山东省日照市2025届高三年级上册开学考试物理试题（含解析）

物理试题

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需

改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写

在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回.

4.本试卷共8页，满分100分，考试时间90分钟。

一、单项选择题：本题包括8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，

只有一项是符合题目要求的。

1.关于运动的描述，下列说法正确的是（）

A.做匀速圆周运动的物体，速度保持不变

B.汽车在高速行驶时的惯性比低速行驶时的惯性大

C.研究全红婵十米台跳水动作时，可以把她看成质点

D.物体做直线运动时，位移的大小不一定等于路程

【答案】D

【解析】

【详解】A.做匀速圆周运动的物体，速度大小不变，方向时刻改变，故A错误；

B.物体的惯性只与物体的质量有关，与物体的运动状态无关，故汽车在高速行驶时的惯性等于低速行驶时

的惯性，故B错误：

C.研究全红婵十米台跳水动作时，全红婵的形状、大小不可以忽略，不可以把她看成质点，故C错误；

D.物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程，故物体做直线运动时，位移的大小不一定等于路程，

故D正确。

故选D。

2.水平地面上，小物块与倾角为6的斜面体叠放在一起，均保持静止。现对物块施加一平行于斜面向上的

拉力，如图所示，在拉力从零逐渐增大的过程中，系统始终保持静止。下列说法正确的是（）

e

A.地面对斜面体的摩擦力一定逐渐增大

B.地面对斜面体的支持力保持不变

C.斜面体对物块的摩擦力一定一直减小

D.斜面体对物块的支持力一定逐渐减小

【答案】A

【解析】

【详解】AB.将小物块和斜面体看作一个整体，对整体受力分析，根据平衡条件，在水平方向

Fcos0=fib

竖直方向

Fsind+N=m息g

当拉力从零逐渐增大的过程中，地面对斜面体的摩擦力加=Pcos6逐渐增大；地面对斜面体的支持力

N=机总g—尸sine逐渐减小，故A正确，B错误；

C.对小物块受力分析，根据平衡条件，在沿斜面方向，当E（根物gsin。时

/+/=机物gsin/9

斜面体对物块的摩擦力随拉力从零逐渐增大而减小；当尸=«^gsin。时，摩擦为零，当产〉机物gsin。

时

尸=机物gsin°+/

此时摩擦力随拉力从零逐渐增大而增大，即斜面体对物块的摩擦力先沿斜面向上减小到零后逐渐沿斜面向

下增大，故C错误；

D.对小物块受力分析，根据平衡条件，在垂直斜面方向

N'=m^gcos0

即斜面体对物块的支持力一定不变，故D错误。

故选Ao

3.一辆汽车正沿直线公路匀速行驶，驾驶员突然发现前方有危险，经过一定的反应时间后开始刹车，刹车

过程中汽车做匀减速运动，直至停下。从驾驶员发现前方有危险时开始，下列关于汽车的运动图像正确的

是（）

Va

【答案】C

【解析】

【详解】A.从驾驶员发现前方有危险时开始，汽车先做匀速运动，后做匀减速运动，故图A不符合要求;

B.从驾驶员发现前方有危险时开始，汽车先做匀速运动，加速度为零，后做匀减速运动，匀减速阶段加速

度不变，故图B不符合要求；

C.从驾驶员发现前方有危险时开始，汽车先做匀速运动，此时x-v2图像是一条平行于x轴的线段，汽车

后做匀减速运动，根据动力学公式

v2-v；=lax

v-%

x=---------

2a2a

可知此时图像是一条倾斜的直线段，故C符合要求；

D.汽车做匀减速运动阶段，汽车的加速度不变，故图D不符合要求。

故选C。

4.防溺水工作可以有效减少溺水事故的发生，保护人们的生命安全。某同学在对当地某河流调查时发现，

河流中央的某处半径为5m的漩涡是溺水事故的多发地，如图所示，该同学在距离漩涡中心正上游15m处

的P点设立警示点。假设河水流动的速度为3m/s,处在尸点的游泳爱好者要避开漩涡区域游动的最小速

度为（）

（小漩涡

A.Im/sB.V2m/sC.V3m/sD.2m/s

【答案】A

【解析】

【详解】水流速度是定值，只要保证合速度方向指向漩涡危险区切线方向即可，如图所示

由几何关系可知

为了能避开漩涡沿直线到达安全地带，运动员在静水中的速度至少是

v0=vsin。=lm/s

故选Ao

5.2024年3月20日，鹊桥二号中继星成功发射升空，为嫦娥六号在月球背面的探月任务提供地月间中继

通讯。如图所示，鹊桥二号采用周期为7的环月椭圆冻结轨道，近月点/距月心的距离与远月点C距月心

的距离之比为"，3D为椭圆轨道的短轴。下列说法正确的是（）

A.鹊桥二号从N点到8点的运动时间为工

4

B.鹊桥二号在/、C两点的加速度大小之比为

n

C.鹊桥二号在。点的加速度方向指向O'

D.鹊桥二号在地球表面附近的发射速度大于11.2km/s

【答案】B

【解析】

【详解】A.鹊桥二号围绕月球做椭圆运动，根据开普勒第二定律可知，从做减速运动，故鹊桥二

号从/点到2点的运动时间不为二，A错误；

4

B.由

「Mm

G—=ma

可知鹊桥二号在N、C两点的加速度大小之比为

aA=R0

ac此

代入得

ac“2

B正确；

C.鹊桥二号在。点的加速度方向指向月球，C错误；

D.由于鹊桥二号环绕月球运动，而月球为地球的“卫星”，则鹊桥二号未脱离地球的束缚，故鹊桥二号的

发射速度应大于地球的第一宇宙速度7.9km/s,小于地球的第二宇宙速度11.2kms,D错误；

故选Bo

6.如图所示，用高压水枪清洗汽车时，设水枪出水口的直径为4,水柱射出出水口的速度大小为%,水

柱垂直射到汽车表面时的直径为&，水柱垂直射到汽车表面时水的速度大小为z，冲击汽车后水的速度

为零。已知水的密度为夕。下列说法正确的是（）

若&<，贝巧

A.4I<v2

B.高压水枪单位时间喷出的水的质量为夕兀％"；

C.高压水枪单位时间喷出的水的质量为夕兀匕或

D,水柱对汽车的平均冲力为;夕兀成田

【答案】D

【解析】

【详解】A.依题意，可得

%（?）2%板=兀（^）2丫2垓

即

片匕=d；v2

若4<4，则

V］〉V2

故A错误；

BC.高压水枪单位时间喷出的水的质量为

〃d；务”片

m0=pV=p7i-vx=—产

故BC错误；

D.水柱对汽车的平均冲力为尸，由动量定理得

Ft=mv2=卒丁2t.y2

解得

F=：071成V；

故D正确。

故选Do

7.如图所示，一质量为加的光滑小球放置在倾角为。的固定斜面上，用垂直于斜面的挡板挡住，挡板绕

O点顺时针缓慢地转向竖直位置的过程中，下列判断正确的是（）

B.小球对挡板的压力逐渐增大

C小球对斜面的压力先减小后增大D.小球对斜面的压力一直减小

【答案】B

【解析】

【详解】对光滑小球受力分析，受重力mg,斜面的支持力外1，挡板的支持力耳;2,挡板绕。点顺时针缓

慢地转向竖直位置的过程中斜面的支持力外1方向不变，大小一直增大；挡板的支持力氏2一直增大，由

牛顿第三定律可知，小球对斜面的压力一直增大，小球对挡板的压力一直增大。

故选B。

8.如图所示，倾角为30。、足够长的光滑斜面固定在水平地面上，轻弹簧的一端固定在斜面的底端，另一

端与放在斜面上的物体B连接。放在斜面上的物体A、B紧靠在一起但不粘连，两物体的质量均为1kg,

初始时，物体A与物体B静止在斜面上。现用平行于斜面向上的外力尸作用在物体A上，使物体A沿斜

面向上做匀加速运动，0.2s后尸为恒力。已知弹簧的劲度系数为100N/m,弹簧始终处于弹性限度内，弹

簧的弹性势能表达式：E=-kx2（其中左为弹簧的劲度系数，x为弹簧的形变量），取重力加速度

P2

g=10m/s2o下列说法正确的是（）

A.外力厂的最大值为20NB.外力厂的最小值为10N

C.7=0.2s时，物体A的速度为工m/sD.整个过程中弹簧可以恢复到原长

3

【答案】C

【解析】

【详解】AB.依题意，A、B两物体静止在斜面上时，有

2mgsin3=kx1

0.2s时二者之间作用力为零，可得

ma=kx2-mgsin0

由匀加速直线运动公式，可知

-2=M

解得

5.1

a=-m/s2，X.,=——m

3215

施加外力瞬间，尸为最小值，可得

/=2ma=yN

两物体分离前瞬间，厂为最大值，可得

%x+丘2-2mgsin0=2ma

解得

^ax=yN

故AB错误;

C.7=0.2s时，物体A、B具有相同的速度

1,

v=at=—m/s

3

故C正确；

D.二者分离后，若弹簧恢复到原长时，设其速度为M,由功能关系可得

22

gkxf+gmv=mgx2sin8+gmv'

解得

—mv'2<0

2

可知整个过程中弹簧不可以恢复到原长。故D错误。

故选Co

二、多项选择题：本题包括4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，

有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

9.抛秧是一种水稻种植方法。如图甲所示，在抛秧时，人们将育好的水稻秧苗大把抓起，然后向空中用力

抛出，使秧苗分散着落入田间。这种种植方式相对传统插秧更省时省力。某同学研究抛秧的运动时，将秧

苗的运动简化为以肩关节为圆心臂长为半径的圆周运动，忽略空气阻力，如图乙所示。秧苗离手瞬间，通

过手指改变秧苗的运动速度，A、B两秧苗离开手后做不同的抛体运动，其轨迹在空中交于尸点。下列说

法正确的是（）

A.秧苗在起抛处，手对秧苗的作用力一定小于秧苗的重力

B.秧苗在最低点，手对秧苗的作用力大于秧苗的重力

C.秧苗A先经过尸点

D.秧苗B初速度的水平分量一定大于秧苗A的初速度的水平分量

【答案】BD

【解析】

【详解】A.秧苗在起抛处，重力与半径方向的夹角为则有

F-mgcosa=m—

手对秧苗的作用力不一定小于秧苗的重力。故A错误；

B.秧苗在最低点，由牛顿第二定律

V2

r-mg=m——

r

可知，手对秧苗的作用力大于秧苗的重力。故B正确；

C.依题意，。与尸竖直距离一定，秧苗A竖直方向是竖直上抛运动，秧苗B是自由落体运动，所以秧苗

B用时短，先经过P点。故C错误；

D.。与P水平距离一定根据

x=vot

可知，秧苗B初速度的水平分量一定大于秧苗A的初速度的水平分量。故D正确。

故选BD。

10.“双星系统”由两颗相距较近的恒星组成，每颗恒星的直径远小于两颗星体之间的距离，而且双星系

统一般远离其它天体。某双星系统可以简化为如图所示的模型，两颗恒星四、S2绕连线上的。点做周期

相同的匀速圆周运动。两颗恒星S］、$2的质量分别为机1、m2,运动周期为7,万有引力常量为G。下列

判断正确的是（）

，“一一、、、

Z、

ZZ、

，✓X、

//'---、、、、\

//\\

//\\

S]O----f------.------OS]!

\0/；

\'、'」一/'/

、、、//

、、、"____-J

A.恒星SpS2的加速度大小之比为加I:加2

B.恒星SpS2的线速度大小之比为机2：班

|Gm^T2

C.恒星Si的轨道半径为？、2

V4兀\mx+m2）

D.恒星SpS2的动能之比为加；：喈

【答案】BC

【解析】

【详解】A.根据

Gm

1加2=ma-ma

Lxx22

解得

a\：a2=m2：mx

故A错误；

BC.由牛顿第二定律可得

Gmm4/4/

x2=m^r=m^r

L2iri2r2

又

rx+r2=L

联立，解得

|Gm^T2

"：&=m2：明，「九2/

V4兀（加1+〃

恒星S]、S2的线速度大小之比为

2劭

匕_1_机2

v22万々丫2ml

故BC正确；

D.恒星SpS2的动能之比为

12

:5mM=乃2

厂叫

故D错误。

故选BCo

11.如图所示，在光滑水平面上，质量均为"的木块B和C并排放一起，C上固定一竖直轻杆，轻杆上端

的。点系一条不可拉伸、长度为/的细线，细线另一端系一个可以看作质点、质量为加的球A。现将A

球向左拉起使细线水平且自然伸直，并由静止释放A球。已知四=2加，重力加速度为g,不计一切阻

力。下列说法正确的是（）

A,A球第一次运动到最低点时的速度大小为亚g/

B.A球由静止释放到第一次运动到最低点的过程中，木块C的位移大小为,

3

C.A球第一次向右运动到最高点时距0点的竖直高度为,

6

D.木块B最终的速度大小为、包

V10

【答案】CD

【解析】

【详解】ABD.设小球由静止释放到第一次经过最低点的过程中，小球的水平位移大小为X1,木块C的

位移大小为马,小球运动到最低点时的速度大小为丹，B、C的速度为/c；小球由静止释放在向下摆动

的过程中，对C有拉力，使得B、C之间有弹力，B、C不会分离，当A运动到最低点时，B、C间弹力为

零，B、C将要分离，二者分离时速度相等，A、B、C系统水平方向不受外力，系统水平方向动量守恒,

取水平向右为正方向，由系统水平方向动量守恒得

mvA-2MVBC=0

则

tt

由几何关系得

xx+x2=I

由机械能守恒定律得

mgl=^mv\+^2Mvlc

又

M=2m

解得

V.岷v一回-L

2折，%x一5

故AB错误；D正确;

C.A球向右摆至最高点时，A、C共速，水平向右为正方向，由水平方向动量守恒得

mvA—MVBC=（加+

由A、C系统能量守恒得

~mvA+；环友=；（加+A/"2+mgh

解得

h=-l

6

则小球A第一次到达轻杆左侧最高处距。点的竖直高度为-故C正确。

6

故选CDo

12.某传送装置如图所示，一长度上如=3.2m的传送带倾斜放置，与水平面的夹角为仇以%=2m/s的

恒定速度逆时针转动。将一质量m=1kg的物体无初速度地放在传送带的顶端P,经时间tx=0.2s,物体

的速度达到2m/s,此后再经过右=L°s时间，物体运动到传动带的底端。。已知重力加速度，物体可视为

质点。下列判断正确的是（）

p

A.物体运动到传送带的底端0点时的速度v=4m/s

B.传送带与物体间的动摩擦因数〃=0.5

C.传送带与水平面的夹角8=53°

D.物体由尸运动到。的过程中，因摩擦而产生的热量。=4.8J

【答案】ABD

【解析】

【详解】A.%时间内，物体的加速度为

=—=^-m/s2=10m/s2

40.2

。时间内，物体的位移为

1,1,

%,=—a,ty=—x10x0.2m=0.2m

12112

巧时间内，物体的平均速度为

_LpQ—3.2—0.2

v=--------=------------m/s=3m/s

t1.0

匀变速直线运动的平均速度等于该过程初末速度之和的一半，则

-%+丫

v=-----

2

解得物体运动到传送带的底端Q点时的速度

v=4m/s

故A正确；

BC.巧时间内，物体的加速度为

出=T向52=2"

4时间内，根据牛顿第二定律

mgsin3+]umgcos0-max

。时间内，根据牛顿第二定律

mgsin0-jumgcos0=ma2

解得

。=37。，〃=0.5

故B正确，C错误；

D.4时间内，物体与传送带的相对位移

AX[=*-X]=2x0.2m-0.2m=0.2m

h时间内，物体与传送带的相对位移

AX2-LPQ-XJ-V0?2=3.2m-0.2m-2x1_0m=Im

物体由尸运动到0的过程中，因摩擦而产生的热量

Q=/nmgcos6)(Axj+Ax,)=0.5xlxl0x0.8x(0.2+l)J=4.8J

故D正确。

故选ABD。

三、非选择题：本题包括6小题，共60分。

13.某学习小组的同学要探究“质量一定时，加速度与物体受力的关系”。他们在实验室组装了一套如图所

示的实验装置，水平轨道上安装两个光电门，光电门与数字计时器相连，两个光电门中心距离/=0.5m,

小车上固定有挡光片，挡光片的宽度"=2.0mm,细线跨过两个定滑轮一端与力传感器连接，另一端与

小桶连接。实验时首先保持轨道水平，通过调整小桶内祛码的质量使小车做匀速运动以实现平衡摩擦力，

此时力传感器的示数为i。然后改变小桶内祛码的质量，使小车做匀加速直线运动，记下每次小车做匀加

速直线运动时力传感器的示数尸和对应的数字计时器的示数，并求出小车做匀加速直线运动的加速度。，

分析实验数据，得到小车的加速度与受力的关系。

(1)该实验(选填“需要”或“不需要”)满足小桶和小桶内祛码的总质量机远小于小车和小车

上的定滑轮和挡光片的总质量M。

（2）某次实验过程中：小车上的挡光片通过光电门1和2的挡光时间分别为A/】=2.0ms、Ar2=1.0ms

（小车上的挡光片通过光电门2后，小桶才落地），则小车的加速度。=m/s2（计算结果保留两

位有效数字）。

（3）实验时，当力传感器读数为《时，测得小车的加速度大小为4,当力传感器读数为8时，测得小车

的加速度大小为电，在误差允许的范围内满足，则说明在小车质量一定的情况下，小车的加速

度与小车所受的合外力成正比。

【答案】（1）不需要（2）3.0

（3）K―1

F?-F。a2

【解析】

【小问1详解】

由于实验中已给出了力传感器，可以直接测出细线的拉力，所以不需要满足祛码和祛码盘的总质量远小于

小车（包括力传感器和挡光板）的质量。

【小问2详解】

小车通过光电门1时的速度为

d

Vj=一

kt、

通过光电门2时的速度为

d

v2=——

根据匀变速直线运动公式

^2~vi=2al

可得

（。-（£）2

a=---------L=3.0m/s2

2/

【小问3详解】

平衡摩擦力时，小车做匀速运动，力传感器的示数等于祛码和祛码盘的总重力，故

f=2F°

在小车质量一定的情况下，小车的加速度与小车所受的合外力成正比，则

2F「f=Ma],2F2-f=Ma

联立，解得

F?1F。a2

14,某装置如图甲所示，左侧铁架台上固定一与数字计时器相连的光电门，右侧物块A（左侧固定有挡光

片）与物块B用轻绳连接后，跨放在定滑轮上。某同学用该实验装置验证机械能守恒定律，实验过程如

下：

1光电门

□B

挡光片

_一aA

（1）用游标卡尺测得挡光片的宽度%某次测量结果如图乙所示，其读数为mm；

（2）用托盘天平测得物块A（含挡光片）与物块B的质量分别为加人和加B；

（3）用手托住物块B,让A和B两物块保持如图甲所示的静止状态，此时挡光片距光电门的高度为瓦

松手后物块B下降，物块A上升，与光电门相连的数字计时器记录下挡光片经过光电门的挡光时间为

；

（4）物块A上升力的过程中，系统减少的重力势能为,系统增加的动能为

（均用题目中所给字母表示，已知当地的重力加速度大小为g）;

（5）通过实验中得到的数据，经过计算可知系统减少的重力势能略大于系统增加的动能，则实验结论是

【答案】①.L50（mB-mA）g/i③*/④.在误差范围内，系统机械能守

【解析】

【详解】（1）[1]游标卡尺的读数为

d=1mm+10x0.05mm=1.50mm

（4）[2]物块A上升力的过程中，系统减少的重力势能为

第=（机B—机A）g力

[3]根据极短时间的平均速度等于瞬时速度，物块A经过光电门的速度为

d

v=一

△t

系统增加的动能为

4T

（5）[4]通过实验中得到的数据，经过计算可知系统减少的重力势能略大于系统增加的动能，则实验结论

是：在误差范围内，系统机械能守恒。

15.波源位于坐标原点的一列简谐波沿x轴正方向传播。片0时波源开始振动，。=1.5s时，位于x,.=6m

的c点恰好开始振动，波形如图所示。

（1）求简谐波的波长、周期和传播速度；

（2）求位于x°=20m的质点。（未画出）第一次处于波峰位置的时亥人

【答案】（1）4m,Is,4m/s

（2）5.25s

【解析】

【小问1详解】

由图可知，简谐波的波长为

4=4m

简谐波的波速为

v=-=—m/s=4m/s

41.5

由丫=一可知，简谐波的周期为

7=-=-s=ls

v4

【小问2详解】

根据波的平移可知。点第一次出现波峰时只需要。=L5s时刻x=5m处的波峰的振动形式传递过去，即

Ax20-5

Nts=3.75s

v4

则对应的时刻为

4=5.25s

16.小王暑假期间驾驶轿车外出游玩。当他在一段平直的公路上以%=30m/s的速度匀速行驶时，突然发

现前方同车道有一辆货车以v=10m/s的速度匀速行驶，为避免追尾，在两车相距115m时，小王开始制

动减速同时鸣笛警示，前方货车司机听到鸣笛声后经4=2s开始加速，货车的加速度大小％=Im/s2。

己知轿车刹车过程从30m/s的速度减小到零时运动的距离为450m,不考虑声音的传播时间。

(1)求轿车减速时的加速度大小为；

(2)判断轿车能否与货车发生追尾事故?若发生追尾事故，求出追尾时轿车的速度大小：若不能发生追尾

事故，求轿车与货车的最小距离。

【答案】(1)lm/s2

(2)会，21m/s

【解析】

【小问1详解】

轿车减速时的加速度大小

,2302

a-Am/s2=lm/s2

2x2x450

【小问2详解】

设经历f时间轿车与货车发生追尾事故，轿车的位移

货车的位移

x2

2=vr0+v(r-r0)+-a2(r-r0)

轿车与货车发生追尾事故，则

x1=x2+d

解得

t=9s

若不发生碰撞，货车与轿车共速时有

一印'

v0=v+a2(t'-t0)

解得

t'=Us

由于

t>t

可知轿车会与货车发生追尾事故，追尾时轿车的速度大小

M=%-印=30—9xlm/s=2lm/s

17.如图所示，质量机=1kg的小物块静置在粗糙的水平平台的/点，在大小为3N的恒力作用下，从平

台的8点以3m/s的速度水平飞出，恰好从C点无碰撞的进入半径为R的光滑圆形轨道。已知是圆形

轨道的一条直径，从尸点到轨道的最高点是一个光滑圆管，NEOE=37。，小物块与平台的动摩擦因数

(2)求3c两点间的高度差；

(3)若小物块能够进入圆管，试分析轨道半径尺的取值范围。

【答案】(1)2s

(2)0.8m

(3)7?<—m

6

【解析】

【小问1详解】

当小物块在恒力作用下时，根据牛顿第二定律

=F-pmg=mt/1

解得

%=2mzs2

撤去恒力后，根据牛顿第二定律

Fj=//mg=ma,

解得

4=lm/s2

设恒力作用的时间为乙，撤去恒力后在平台上继续运动时间为则

—+(Q“2-Q二L

联立，解得

tx=2s

【小问2详解】

由于小物块恰好从。点无碰撞的进入半径为R的光滑圆形轨道，则

v=--------=5m/s

crsin37°

v

V〉-ccos37°=4m/s

所以，小物块从5点到。点运动过程中，在竖直方向根据速度位移公式可得

v2

hpc=——=0.8rn

2g

【小问3详解】

为保证小物块能够进入圆管，则小物块运动到尸点时不能脱离轨道，则此时根据动能定理

1212

-mgx2Rsin37°=—mvF--mvc

根据牛顿第二定律

2

mgsin37°

代入数据，解得

2?<—m

6

18.物块A放在木板B的左端，均静止在水平地面上，水平地面上的O点右侧粗糙、左侧光滑，如图所

示。物块A、木板B的质量分别为2%、m,它们之间的动摩擦因数为2〃，木板B与地面之间的动摩擦因

数为"。。点左侧足够远处，有4个质量均为3加的滑块，沿向左的直线紧密排列。现对木板B施加水平

向左、大小为18〃mg的恒力凡经历时间才。撤掉，当木板B左端抵达。点时，物块A与木板B刚好达到

共同速度。已知木板B足够长，所有碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间忽略不计，最大静摩擦力等于滑动摩擦

力，重力加速度为g。

A

IIIII一.....尸」,........下

~~///////////////////////-

(l)求。时刻，木板B的速度大小；

(2)求从撤去恒力下到物块A与木板B达到共同速度的时间；

(3)若木板B全部通过。点时的速度大小%=2〃g/o，求：

(a)木板B通过。点的过程中，物块A、木板B与地面组成的系统因摩擦产生的热量；

(b)木板B全部通过。点以后的整个运动过程中，之间因摩擦产生的热量。

【答案】(1)IWo

(2)t0

(3)(a)18加4g2],(b)——m//g2t1

【解析】

【小问1详解】

对木板B施加水平向左、大小为18HMg的恒力尸时，设木板B的加速度为，对木板B由牛顿第二定

律可得

F-/j^2m+m^g-2/j-2mg=mam

解得

«B1=1l〃g

对物块A则有

«AI=2〃g

经历时间t0撤掉恒力F,由速度时间公式可知此时木板B的速度是

V