2023-2024学年浙江省宁波市慈溪市高一下学期期末测试物理试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12023学年第二学期高一期末测试卷物理学科试卷一、选择题I（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.下列物理量为矢量的是（）A.功率 B.电场强度 C.电势 D.电流强度〖答案〗B〖解析〗功率、电势只有大小、没有方向，是标量；电场强度既有大小、又有方向，遵循矢量运算是矢量；电流强度虽然有大小、也有方向但是遵循代数运算是标量。故选B。2.2023年9月21日，在距离地球400公里的中国空间站，3位航天员老师进行了第四节“太空授课”。小张同学认真观看了太空授课后，思考：以下几个物理课中的实验可以在太空中完成的有（）A.按图甲进行“探究两个互成角度的力的合成规律”实验B.按图乙进行“探究物体加速度与力、质量的关系”实验C.按图丙进行“探究平抛运动的规律”实验D.按图丁进行“探究机械能守恒定律”实验〖答案〗A〖解析〗由于在太空中处于完全失重状态，涉及到重力的实验探究无法正常完成，则图乙、图丙、图丁这三个实验无法在太空中进行探究，而按图甲进行“探究两个互成角度的力的合成规律”实验不需要利用重力，所以能在太空中进行探究。故选A。3.“福建舰”在海面上行驶时进行“转向”操作，沿圆周曲线由M向N匀速率转弯。则在转向中航母所受的合力F方向，正确的是（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗依题意，航母做匀速圆周运动，合力提供向心力，指向轨迹圆的圆心。故选A。4.观察下列四幅图片，有关物理现象说法正确的是（）A.如图甲，“天问一号”火星探测器经过图中椭圆轨道P点时速度最小B.如图乙，机翼末端一根根像“针”一样的金属棒，在飞机飞行中起到避雷针作用C.如图丙，运动员穿着底部装有弹簧的弹跳鞋竖直起跳，在离开地面时动能最大D.如图丁，心电图检测时，多个电极放在人体不同位置获得了不同的电势，从而获得心脏活动时的微弱电信号〖答案〗D〖解析〗A．图甲中，由开普勒第二定律可知，“天问一号”火星探测器经过图中椭圆轨道P点时速度最大，故A错误；B．图乙中，机翼末端一根根像“针”一样的金属棒，是飞机在飞行时与大气摩擦在表面产生静电，采用尖端放电的原理释放静电，故B错误；C．图丙中，运动员在离开地面前先做加速运动后做减速运动，当弹跳鞋的弹力等于运动员重力时，运动员的速度最大，动能最大，故C错误；D．图丁中，心电图检测时，多个电极放在人体不同位置获得了不同的电势，从而获得心脏活动时的微弱电信号，故D正确。故选D。5.图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）A.甲表是电流表，R增大时量程增大 B.甲表是电压表，R增大时量程增大C.乙表是电流表，R增大时量程减小 D.乙表是电压表，R增大时量程增大〖答案〗D〖解析〗AB．灵敏电流计G改装电压表需串联大电阻分压，改装成电流表需并联小电阻分流，根据图可知，甲表为电流表，并联的电阻越大，则分流越小，量程越小。故AB错误；CD．同理，乙表是电压表，R越大，则分压越大，量程越大。故C错误；D正确。故选D6.将一带正电的点电荷Q固定在水平放置且带负电的正方形金属薄板中心的正上方，点电荷Q与薄板间的电场线竖直切面如图所示。其中两点在同一竖直且垂直于薄板的电场线上，三点在同一条平行于薄板的直线上，关于b点对称。关于各点的电场强度及电势的判断，下列说法中正确的是（）A.a点与c点的电场强度相同 B.b点与d点的电场强度相同C.a点电势等于b点电势 D.b点电势高于d点电势〖答案〗D〖解析〗AB．由正点电荷电场的特点可知，a点电场强度与c点电场强度大小相等，方向不同，b点电场强度与d点电场强度方向相同，大小不同。故AB错误；CD．由正点电荷电势的特点可知，越靠近正点电荷，电势越高，所以a点电势比b点电势低，b点电势高于d点电势。故C错误；D正确。故D。7.工程人员在测量距离时会用到手推式测距仪，如图所示。已知某款手推式测距仪测距轮子直径，当轮子边缘以平均速率向前滚动时，滚轮的转速约为（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗根据又联立，解得故选B。8.2022年10月7日21时，中国成功将北斗低轨导航增强试验卫星送入离地高度约的近地轨道。目前在轨运行的中国空间站“天宫一号”，离地高度约。气象卫星“风云四号”在地球赤道上空约，相对地球静止。若将它们绕地球的运动均视作匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A.试验卫星的动能大于“风云四号”的动能 B.试验卫星的线速度小于“天宫一号”的线速度C.试验卫星的角速度小于“风云四号”的角速度 D.试验卫星的运行周期小于“天宫一号”的运行周期〖答案〗B〖解析〗BCD．根据解得依题意，有可知试验卫星的线速度小于“天宫一号”的线速度，试验卫星的角速度大于“风云四号”的角速度，试验卫星的运行周期大于“天宫一号”的运行周期，故B正确、CD错误；A．同理，可知试验卫星的线速度大于“风云四号”的线速度，但是二者质量关系未知，由可知动能大小无法比较，故A错误。故选B。9.学校每周一举行升旗仪式，小张同学担任升旗手，当国歌响起时，他拉动绳子使国旗由静止开始以的加速度匀加速上升，已知国旗及附件总质量。不计绳子重力和一切阻力，重力加速度取。关于上述加速过程，下列说法正确的是（）A.国旗增加的动能为 B.国旗增加的重力势能为C.国旗增加的机械能为 D.小张对国旗做的功为〖答案〗C〖解析〗A．依题意，国旗做匀加速运动，2s时的速度为增加的动能为故A错误；B．2s时国旗上升高度为国旗增加的重力势能为故B错误；C．国旗增加的机械能为故C正确；D．小张对国旗做的功为故D错误。故选C。10.自动体外除颤器能有效应对心脏骤停风险的发生。其原理主要是通过电源对电容充电，再利用已充电的电容器释放脉冲电流作用于心脏，实施电击治疗。已知某型号除颤器的电容器电容是，医学规范要求首次除颤能量为，电容器可释放的能量为（q为电容器带电量、U为电容器两端电压），则下列说法正确的是（）A.用该除颤仪进行首次除颤时理论上需要的充电电压应为B.用该除颤仪在首次除颤过程中放出的电量为C.若该除颤仪在时间内完成首次除颤放电，则通过人体的平均电流约为D.除颤仪两个电极置于人体左前胸和右后肋，则所加的平均电场强度约为〖答案〗C〖解析〗A．假设用该除颤仪进行首次除颤时理论上需要的充电电压为U，则电容器的电量为电容器可释放的能量为联立解得，用该除颤仪进行首次除颤时理论上需要的充电电压应为故A错误；B．用该除颤仪在首次除颤过程中放出的电量为故B错误；C．根据可得，通过人体的平均电流约为故C正确；D．人体左前胸和右后肋间距大约是25cm，所以除颤仪两个电极置于人体左前胸和右后肋，则所加的平均电场强度约为故D错误。故选C。11.电子墨水屏电纸书具有纸质书籍的阅读体验。其原理主要是电子墨水屏表面附着很多体积很小的“微胶囊”，封装了带有电荷的黑色颗粒和白色颗粒，底部电极接有如图所示的电源，使黑色和白色的颗粒有序排列，从而呈现出黑白分明的可视化效果。下列说法正确的有（）A.图中白色颗粒带有正电，黑色颗粒带有负电B.当画素颜色变化（黑白反转）时，电场力对白色颗粒做正功，对黑色颗粒做负功C当画素颜色变化（黑白转换）时，白色颗粒电势能增加，黑色颗粒电势能减少D.除维持亮度外，电子墨水屏只有在画素颜色变化时才消耗电能〖答案〗D〖解析〗A．由图可知，黑色颗粒被负电极吸引，所以黑色颗粒带有正电荷，白色颗粒被正电极吸引，所以白色颗粒带有负电荷，故A错误；BCD．当画素颜色变化（黑白反转）时，电场力对白色颗粒、黑色颗粒均做正功，它们的电势能减少。所以除维持亮度外，电子墨水屏只有在画素颜色变化时才消耗电能，故BC错误、D正确。故选D。12.如图所示为一辆新研发的风电混合动力小汽车，其最前边装一类似于电风扇的风力发电机。已知风扇叶片长度约为，空气密度为，假设风力发电机能将的风能转化为电能，则当该车在无风天气以速度匀速行驶时，风力发电机发电的功率约为（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗设t时间到达发动机叶片上的空气质量为m，则有可得联立，解得故选C。13.某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗。如图所示，来自质子源的质子初速度为零，经加速电压U加速后，沿图中四分之一圆弧虚线通过辐向电场，再从P点竖直向上进入存在水平向右的匀强电场的圆形区域，最终轰击处在圆上Q点的肿瘤细胞。已知四分之一圆弧虚线处的场强大小为E0，方向沿半径指向圆心O，圆O′与OP相切于P点，OP=R0，圆形区域的半径为R，Q点位于OP上方处，质子质量为m、电量为e。不计质子间相互作用，则下列说法正确的是（）A.在辐向电场中做匀速圆周运动，速度大小B.在加速电场中做匀加速直线运动，电压C.在匀强电场中做匀变速曲线运动，场强D.若肿瘤细胞位于圆上S处（OP上方为R），只需将电压调整为就能击中〖答案〗C〖解析〗A．在辐向电场中做匀速圆周运动，可得解得故A错误；B．在加速电场中做匀加速直线运动，有联立，解得故B错误；C．在匀强电场中做匀变速曲线运动，有又联立，解得故C正确；D．将电压调整为，则有根据可得即质子不能沿图中四分之一圆弧虚线通过辐向电场，更不可能击中肿瘤细胞，故D错误。故选C。二、选择题Ⅱ（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的得0分）14.下列关于教材中的四幅插图说法正确的是（）A.甲中汽车通过凹形路面时，汽车需减速，这样可以减少对桥的压力B.乙中汽车在水平面内转弯时，由地面的滑动摩擦力提供转弯所需的向心力C.丙中在铁路转弯处的外轨比内轨高，可以减轻转弯时火车外侧轮缘与轨道的挤压D.丁中洗衣机脱水桶脱水的原因是水滴受到的离心力大于它受到的向心力〖答案〗AC〖解析〗A．甲中汽车通过凹形路面时，根据解得可知汽车需减速，这样可以减少对桥的压力，故A正确；B．乙中汽车在水平面内转弯时，由地面的静摩擦力提供转弯所需的向心力，故B错误；C．丙中在铁路转弯处的外轨比内轨高，火车所受弹力与水平面有一个夹角，这样一来火车转弯时所需的向心力可以由弹力的水平方向分力提供，就减轻了转弯时火车外侧轮缘与轨道的挤压，故C正确；D．丁中洗衣机脱水桶脱水的原因是水滴受到的衣服提供的附着力小于它所需的向心力，做离心运动，故D错误。15.“雪地转转”是北方小朋友在冬季经常玩的一种游戏，乘坐雪圈绕轴在水平雪地上匀速转动，如图所示。“南方小土豆”小张寒假去东北旅游时乘坐了“雪地转转”，他发现当转速为时，绳子与水平杆垂直，绳子张力为，已知他和雪圈总质量为，水平杆长为，离地高为，绳长为，取，则下列说法正确的是（）A.小张绕转轴转动的角速度大小为B.小张和雪圈对地面的压力大小为C.地面对雪圈的摩擦力大小为，方向与运动方向相反D.绕转轴旋转一周，绳子拉力对小张和雪圈做功〖答案〗ACD〖解析〗A．小张绕转轴转动的角速度大小为故A正确；B．设绳子与水平面夹角为，根据几何关系，可得解得对小张和雪圈受力分析，可知竖直方向受力平衡，可得解得根据牛顿第三定律可知，小张和雪圈对地面的压力大小为故B错误；C．画出俯视图如图由几何关系可知，可得地面对雪圈的摩擦力方向与运动方向相反，即与轨道半径垂直，可得又联立，解得故C正确；D．绕转轴旋转一周，绳子拉力对小张和雪圈做功满足解得故D正确。故选ACD。三、非选择题（本题共6小题，共55分）16.如图甲，小张同学做“验证机械能守恒定律”的实验。（1）实验中，先接通电源，再释放重物，得到图乙所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为hA、hB、hC。已知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T。设重物的质量为m。从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能减小量ΔEp=_______，动能增加量ΔEk=_______。（2）大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是_______。A.利用公式v=gt计算重物速度 B.利用公式计算重物速度C.存在空气阻力和摩擦阻力的影响 D.没有采用多次实验取平均值的方法（3）小张同学继续应用纸带上各点到起始点O的距离h，计算出相应点对应的速度v，以h为横轴、v2为纵轴作出了如图丙的图线，当地重力加速度为g，该图线的斜率应_______。A.等于g B.小于2g C.等于2g D.大于2g〖答案〗（1）（2）C（3）B〖解析〗【小问1详析】重力做正功，重力势能减小，重力势能减小量B是AC段的时间中点，B点的速度等于AC段的平均速度，即动能增加量联立，解得小问2详析】AB．该实验中存在摩擦、空气阻力，实际加速度不是g，不能用运动学公式，计算瞬时速度，只能通过纸带上点迹求该点相邻两点间平均速度，故AB错误；C．因存在空气阻力和摩擦阻力的影响，减少的重力势能一部分转化为重物的动能，还有一部分转化为内能，说明重力势能的减少量大于动能的增加量，故C正确；D．该实验误差属系统误差，采用多次实验取平均值的方法不能改变误差大小，故D错误。故选C。【小问3详析】根据动能定理可知可得由此可知，在丙图图像中，斜率为故选B。17.小张同学为了测量一段均匀的金属圆柱体的电阻率，完成如下操作：（1）用游标卡尺测量金属圆柱体的长度：如图甲所示，其长度为_______；（2）用螺旋测微器测量金属圆柱体的直径：如图乙所示，其直径为_______；（3）测量金属圆柱体的电阻：①用多用电表测金属圆柱体的电阻，选择电阻“”档，结果如图丙所示，其电阻为_______；②用伏安法测金属圆柱体的电阻，可供选择的仪器有：A.电流表（量程，内阻）B.电流表（量程，内阻约为）C.定值电阻D.定值电阻E.滑动变阻器，最大阻值为F.滑动变阻器，最大阻值为G.电源（电动势约为，内阻很小）H.开关一只，导线若干本实验中需要先改装一个电压表，选择的仪器为_______（选填序号字母）；实验要求电压电流从零开始测量，用改装好的电压表组装电路，滑动变阻器选择_______（选填序号字母）。以下电路图中应当采用的最佳电路为_______。小张同学正确完成了实验操作，在坐标系中标出了测量数据的坐标点，如图所示。请在图戊中描绘出图线_______，由图线计算该金属丝的电阻值_______，由以上数据可以计算出该金属的电阻率为_______（结果均保留两位有效数字）。〖答案〗（1）29.8（2）0.680（3）①.4ADEC⑥〖解析〗【小问1详析】游标卡尺测量金属圆柱体的长度：如图甲所示，其长度为29mm+8×0.1mm=29.8mm【小问2详析】用螺旋测微器测量金属圆柱体的直径：如图乙所示，其直径为0.5mm+18.0×0.01mm=0.680mm【小问3详析】用多用电表测金属圆柱体的电阻，选择电阻“”档，结果如图丙所示，其电阻为4。电流表内阻已知，电源电动势约为3V，根据解得可知改装一个电压表，选择的仪器为AD。实验要求电压电流从零开始测量，用改装好的电压表组装电路，滑动变阻器需要采用分压式接法，所以选择最大阻值较小的E。又因为改装好的电压表内阻已知，则为测量精确，测量电路采用电流表外接法。故选C。用平滑的直线连接各点，适当舍弃误差太大的点，描绘出如图所示的图线由图线计算该金属丝的电阻值由代入数据可以计算出该金属的电阻率为18.北京时间2024年4月25日20时，神舟十八号载人飞船圆满发射成功，并于25日6时成功对接于天和核心舱。已知天和核心舱距离地面高度h，环绕地球运动视为匀速圆周运动，运行周期为T，地球半径为R，引力常量为G，假设地球可视为质量分布均匀的球体。则：（1）神州十八号飞船在转移轨道上从近地点P运动到远地点Q的过程中，地球引力对其（选填“做正功”“做负功”或“不做功”），飞船的动能将（选填“增加”“减少”或“不变”）；（2）地球的质量M（用题中所给字母表示）；（3）飞船从近地点P到远地点Q的时间t（用题中所给字母表示）。〖答案〗（1）做负功；减小；（2）；（3）〖解析〗（1）由图可知，飞船在转移轨道上从近地点P运动到远地点Q的过程中，与地球的距离越来越大，地球引力对其做负功，飞船的动能将减少。（2）由解得（3）由开普勒第三定律解得19.如图所示为某品牌的桶装饮用水电动抽水器，内置充电电池、电动机和小型水泵。已知充电电池的容量，输入电压，电流。电动机输入电压，额定功率，电动机的输出功率等于小水泵所需要的输入功率，且不计电动机的机械损耗。小型水泵的抽水效率为。用该电动抽水器倒水喝时，出水口与桶内水面高度差为，出水速度为，出水量为，忽略水在管道中的机械能损失，重力加速度。求：（1）电动抽水器充满电所需的时间t；（2）小水泵的输出功率P；（3）电动机的内阻r。〖答案〗（1）；（2）；（3）〖解析〗（1）充满电的时间（2）水泵的输出功率（3）电动机的输出功率电动机工作电流由解得20.如图所示，在竖直平面内存在两个电场区域。区域I是水平偏转电场，P点是边缘中间点，下极板接地，板长，板间距，偏转电压U可连续调节。区域Ⅱ中存在一个光滑圆形绝缘轨道，轨道两端与区域I的两平行金属板非常接近，在圆心O固定一个电量的正点电荷，O点与P点等高。一个带正电小球从P点以水平进入电场，经偏转后，恰好从A点无碰撞地进入区域Ⅱ的光滑圆形轨道，连线与竖直方向的夹角。已知带电小球质量。静电力常量、重力加速度，忽略两电场间相互及边缘影响。求：（1）上极板的电势；（2）当小球即将离开圆形轨道时，立即调节偏转电压U，使小球恰好能水平返回P点，则：①小球返回P点时的速度；②此过程中，上极板的电势。〖答案〗（1）；（2）①；②〖解析〗（1）小球受电场力和重力作用，由牛顿第二定律可得又故依题意，有，得即（2）①圆轨道库仑力不做功，重力做功得速度分解得②返回时小球仍受电场力和重力作用，故由对称性知，得即21.2023年慈溪市的总量首次突破2500亿大关，稳坐浙江第一强县。小张作为慈溪人，感到非常自豪，自制了一个意为“慈溪”的“”型轨道。轨道由三部分组成，为一段粗糙的斜面，长度为，动摩擦因数，倾角，上端固定一段弹簧。为半径的光滑圆轨道的一部分，圆心上方部分为圆管，端点B和D位于同一竖直面，且与圆心的连线和竖直方向夹角。为一个倾斜放置的传送带，长度为，动摩擦因数，倾角，以速度逆时针转动。倾斜轨道和圆轨道相切于B点，倾斜传送带和圆轨道相切于D点，斜面轨道与传送带略微错开，既是的中点又是的中点，且与圆轨道的圆心等高，B点与E点等高。现将质量的滑块（视为质点）压缩弹簧后由A点静止释放，A点与D点等高，滑块恰好经过圆轨道的最高点，。求：（1）滑块经过圆轨道最低点C时对轨道的压力；（2）释放滑块时，弹簧的弹性势能；（3）滑块在传送带上运动过程中产生的热量Q。〖答案〗（1）；方向竖直向下；（2）；（3）〖解析〗（1）滑块最高点，由机械能守恒得由向心力公式得故滑块对轨道最低点的压力为，方向竖直向下。（2）滑块从A运动到C过程，有得（3）最高点到D，有得滑块在传送带上运动的加速度由得相对位移产生的热量2023学年第二学期高一期末测试卷物理学科试卷一、选择题I（本题共13小题，每小题3分，共39分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1.下列物理量为矢量的是（）A.功率 B.电场强度 C.电势 D.电流强度〖答案〗B〖解析〗功率、电势只有大小、没有方向，是标量；电场强度既有大小、又有方向，遵循矢量运算是矢量；电流强度虽然有大小、也有方向但是遵循代数运算是标量。故选B。2.2023年9月21日，在距离地球400公里的中国空间站，3位航天员老师进行了第四节“太空授课”。小张同学认真观看了太空授课后，思考：以下几个物理课中的实验可以在太空中完成的有（）A.按图甲进行“探究两个互成角度的力的合成规律”实验B.按图乙进行“探究物体加速度与力、质量的关系”实验C.按图丙进行“探究平抛运动的规律”实验D.按图丁进行“探究机械能守恒定律”实验〖答案〗A〖解析〗由于在太空中处于完全失重状态，涉及到重力的实验探究无法正常完成，则图乙、图丙、图丁这三个实验无法在太空中进行探究，而按图甲进行“探究两个互成角度的力的合成规律”实验不需要利用重力，所以能在太空中进行探究。故选A。3.“福建舰”在海面上行驶时进行“转向”操作，沿圆周曲线由M向N匀速率转弯。则在转向中航母所受的合力F方向，正确的是（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗依题意，航母做匀速圆周运动，合力提供向心力，指向轨迹圆的圆心。故选A。4.观察下列四幅图片，有关物理现象说法正确的是（）A.如图甲，“天问一号”火星探测器经过图中椭圆轨道P点时速度最小B.如图乙，机翼末端一根根像“针”一样的金属棒，在飞机飞行中起到避雷针作用C.如图丙，运动员穿着底部装有弹簧的弹跳鞋竖直起跳，在离开地面时动能最大D.如图丁，心电图检测时，多个电极放在人体不同位置获得了不同的电势，从而获得心脏活动时的微弱电信号〖答案〗D〖解析〗A．图甲中，由开普勒第二定律可知，“天问一号”火星探测器经过图中椭圆轨道P点时速度最大，故A错误；B．图乙中，机翼末端一根根像“针”一样的金属棒，是飞机在飞行时与大气摩擦在表面产生静电，采用尖端放电的原理释放静电，故B错误；C．图丙中，运动员在离开地面前先做加速运动后做减速运动，当弹跳鞋的弹力等于运动员重力时，运动员的速度最大，动能最大，故C错误；D．图丁中，心电图检测时，多个电极放在人体不同位置获得了不同的电势，从而获得心脏活动时的微弱电信号，故D正确。故选D。5.图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）A.甲表是电流表，R增大时量程增大 B.甲表是电压表，R增大时量程增大C.乙表是电流表，R增大时量程减小 D.乙表是电压表，R增大时量程增大〖答案〗D〖解析〗AB．灵敏电流计G改装电压表需串联大电阻分压，改装成电流表需并联小电阻分流，根据图可知，甲表为电流表，并联的电阻越大，则分流越小，量程越小。故AB错误；CD．同理，乙表是电压表，R越大，则分压越大，量程越大。故C错误；D正确。故选D6.将一带正电的点电荷Q固定在水平放置且带负电的正方形金属薄板中心的正上方，点电荷Q与薄板间的电场线竖直切面如图所示。其中两点在同一竖直且垂直于薄板的电场线上，三点在同一条平行于薄板的直线上，关于b点对称。关于各点的电场强度及电势的判断，下列说法中正确的是（）A.a点与c点的电场强度相同 B.b点与d点的电场强度相同C.a点电势等于b点电势 D.b点电势高于d点电势〖答案〗D〖解析〗AB．由正点电荷电场的特点可知，a点电场强度与c点电场强度大小相等，方向不同，b点电场强度与d点电场强度方向相同，大小不同。故AB错误；CD．由正点电荷电势的特点可知，越靠近正点电荷，电势越高，所以a点电势比b点电势低，b点电势高于d点电势。故C错误；D正确。故D。7.工程人员在测量距离时会用到手推式测距仪，如图所示。已知某款手推式测距仪测距轮子直径，当轮子边缘以平均速率向前滚动时，滚轮的转速约为（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗根据又联立，解得故选B。8.2022年10月7日21时，中国成功将北斗低轨导航增强试验卫星送入离地高度约的近地轨道。目前在轨运行的中国空间站“天宫一号”，离地高度约。气象卫星“风云四号”在地球赤道上空约，相对地球静止。若将它们绕地球的运动均视作匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A.试验卫星的动能大于“风云四号”的动能 B.试验卫星的线速度小于“天宫一号”的线速度C.试验卫星的角速度小于“风云四号”的角速度 D.试验卫星的运行周期小于“天宫一号”的运行周期〖答案〗B〖解析〗BCD．根据解得依题意，有可知试验卫星的线速度小于“天宫一号”的线速度，试验卫星的角速度大于“风云四号”的角速度，试验卫星的运行周期大于“天宫一号”的运行周期，故B正确、CD错误；A．同理，可知试验卫星的线速度大于“风云四号”的线速度，但是二者质量关系未知，由可知动能大小无法比较，故A错误。故选B。9.学校每周一举行升旗仪式，小张同学担任升旗手，当国歌响起时，他拉动绳子使国旗由静止开始以的加速度匀加速上升，已知国旗及附件总质量。不计绳子重力和一切阻力，重力加速度取。关于上述加速过程，下列说法正确的是（）A.国旗增加的动能为 B.国旗增加的重力势能为C.国旗增加的机械能为 D.小张对国旗做的功为〖答案〗C〖解析〗A．依题意，国旗做匀加速运动，2s时的速度为增加的动能为故A错误；B．2s时国旗上升高度为国旗增加的重力势能为故B错误；C．国旗增加的机械能为故C正确；D．小张对国旗做的功为故D错误。故选C。10.自动体外除颤器能有效应对心脏骤停风险的发生。其原理主要是通过电源对电容充电，再利用已充电的电容器释放脉冲电流作用于心脏，实施电击治疗。已知某型号除颤器的电容器电容是，医学规范要求首次除颤能量为，电容器可释放的能量为（q为电容器带电量、U为电容器两端电压），则下列说法正确的是（）A.用该除颤仪进行首次除颤时理论上需要的充电电压应为B.用该除颤仪在首次除颤过程中放出的电量为C.若该除颤仪在时间内完成首次除颤放电，则通过人体的平均电流约为D.除颤仪两个电极置于人体左前胸和右后肋，则所加的平均电场强度约为〖答案〗C〖解析〗A．假设用该除颤仪进行首次除颤时理论上需要的充电电压为U，则电容器的电量为电容器可释放的能量为联立解得，用该除颤仪进行首次除颤时理论上需要的充电电压应为故A错误；B．用该除颤仪在首次除颤过程中放出的电量为故B错误；C．根据可得，通过人体的平均电流约为故C正确；D．人体左前胸和右后肋间距大约是25cm，所以除颤仪两个电极置于人体左前胸和右后肋，则所加的平均电场强度约为故D错误。故选C。11.电子墨水屏电纸书具有纸质书籍的阅读体验。其原理主要是电子墨水屏表面附着很多体积很小的“微胶囊”，封装了带有电荷的黑色颗粒和白色颗粒，底部电极接有如图所示的电源，使黑色和白色的颗粒有序排列，从而呈现出黑白分明的可视化效果。下列说法正确的有（）A.图中白色颗粒带有正电，黑色颗粒带有负电B.当画素颜色变化（黑白反转）时，电场力对白色颗粒做正功，对黑色颗粒做负功C当画素颜色变化（黑白转换）时，白色颗粒电势能增加，黑色颗粒电势能减少D.除维持亮度外，电子墨水屏只有在画素颜色变化时才消耗电能〖答案〗D〖解析〗A．由图可知，黑色颗粒被负电极吸引，所以黑色颗粒带有正电荷，白色颗粒被正电极吸引，所以白色颗粒带有负电荷，故A错误；BCD．当画素颜色变化（黑白反转）时，电场力对白色颗粒、黑色颗粒均做正功，它们的电势能减少。所以除维持亮度外，电子墨水屏只有在画素颜色变化时才消耗电能，故BC错误、D正确。故选D。12.如图所示为一辆新研发的风电混合动力小汽车，其最前边装一类似于电风扇的风力发电机。已知风扇叶片长度约为，空气密度为，假设风力发电机能将的风能转化为电能，则当该车在无风天气以速度匀速行驶时，风力发电机发电的功率约为（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗设t时间到达发动机叶片上的空气质量为m，则有可得联立，解得故选C。13.某些肿瘤可以用“质子疗法”进行治疗。如图所示，来自质子源的质子初速度为零，经加速电压U加速后，沿图中四分之一圆弧虚线通过辐向电场，再从P点竖直向上进入存在水平向右的匀强电场的圆形区域，最终轰击处在圆上Q点的肿瘤细胞。已知四分之一圆弧虚线处的场强大小为E0，方向沿半径指向圆心O，圆O′与OP相切于P点，OP=R0，圆形区域的半径为R，Q点位于OP上方处，质子质量为m、电量为e。不计质子间相互作用，则下列说法正确的是（）A.在辐向电场中做匀速圆周运动，速度大小B.在加速电场中做匀加速直线运动，电压C.在匀强电场中做匀变速曲线运动，场强D.若肿瘤细胞位于圆上S处（OP上方为R），只需将电压调整为就能击中〖答案〗C〖解析〗A．在辐向电场中做匀速圆周运动，可得解得故A错误；B．在加速电场中做匀加速直线运动，有联立，解得故B错误；C．在匀强电场中做匀变速曲线运动，有又联立，解得故C正确；D．将电压调整为，则有根据可得即质子不能沿图中四分之一圆弧虚线通过辐向电场，更不可能击中肿瘤细胞，故D错误。故选C。二、选择题Ⅱ（本题共2小题，每小题3分，共6分。每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的得0分）14.下列关于教材中的四幅插图说法正确的是（）A.甲中汽车通过凹形路面时，汽车需减速，这样可以减少对桥的压力B.乙中汽车在水平面内转弯时，由地面的滑动摩擦力提供转弯所需的向心力C.丙中在铁路转弯处的外轨比内轨高，可以减轻转弯时火车外侧轮缘与轨道的挤压D.丁中洗衣机脱水桶脱水的原因是水滴受到的离心力大于它受到的向心力〖答案〗AC〖解析〗A．甲中汽车通过凹形路面时，根据解得可知汽车需减速，这样可以减少对桥的压力，故A正确；B．乙中汽车在水平面内转弯时，由地面的静摩擦力提供转弯所需的向心力，故B错误；C．丙中在铁路转弯处的外轨比内轨高，火车所受弹力与水平面有一个夹角，这样一来火车转弯时所需的向心力可以由弹力的水平方向分力提供，就减轻了转弯时火车外侧轮缘与轨道的挤压，故C正确；D．丁中洗衣机脱水桶脱水的原因是水滴受到的衣服提供的附着力小于它所需的向心力，做离心运动，故D错误。15.“雪地转转”是北方小朋友在冬季经常玩的一种游戏，乘坐雪圈绕轴在水平雪地上匀速转动，如图所示。“南方小土豆”小张寒假去东北旅游时乘坐了“雪地转转”，他发现当转速为时，绳子与水平杆垂直，绳子张力为，已知他和雪圈总质量为，水平杆长为，离地高为，绳长为，取，则下列说法正确的是（）A.小张绕转轴转动的角速度大小为B.小张和雪圈对地面的压力大小为C.地面对雪圈的摩擦力大小为，方向与运动方向相反D.绕转轴旋转一周，绳子拉力对小张和雪圈做功〖答案〗ACD〖解析〗A．小张绕转轴转动的角速度大小为故A正确；B．设绳子与水平面夹角为，根据几何关系，可得解得对小张和雪圈受力分析，可知竖直方向受力平衡，可得解得根据牛顿第三定律可知，小张和雪圈对地面的压力大小为故B错误；C．画出俯视图如图由几何关系可知，可得地面对雪圈的摩擦力方向与运动方向相反，即与轨道半径垂直，可得又联立，解得故C正确；D．绕转轴旋转一周，绳子拉力对小张和雪圈做功满足解得故D正确。故选ACD。三、非选择题（本题共6小题，共55分）16.如图甲，小张同学做“验证机械能守恒定律”的实验。（1）实验中，先接通电源，再释放重物，得到图乙所示的一条纸带。在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为hA、hB、hC。已知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T。设重物的质量为m。从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能减小量ΔEp=_______，动能增加量ΔEk=_______。（2）大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是_______。A.利用公式v=gt计算重物速度 B.利用公式计算重物速度C.存在空气阻力和摩擦阻力的影响 D.没有采用多次实验取平均值的方法（3）小张同学继续应用纸带上各点到起始点O的距离h，计算出相应点对应的速度v，以h为横轴、v2为纵轴作出了如图丙的图线，当地重力加速度为g，该图线的斜率应_______。A.等于g B.小于2g C.等于2g D.大于2g〖答案〗（1）（2）C（3）B〖解析〗【小问1详析】重力做正功，重力势能减小，重力势能减小量B是AC段的时间中点，B点的速度等于AC段的平均速度，即动能增加量联立，解得小问2详析】AB．该实验中存在摩擦、空气阻力，实际加速度不是g，不能用运动学公式，计算瞬时速度，只能通过纸带上点迹求该点相邻两点间平均速度，故AB错误；C．因存在空气阻力和摩擦阻力的影响，减少的重力势能一部分转化为重物的动能，还有一部分转化为内能，说明重力势能的减少量大于动能的增加量，故C正确；D．该实验误差属系统误差，采用多次实验取平均值的方法不能改变误差大小，故D错误。故选C。【小问3详析】根据动能定理可知可得由此可知，在丙图图像中，斜率为故选B。17.小张同学为了测量一段均匀的金属圆柱体的电阻率，完成如下操作：（1）用游标卡尺测量金属圆柱体的长度：如图甲所示，其长度为_______；（2）用螺旋测微器测量金属圆柱体的直径：如图乙所示，其直径为_______；（3）测量金属圆柱体的电阻：①用多用电表测金属圆柱体的电阻，选择电阻“”档，结果如图丙所示，其电阻为_______；②用伏安法测金属圆柱体的电阻，可供选择的仪器有：A.电流表（量程，内阻）B.电流表（量程，内阻约为）C.定值电阻D.定值电阻E.滑动变阻器，最大阻值为F.滑动变阻器，最大阻值为G.电源（电动势约为，内阻很小）H.开关一只，导线若干本实验中需要先改装一个电压表，选择的仪器为_______（选填序号字母）；实验要求电压电流从零开始测量，用改装好的电压表组装电路，滑动变阻器选择_______（选填序号字母）。以下电路图中应当采用的最佳电路为_______。小张同学正确完成了实验操作，在坐标系中标出了测量数据的坐标点，如图所示。请在图戊中描绘出图线_______，由图线计算该金属丝的电阻值_______，由以上数据可以计算出该金属的电阻率为_______（结果均保留两位有效数字）。〖答案〗（1）29.8（2）0.680（3）①.4ADEC⑥〖解析〗【小问1详析】游标卡尺测量金属圆柱体的长度：如图甲所示，其长度为29mm+8×0.1mm=29.8mm【小问2详析】用螺旋测微器测量金属圆柱体的直径：如图乙所示，其直径为0.5mm+18.0×0.01mm=0.680mm【小问3详析】用多用电表测金属圆柱体的电阻，选择电阻“”档，结果如图丙所示，其电阻为4。电流表内阻已知，电源电动势约为3V，根据解得可知改装一个电压表，选择的仪器为AD。实验要求电压电流从零开始测量，用改装好的电压表组装电路，滑动变阻器需要采用分压式接法，所以选择最大阻值较小的E。又因为改装好的电压表内阻已知，则为测量精确，测量电路采用电流表外接法。故选