇偶性得:a=/(log313),通过临界值的方式可判断出自变量之间的大小关系,再利用
函数的单调性得到a/,c的大小关系.
06
2=log39<log313<log327=3;log,|=log28=3,()<2-<2'=2
28
6
即:0<2°-<log313<log!!
28
/(X)为偶函数,,.a=/(-10g313)=/(log3l3)
又在[(),+8)上单调递增
(,6
•••/log,|j>/(log313)>/(2),即“a>c
本题正确选项:C
【点睛】本题考查利用函数单调性判断大小问题,关键是能够利用奇偶性将自变量变到同
一单调区间内,再通过指数、对数函数的单调性,利用临界值确定自变量的大小关系.
5.在某次高中学科竞赛中,4000名考生的参赛成绩统计如图所示,60分以下视为不及格,若
同一组中数据用该组区间中点作代表,则下列说法中有误的是()
*率巾1卧
0OM)1-----------------rt
0020卜-------r*,,<
00151--------r—-I-I—1
rm.
4(150M)70M)90100板摘{分)
A.成绩在[70,80]分的考生人数最多
B.不及格的考生人数为1000人
C.考生竞赛成绩的平均分约70.5分
D.考生竞赛成绩的中位数为75分
【答案】D
【解析】
【分析】
根据频率分布直方图中数据,逐项判断即可得出结果.
【详解】A选项,由频率分布直方图可得,成绩在[70,80]的频率最高,因此考生人数最多,
故A正确;
B选项,由频率分布直方图可得,成绩在[40,60)的频率为0.25,因此,不及格的人数为
4000x0.25=1000,即B正确;
c选项,由频率分布直方图可得:
平均分等于45x0.1+55x0.15+65x0.2+75x0.3+85x0.15+95x0.1=70.5,即C正确;
D选项,因为成绩在[40,70)频率为0.45,由[70,80]的频率为0.3,
所以中位数为70+10*幽。71.67,故D错误.
0.3
故选D
【点睛】本题主要考查频率分布直方图,会分析频率分布直方图即可,属于常考题型.
6.在矩形ABC。中,=4,,4=2.若点M,N分别是CO,8C的中点,则
AM-MN=()
A.4B.3C.2D.1
【答案】C
【解析】
【分析】
本题可以以AO,A8两个向量作为基底向量用来表示所要求的AM,MN,然后根据向量
的性质来运算,从而得出结果.
【详解】由题意作出图形,如图所示:
D____________________C
AB
由图及题意,可得:
AM=AD+DM=AD+-AB,
2
MN=CN—CM=-CB--CD^--BC+-DC=--AD+-AB.
222222
AM-MN=^AD+^AB^-^-^AD+^AB^
1,1,11
=—|AD|2+i|AB|2=——.4+—16=2.
2424
故选c.
【点睛】本题主要考查基底向量的设立,以及向量数量积的运算,属基础题.
22221
7.已知椭圆二+4=1«>6>0)与双曲线二—(a>0,b>0)的焦点相同,则双
/b2a2b22
曲线渐近线方程为()
A.y=~~2~XRy=土6。
C.y=+xD.y=±-\/2J
2'
【答案】A
【解析】
【分析】
由题意可得2/一2〃="+〃,即“2=3〃,代入双曲线的渐近线方程可得答案.
Y2y2y2]
【详解】依题意椭圆j+4=l(a>b>0)与双曲线^=-(a>0,b>0)即
a~bab~2
x2y2
7—Zr=l(a>°,b>°)的焦点相同,可得:黯_/=_1/+%,
—22
22
h
即/=3〃,...2=正,可得迈=坐,
a3a3
五
b
双曲线的渐近线方程为:y=±交x=±gx,
a3
正
故选A.
【点睛】本题考查椭圆和双曲线的方程和性质,考查渐近线方程的求法,考查方程思想和运
算能力,属于基础题.
8.已知角a的顶点在坐标原点,始边与x轴正半轴重合,终边经过点P(_0,1),则a»2a=
()
272R1„1n2V2
------D.-C.l).--------------
3333
【答案】B
【解析】
【分析】
先由角a的终边过点尸(-61),求出cosa,再由二倍角公式,即可得出结果.
【详解】因为角a的顶点在坐标原点,始边与%轴正半轴重合,终边经过点P(-夜,1),
-V2V6
所以cosa
J2+1.3
因此cos2a=2cos2a-l=-.
故选B
【点睛】本题主要考查三角函数的定义,以及二倍角公式,熟记三角函数的定义与二倍角公
式即可,属于常考题型.
9.若函数>="X)的大致图象如图所示,则f(x)的解析式可以是
A-B-
e+ee-e
I-x八x-x
C.=UD.=
XX
【答案】c
【解析】
【分析】
根据图象的对称性,单调性,特殊的函数值,等利用排除法可得.
【详解】当x-0时,r(%)一±8,排除力,6(1中的/(*)-*0);
xex-0r
当XV0时/'(x)V0,而选项8中x<0时,/■(x)=------->0,选项。中/Xx)=------->0,
ex-e-xx
排除反D;
故选C.
【点睛】本题考查了函数的单调性、符号,极限等,考查数形结合思想.利用特殊点,特殊
的取值是快速解决这类问题的关键.本题是一道中档题.
22
10.已知点P是椭圆:+2=1上非顶点的动点,K,6分别是椭圆的左、右焦点,。是坐
标原点,若M是的平分线上一点,且耳加•MP=O,则|。加|的取值范围是()
A.[0,3)B.(0,2回C.[272,3)D.(0,4]
【答案】B
【解析】
【分析】
采用数形结合,通过延长耳M结合角平分线以及6M-MP=(),利用中位线定理以及椭圆的
定义,得到|。“卜(卜"21P可=卜一|尸可,然后根据归闾的范围,可得结果.
【详解】如图,
延长F.M交PF2的延长线于点G,
•:F}MMP=O,:.F}M±MP.
又MP为/6?鸟的平分线,.FP司=pq,
且用为我。的中点.
•••0为耳耳的中点,•••|0”卜;归可.
中田固卜比2Hp律网,
,|。叫=#。-2|明卜14Tp可,
•.•4—2血<,用卜4+2血,且|P6,4,
.•.阿同0,2⑹.
故选:B
【点睛】本题主要考查椭圆的应用,属中档题.
11.已知球。的半径为4,矩形ABCD的顶点都在球。的球面上,球心。到平面A3C0的距
离为2,设球内的一个质点落在四棱锥O—A6C。内的概率为P,则P的最大值为()
1万31
A.---B.—C.----D.----
4万16167r12万
【答案】C
【解析】
分析】
根据勾股定理,可以得到矩形A8CD两边长的平方和,利用常用的不等式,可得出面积的最
大值,结合几何概型,可得P是四棱锥的体积与球的体积之比,可得结果.
【详解】设矩形的两邻边为》,丁,
由题易知丁+>2=4822孙,
当且仅当x=y时,取等号.
即矩形面积的最大值为24.
由几何概型知识知当四棱锥体积最大时,
L2x24a
产取最大值,故4皿=与------==•
16万
3
故选:C
【点睛】本题主要考查几何概型的应用,同时还考查了常用的不等式。2+。222/7,注意取
等号的条件,属基础题.
12.已知函数“X),对于任意实数,当时,记]/(力一/(%0)|的最大值
—%2—2工x«0
为%MG。)•若/(x)=~>则q.〃+2](T)的取值范围是()
乙IX,X>U
r9-
A.[1,4]B.[2,4]C.(2,4)D.1,-
【答案】A
【解析】
【分析】
先计算利用数形结合,画出|/(x)-1|图像,根据新定义,结合分类讨论的方法,可
得结果.
【详解】由题意得:/(-1)=-1+2=1,
%+2](-1)=|/(%)-1|^,xe[a,a+2],
|-x2-2JC-1|=|(x+1)',x<0
又|/(x)T=<
|2-|x-l|-l|=|l-|x-l||,x>0
可得的图象如图所示,
+.•.区间长度为2,
当。=一1时,
%g(T)=%j](T)=|〃x)TL
所卬(X)TLT〃°H=I;
当。+2=—1时,
%g(T)=%T(T)=|〃x)TL
所以火X)TLT"—3)7=4,
,4.“+2](一1)的取值范围为:[1,4].
故选:A
【点睛】本题主要考查对新概念的理解,以及利用数形结合解决分段函数的问题,属中档题.
二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.把各题答案的最简形式写在题中的横
线上.
13.学校为了解1000名高一新生的身体生长状况,用系统抽样法(按等距的规则)抽取40名
同学进行检查,将学生从11000进行编号,则编号落入区间[501,750]的人数为
【答案】10
【解析】
【分析】
按系统抽样的方法,得到抽样距,可得501,750具体在哪一组,简单计算,可得结果.
【详解】从1000名学生中抽取一个容量为40的样本,
系统抽样分40组,每组”四=25个号码,
40
每组抽取一个,
从501到750恰好是第21组到第30组,
共抽取10人.
故选答案为:10
【点睛】本题主要考查系统抽样的应用,属基础题.
y>x
14.已知实数x,>满足<x+3y44,则z=|3x+y|的最大值是一
xN—2
【答案】8
【解析】
分析】
画出可行域,利用z的几何意义求解即可
【详解】由约束条件可知可行域为图中阴影部分所示:
其中A(—2,—2),C(-2,2)
又2=V10,可知z的几何意义为可行域中的点到直线3x+y=O距离的而倍
可行域中点到直线3x+y=0距离最大的点为A(-2,-2).
工=氏(-2)-2|=8,
故答案为8.
【点睛】本题考查利用线性规划求解最值的问题,关键是能够明确目标函数所表示的几何意
义,利用数形结合来进行求解.
15.在平面直角坐标系x0y中,以点(1,0)为圆心且与直线如-y-21=0(〃住即相切的
所有圆中,半径最大的圆的标准方程为.
【答案】(x-iy+y2=2
【解析】
试题分析:因为直线如一y—21=0恒过定点(2,T),所以圆心(1,0)到直线
mx-y-2m-\=Q的最大距离为d=J(2—l)2+(0+1」=叵,所以半径最大时的半径
所以半径最大的圆的标准方程为(x-1尸+V=2.
考点:1、圆的方程;2、直线与圆的位置关系.
【方法点睛】解决直线与圆的问题时,一方面,注意运用解析几何的基本思想方法(即几何
问题代数化),把它转化为代数问题,通过代数的计算,使问题得到解决;另一方面,由于直
线与圆和平面几何联系得非常紧密,因此准确地作出图形,并充分挖掘几何图形中所隐含的
条件,利用几何知识使问题较为简捷地得到解决,即注意圆的几何性质的运用.
16.在直线y=-2上任取一点Q,过。作抛物线f=4y的切线,切点分别为A、B,则直
线AB恒过定点______.
【答案】(0,2)
【解析】
【分析】
假设A(X1,y),3(%,%),利用导数,分别求出抛物线在这两点的切线方程,根据两方程都
过点Q,通过观察发现,可得结果.
【详解】设Q(/,-2),A(%,y),
抛物线方程变为y=—f,则x,
42
则在点A处的切线方程为y—y=g%(x—5),
化简得,y=^xtx-yi,同理,
在点B处的切线方程为y-^x2x-y2.
又点Q。,-2)的坐标满足这两个方程,
代入得:—2=/工/—y,—2=——y29
则说明A(x,yJ,都满足
方程—2=~xt—y,
即直线AB的方程为:y-2=^tx,
故直线AB恒过定点(0,2).
故答案为:(0,2)
【点睛】本题主要考查抛物线与直线的综合应用,以及过定点问题,属中档题.
三、解答题:本大题共70分.解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.第17~21题为必考
题,每个试题考生都必须作答.第22、23题为选考题,考生根据要求作答.
(-)必考题:共60分.
17.AABC的内角A、B、C所对的边分别为。、5、c.己知2sin3-sinC+cos3=2cosA,
且sin5¥1.
(1)求角。的大小;
(2)若4=近,角6的平分线交AC于。,且百,求C.
2「
【答案】(1)§乃仁)c=46
【解析】
【分析】
(1)在三角形中,可得到cosA=—cos(3+C),结合两角和的余弦公式,化简,可得结果.
(2)在ACBO中,利用正弦定理,可得到NBDC,然后结合角平分线知识,可得a=b,
利用余弦定理,可得结果.
【详解】(1)由2sin3-sinC+cos3+2cos(B+C)=0,
得-2cos8cosC=cosB,
因为sinbwl,则cosbwO,
故cosC=-g,CG(0,1).
则c=2%.
3
(2)在ACBO中,
BDBC
由正弦定理得:
sinCsinZBDC
则sinNBDC=BCsinC=变,
BD2
7TTT
故/BDC=—,则NC8A=—=NC48,
46
a=b=V?,
由余弦定理,c2=a2+h2—2ah-cosC=6»
即c=\/6.
【点睛】本题主要考查正弦定理、余弦定理的应用,解决三角形中的问题,要联想到正弦定
理、余弦定理以及面积公式,通常也会和三角函数结合,以及不等式,属中档题.
18.已知等差数列{4}的前5项和为50,%()=31,数列{%}满足
G+"+与++-^7=4什1("€?/).
14424'i、'
(1)求数列{%}的通项公式;
⑵记数列{%}前“项和为T“,求小9.
2019
【答案】⑴an=3n+\(2)4+3
【解析】
【分析】
(1)根据等差数列的通项公式以及前〃项和公式,可得公差d,利用公式,可得结果.
⑵根据(1)的结论,通过计算q+•+叁++旨=勺(〃22),与原式联立,可得c.,
然后利用公式法,可得结果.
【详解】(1)设等差数列{4}的公差为d.
5-(q+4)
50(%TO
依题意得,2=>5
%,=31
.-o=31
所以“4o.%=3
10-3
故=%+(〃-3)d=1()+(次—3)4,
即=3〃+1.
(2)由G+a+…+^Y=a“+|(〃eN*),①
当〃=1时,。]=。2=7,
"22时,q+尹…+言=%,②
①一②得:q=(6用—q)4"T=34-(〃之2).
故%9=7+3-(4+4?+…+423)
所以《019=7+3・J::)=42019+3
【点睛】本题考查求等差数列的通项公式以及等比数列求和,属基础题.
.如图,已知三棱柱中,底面。,
19ABC—44cl4Al_LABC,N84C=904Al=1,
AB=6,AC=2.E,尸分别为棱CG,8C的中点.
(1)求异面直线EF与43所成角的大小;
(2)若G为线段AA的中点,试在图中作出过E、F、G三点的平面截该棱柱所得的多边
形,并求出以该多边形为底,4为顶点的棱锥的体积.
【答案】(1)(2)截面见详解,体积为且
48
【解析】
【分析】
(1)连接A。,AC;交于点。,根据中位线定理找到与48的平行线O尸,并找到异面直线
Er与AB所成角,计算OF,EROE长度,根据余弦定理,可得结果.
(2)画出截面GE/W,计算四边形GEF7V的面积,根据AB〃面GEEV,可得从到面
GEFN的距离,结合椎体体积公式,可得结果.
【详解】(1)连接AC,交于点。,连接QF,GE
如图
由AAJ.底面ABC,ACu面ABC,
所以A41_LAC,又NBAC=90°
所以ACLAB,ABu面AB4
所以ACJ•面AB4,
故四边形A&GC为矩形,所以G,O,E共线
。为AC的中点,所以OF〃Af,
故异面直线EF与AB所成角为NOEE
AA]=1,AS=>/3,AC—2,
且E,尸分别为棱CG,BC的中点
所以A6=2,OE=1,BC"
所以OF=1,EF=也
又OF2+OE?=EF?且OF=OE
所以AOE广为等腰直角三角形,
71
故NOEE=一
4
(2)取45的中点N连接GN,FN,
又G为线段A4的中点,所以GN//&B
贝UGN〃OF,且GN=OF
过£、尸、G三点的平面截该棱柱
所得的多边形为四边形GE/W
由(1)可知,NF//GEELGNLGE
所以四边形GEMV为直角梯形,
所以
,_(NF+GE)7VG_(l+2)xl_3
SGEFN=2=-2—=5
又平面GEKV,GNu面GEFN,
所以4B〃平面GEE/V,作NM_L48
所以NAI=BNlsinZNBM=BN必=6
A1B4
且A到截面的距离即NM=—
4
所以匕?ii-UGcErF/vN=、SKNN8M=—
【点睛】本题主要考查空间几何体中异面直线所成的角以及锥体的体积,常用到作辅助线,
以及线面,面面之间的关系,属中档题.
20.在ZVLBC中,A、B的坐标分别是卜上,0),(&,0),点G满足AG+3G+CG=€).>
轴上一点〃,满足GM//AB,且=
(1)求AABC的顶点C的轨迹E的方程;
(2)直线/:y=H+,*与轨迹E交于P、Q两点,若在轨迹E上存在点R,使四边形OPR。
为平行四边形(。为坐标原点),求机的取值范围.
22(、
【答案】(1)轨迹£的方程为L+2_=](yN0);(2)—00,.....——
26^I2JL2)
【解析】
【分析】
(1)假设点C坐标,根据重心知识,可得到点G,进一步得到点M,利用=
可得结果.
(2)联立轨迹£的方程与直线/的方程,结合韦达定理,根据OR=OP+OQ,可得R的坐
标,把R代入E的方程,以及」,可得结果.
【详解】⑴设C(x,y)(yx0)
由AG+BG+CG=(),
所以可知G为AABC的重心,且GM//A8
又川-夜,0),8(夜,0),所以
加河),5l.\MC\^\MB\
22
所以轨迹£的方程为二-+二=l(y#o)
26V7
(2)设P&,y),Q(巧,%),
由四边形OPRQ为平行四边形,
则OH=O尸+OQ,所以R(x+w,X+%)
y=kx+m
<x2y2=>(3+公卜2+26x+>-6=0
---1---=1
26
△=(2〃mp-4(3+巧(疗一6)>0
贝IJ2%2-M+6>0①
-2kmm2-6
3+%=和,平2=二正
6m
X+%=%(玉+々)+2m-
3+k2
由点R在轨迹E上,所以
(-2km\(6mY
L1±£J_11±E1=1
2+6
化简可得:攵2=2〃/一3②
②代入①可得:,n2>0
又由②可知,/〃223
所以机2或m<一Y6
22
所以
加的取值范围为-8,—-—,+8
22
IJL)
【点睛】本题主要考查椭圆与直线的应用,一般来讲圆锥曲线与直线的综合应用,都需联立
方程,结合韦达定理,考验计算能力,数中档题.
21.已知函数/(x)=ae*的图象在%=0处的切线与函数y=lnx的图象在%=1处的切线互
相平行.
(1)求。的值;
(2)若/‘(X)之侬对xe(0,4w)恒成立,求实数,”的取值范围;
(3)若数列[坐]的前〃项和为7;,求证:Tn<—^—~.
[〃J\72(〃+1)
【答案】(1)4=1;(2)(-8,e];(3)见详解
【解析】
【分析】
(1)根据曲线在某点处的导数的几何意义,可得/'(())与函数y=lnx的图象在%=1处的导
数,由于切线平行,可得结果
XX
(2)利用分离参数的方法,得到根4然后构建函数g(x)=2,利用导数研究函数g(x)
的单调性,根据g(x)的值域与加的大小关系,可得结果.
(3)根据(2),得到然后令x=〃2代入,两边取对数,进行化简,结合不等式可
得见?-+一1],最后求和可得结果.
n21nn+\J
【详解】(1)由/(x)=ae’,所以尸(x)=ae\
则1(O)=a,又y,=(lnxy=:
所以y'k=l,据题意可知:«=1
(2)由(1)可知〃x)=e*
又侬对尤€(0,+oo)恒成立,
即加〈《在xe(O,+x5)恒成立,
X
令g(x)=幺,g'(-y)=-
XX
当0<%<1时,g'(x)<0
当x>l时,g'(x)>0
所以g(x)在(0,1)单调递减,
在单调递增,
所以gmin(x)=g(l)=e
所以〃
所以实数m的取值范围为(-8,e]
(3)由(2)可知:
当xe(O,”)时,f^x)>ex,即
令x=",所以两边取对数,
可得〃2—1iInn2>
所以
„If11II11)
〃211223nn+\)
即
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