江苏省常州市2024年中考数学试卷

江苏省常州市2024年中考数学试卷姓名：__________班级：__________考号：__________题号一二三总分评分一、选择题（本大题共8小题，每小题2分，共16分.在每小题所给出的四个选项中，只有一项是正确的）1．﹣2024的绝对值是（）A．-12024 B．12024 2．若式子x-2有意义，则实数x的值可能是（）A．﹣1 B．0 C．1 D．23．计算2a2﹣a2的结果是（）A．2 B．a2 C．3a2 D．2a44．下列图形中，为四棱锥的侧面展开图的是（）A． B．C． D．5．如图，在纸上画有∠AOB，将两把直尺按图示摆放，直尺边缘的交点P在∠AOB的平分线上，则（）A．d1与d2一定相等 B．d1与d2一定不相等C．l1与l2一定相等 D．l1与l2一定不相等6．2024年5月10日，记者从中国科学院国家天文台获悉，“中国天眼”FAST近期发现了6个距离地球约50亿光年的中性氢星系，这是人类迄今直接探测到的最远的一批中性氢星系.50亿光年用科学记数法表示为（）A．50×108光年 B．5×108光年 C．5×109光年 D．5×1010光年7．如图，推动水桶，以点O为支点，使其向右倾斜．若在点A处分别施加推力F1、F2，则F1的力臂OA大于F2的力臂OB．这一判断过程体现的数学依据是（）A．垂线段最短B．过一点有且只有一条直线与已知直线垂直C．两点确定一条直线D．过直线外一点有且只有一条直线与已知直线平行8．在马拉松、公路自行车等耐力运动的训练或比赛中，为合理分配体能，运动员通常会记录每行进1km所用的时间，即“配速”（单位：min/km）．小华参加5km的骑行比赛，他骑行的“配速”如图所示，则下列说法中错误的是（）A．第1km所用的时间最长B．第5km的平均速度最大C．第2km和第3km的平均速度相同D．前2km的平均速度大于最后2km的平均速度二、填空题（本大题共10小题，每小题2分，共20分.不需写出解答过程，请将答案直接填写在答题卡相应位置上）9．16的算术平方根是10．分解因式：x2﹣4xy+4y2＝．11．计算：1x+1+12．若等腰三角形的周长是10，则底边长y与腰长x的函数表达式为．13．如图，在平面直角坐标系xOy中，正方形ABCD的对角线AC、BD相交于原点O．若点A的坐标是（2，1），则点C的坐标是．14．如图，AB是⊙O的直径，CD是⊙O的弦，连接AD、BC、BD．若∠BCD＝20°，则∠ABD＝°．15．如图，在矩形ABCD中，对角线BD的垂直平分线分别交边AB、CD于点E、F．若AD＝8，BE＝10，则tan∠ABD＝．16．如图，在Rt△ABC中，∠ACB＝90°，AC＝6，BC＝4，D是边AC的中点，E是边BC上一点，连接BD、DE．将△CDE沿DE翻折，点C落在BD上的点F处，则CE＝．17．小丽进行投掷标枪训练，总共投掷10次，前9次标枪的落点如图所示，记录成绩（单位：m），此时这组成绩的平均数是20m，方差是s12m2．若第10次投掷标枪的落点恰好在20m线上，且投掷结束后这组成绩的方差是s22m2，则18．“绿波”，是车辆到达前方各路口时，均遇上绿灯，提高通行效率．小亮爸爸行驶在最高限速80km/h的路段上，某时刻的导航界面如图所示，前方第一个路口显示绿灯倒计时32s，第二个路口显示红灯倒计时44s，此时车辆分别距离两个路口480m和880m．已知第一个路口红、绿灯设定时间分别是30s、50s，第二个路口红、绿灯设定时间分别是45s、60s．若不考虑其他因素，小亮爸爸以不低于40km/h的车速全程匀速“绿波”通过这两个路口（在红、绿灯切换瞬间也可通过），则车速v（km/h）的取值范围是．三、解答题（本大题共10小题，共84分．请在答题卡指定区域内作答，如无特殊说明，解答应写出文字说明、演算步骤或推理过程）19．解方程组和不等式组：（1）x-y=03x+y=4； （2）3x-6＜020．先化简，再求值：（x+1）2﹣x（x+1），其中x=321．某企业生产了2000个充电宝，为了解这批充电宝的使用寿命（完全充放电次数），从中随机抽取了20个进行检测，数据整理如下：完全充放电次数t300≤t＜400400≤t＜500500≤t＜600t≥600充电宝数量/个23105（1）本次检测采用的是抽样调查，试说明没有采用普查的理由；（2）根据上述信息，下列说法中正确的是（写出所有正确说法的序号）；①这20个充电宝的完全充放电次数都不低于300次；②这20个充电宝的完全充放电次数t的中位数满足500≤t＜600；③这20个充电宝的完全充放电次数t的平均数满足300≤t＜400．（3）估计这批充电宝中完全充放电次数在600次及以上的数量．22．在3张相同的小纸条上分别写有“石头”、“剪子”、“布”．将这3张小纸条做成3支签，放在不透明的盒子中搅匀．（1）从盒子中任意抽出1支签，抽到“石头”的概率是；（2）甲、乙两人通过抽签分胜负，规定：“石头”胜“剪子”，“剪子”胜“布”，“布”胜“石头”．甲先从盒子中任意抽出1支签（不放回），乙再从余下的2支签中任意抽出1支签，求甲取胜的概率．23．如图，B、E、C、F是直线l上的四点，AC、DE相交于点G，AB＝DF，AC＝DE，BC＝EF．（1）求证：△GEC是等腰三角形；（2）连接AD，则AD与l的位置关系是．24．如图，在平面直角坐标系xOy中，一次函数y＝kx+b的图象与反比例函数y=mx的图象相交于点A（﹣1，n）、（1）求一次函数、反比例函数的表达式；（2）连接OA、OB，求△OAB的面积．25．书画装裱，是指为书画配上衬纸、卷轴以便张贴、欣赏和收藏，是我国具有民族传统的一门特殊艺术．如图，一幅书画在装裱前的大小是1.2m×0.8m．装裱后，上、下、左、右边衬的宽度分别是am、bm、cm、dm．若装裱后AB与AD的比是16：10，且a＝b，c＝d，c＝2a，求四周边衬的宽度．26．对于平面内有公共点的两个图形，若将其中一个图形沿着某个方向移动一定的距离d后与另一个图形重合，则称这两个图形存在“平移关联”，其中一个图形叫做另一个图形的“平移关联图形”．（1）如图1，B、C、D是线段AE的四等分点．若AE＝4，则在图中，线段AC的“平移关联图形”是，d＝（写出符合条件的一种情况即可）；（2）如图2，等边三角形ABC的边长是2．用直尺和圆规作出△ABC的一个“平移关联图形”，且满足d＝2（保留作图痕迹，不要求写作法）；（3）如图3，在平面直角坐标系xOy中，点D、E、G的坐标分别是（﹣1，0）、（1，0）、（0，4），以点G为圆心，r为半径画圆．若对⊙G上的任意点F，连接DE、EF、FD所形成的图形都存在“平移关联图形”，且满足d≥3，直接写出r的取值范围．27．将边长均为6cm的等边三角形纸片ABC、DEF叠放在一起，使点E、B分别在边AC、DF上（端点除外），边AB、EF相交于点G，边BC、DE相交于点H．（1）如图1，当E是边AC的中点时，两张纸片重叠部分的形状是；（2）如图2，若EF∥BC，求两张纸片重叠部分的面积的最大值；（3）如图3，当AE＞EC，FB＞BD时，AE与FB有怎样的数量关系？试说明理由．28．在平面直角坐标系xOy中，二次函数y＝﹣x2+bx+3的图象与x轴相交于点A、B，与y轴相交于点C．（1）OC＝；（2）如图，已知点A的坐标是（﹣1，0）．①当1≤x≤m，且m＞1时，y的最大值和最小值分别是s、t，s﹣t＝2，求m的值；②连接AC，P是该二次函数的图象上位于y轴右侧的一点（点B除外），过点P作PD⊥x轴，垂足为D，作∠DPQ＝∠ACO，射线PQ交y轴于点Q，连接DQ、PC．若DQ＝PC，求点P的横坐标．

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】解：﹣2024的绝对值是2024.故答案为：D.

【分析】正数和0的绝对值是这个数本身，负数的绝对值是它的相反数.2．【答案】D【解析】【解答】解：∵式子x-2有意义，

∴x-2≥0，

∴x≥2.∵-1<0<1<2，即选项ABC的数字都小于2，D满足条件.

故答案为：D.

【分析】根据二次根式有意义的条件，被开方数为非负数.3．【答案】B【解析】【解答】解：2a2﹣a2=a2，故答案为：B.

【分析】根据合并同类项法则，字母及字母指数都不变，只把系数相加.4．【答案】B【解析】【解答】解：A、是四棱柱的展开图，故不符合题意；

B、是四棱锥的展开图，故符合题意；

C、是圆锥的展开图，故不符合题意；

D、是正方体的展开图，故不符合题意；故答案为：B.

【分析】根据常见几何体的展开图判断即可，也可将各个选项的展开图进行折叠，据此即可判断正确选项.5．【答案】A【解析】【解答】解：过点P作PM⊥OA，PN⊥OB，连接OP，如图：

∵点P在∠AOB的角平分线上，PM⊥OA，PN⊥OB，

∴PM=PN.

图中直尺都是矩形，对边平行，

根据平行线之间的距离处处相等，可得d1=PN，d2=PM，

∴d1=d2故答案为：A.

【分析】过点P作PM⊥OA，PN⊥OB，先根据角平分线的性质得到PM=PN；再根据“平行线之间的距离处处相等”得d1=PN，d2=PM，即可得到d1=d2.6．【答案】C【解析】【解答】解：50亿=50×108=5×101×108=5×109.故答案为：C.

【分析】大于10的数用科学记数法表示为a×10n，1≤a<10，n为原数字的整数位数－1.1亿=108.7．【答案】A【解析】【解答】解：F1的力臂OA大于F2的力臂OB.这一判断过程体现的数学依据是垂线段最短.

故答案为：A.

【分析】根据垂线段最短判断即可.8．【答案】D【解析】【解答】解：根据配速的定义，每千米内所用的时间越长，速度越低；配速越大，所用时间越长；配速越小，平均速度越大；由图可以看出：

A、第1km的配速最高，故第1km所用的时间最长说法正确，故选项A正确，不符合题意；

B、第5km的配速最低，故第5km的平均速度最大说法正确，故选项B正确，不符合题意；

C、第2km和第3km的配速相同，第2km和第3km的平均速度相同说法正确，故选项C正确，不符合；

D、前两千米配速的平均值大于后两千米配速的平均值，故前2km的平均速度大于最后2km的平均速度说法错误，故选项D错误，符合题意；故答案为：D.

【分析】根据配速的定义，每千米内所用的时间越长，速度越低；即配速越大，所用时间越长；配速越小，平均速度越大；再结合图象分析每个选项即可.9．【答案】4【解析】【解答】∵4²=16，

∴16=4．

【分析】根据算术平方根的定义即可求出结果．10．【答案】（x﹣2y）2【解析】【解答】解：x2﹣4xy+4y2＝(x－2y)2.故答案为：(x－2y)2.

【分析】可利用完全平方公式进行进行因式分解.11．【答案】1【解析】【解答】解：1故答案为：1.

【分析】根据同分母分式的加法运算法则运算即可.12．【答案】y＝10﹣2x（2.5＜x＜5）13．【答案】（﹣2，﹣1）【解析】【解答】解：∵正方形是中心对称图形，且正方形ABCD的对角线AC、BD相交于原点O，

故点A和点C关于原点O对称.又∵点A的坐标是（2，1）

∴点C的坐标是（﹣2，﹣1）

故答案为：（﹣2，﹣1）.

【分析】根据正方形的性质以及对角线AC、BD相交于原点O可得点A和点C关于原点对称.关于原点对称的点纵坐标和横坐标都互为相反数.14．【答案】70【解析】【解答】解：∵BD⏜=BD⏜，

∴∠BAD=∠BCD=20°，

∵AB是直径，

∴故答案为：70.

【分析】根据圆周角定理得∠BAD=∠BCD=20°，再求出∠ADB=90°，即可得到∠ABD.15．【答案】12【解析】【解答】解：连接DE，如图：∵EF垂直平分BD，

∴ED=EB=10，

∵四边形ABCD是矩形，

∴∠A=90°，

∴AE=BE2-AD2=102-82

【分析】根据线段垂直平分线的性质可得ED=EB，利用勾股定理求得AE长，从而可得AB长，再利用正切的概念求tan∠ABD即可.16．【答案】3【解析】【解答】解：∵将△CDE沿DE翻折，点C落在BD上的点F处，∠ACB＝90°，

∴△CED≌△FED，

∴CD=FD，CE=EF，∠ECD=∠EFD=90°.

∵AC=6，点D是边AC的中点，

∴CD=AD=3=DF.

∵CD=3，BC=4，∠BCD=90°，

∴BD=5，

∴BF=BD－DF=5－3=2.

在Rt△EFB中，EF2+BF2=BE2.

∴CE2+22=(4－CE)2.

解得：CE=3故答案为：32

【分析】根据翻折可得△CED≌△FED，于是有CD=FD，CE=EF，∠ECD=∠EFD=90°.求出CD和DF长，从而可利用勾股定理求出BD长，再利用线段加减求出BF长.再在Rt△BEF中利用勾股定理，即可得到CE长.17．【答案】＞【解析】【解答】解：因为前9次的平均成绩是20m，第10次的成绩也是20m，设次成绩的平均数为x，

则x=20×9+2010=20.

∵s12=1故答案为：>.

【分析】平均数是所有数据的总和除以数据的个数，而方差是各个数据与平均数之差的平方的平均数。据此计算出前9次和10次时的平均数和方差，即可判断两次方差的大小.18．【答案】54≤v≤72【解析】【解答】解：由题意：Vkm/h=1000v3600m/s=v解得：54≤v≤72

∴车速v的取值范围是：54≤v≤72

故答案为：54≤v≤72.

【分析】利用路程=速度×时间，结合小亮爸爸以不低于40km/h的车速全程匀速“绿波”通过这两个路口(在红、绿灯切换瞬间也可通过)，可列出关于v的一元一次不等式组，解之即可得出车速v(km/h)的取值范围.19．【答案】（1）解：x-y=0①3x+y=4②①+②，得：4x＝4，∴x＝1，将x＝1代入①得：y＝1，∴该方程组的解为：x=1y=1（2）解：3x-6＜0x-1解不等式3x﹣6＜0，得：x＜2，解不等式x-12∴该不等式组的解集为：﹣1＜x＜2．【解析】【分析】（1）可以利用加减消元法解这个二元一次方程组；

（2）分别解两个不等式，得到不等式的解集，再根据“同大取大，同小取小，大小小大取中间，大大小小无解了”确定不等式组的解集即可.20．【答案】解：原式＝x2+2x+1﹣x2﹣x＝x+1；当x=3原式=3-1+1【解析】【分析】利用整式的加减混合运算法则进行运算化简，最后在代入x的值求值即可.21．【答案】（1）解：因为全面调查一般花费多、耗时长，而且具有破坏性，所以本次检测采用的是抽样调查；（2）①②（3）解：2000×5答：估计这批充电宝中完全充放电次数在600次及以上的数量为500个．【解析】【解答】解：（2）①从表格看，20个充电宝的最低完全充放电次数为300，故都不低于300次；故①正确；

②表格数据已经按照从小到大排列，第10和第11个充电宝的完全充放电次数都在500≤t＜600次，故中位数满足500≤t＜600说法正确；②正确；

③这20个充电宝的完全充放电次数t的平均数满足350×2+450×3+550×10+650×520=540，故③错误；

故答案为：①②；

【分析】（1）根据一次实验为1个充电宝完全充电放电的次数，用完之后充电宝就不能再用，可知实验具有破坏性，且容量比较大，据此回答即可.

（2）分别根据频数分布表，中位数和加权平均数进行计算并判断即可；22．【答案】（1）1（2）解：列表如下：石头剪子布石头（石头，剪子）（石头，布）剪子（剪子，石头）（剪子，布）布（布，石头）（布，剪子）共有6种等可能的结果，其中甲取胜的结果有：（石头，剪子），（剪子，布），（布，石头），共3种，∴甲取胜的概率为36【解析】【解答】解：（1）由题意知，共有3种等可能的结果，其中抽到“石头”的结果有1种，

∴从盒子中任意抽出1支签，抽到“石头”的概率是13.

故答案为：13.

【分析】（1）由题意知，共有3种等可能的结果，其中抽到“石头”的结果有1种，利用概率公式可得答案.23．【答案】（1）证明：在△ABC和△DFE中，AB=DFAC=DE∴△ABC≌△DFE（SSS），∴∠ACB＝∠DEF，即∠GCE＝∠GEC，∴GE＝GC，∴△GEC为等腰三角形；（2）AD∥l【解析】【解答】解：（2）连接AD，如图：

由（1）得，△GEC为等腰三角形；

∴GE=GC，

∵AC=DE，

∴DE－GE=AC－GC，即AG=DG，

∴∠GAD=∠GDA，

又∵∠AGD=∠EGC，∠ACB＝∠DEF，

∴∠GAD=12180°-∠AGD=12180°-∠EGC=∠ACB，24．【答案】（1）解：∵一次函数y＝kx+b的图象与反比例函数y=m∴m＝﹣n＝2，∴m＝2，n＝﹣2，∴反比例函数解析式为y=2一次函数y＝kx+b的图象过A（﹣1，﹣2）、B（2，1），-k+b=-22k+b=1，

解得k=1∴一次函数解析式为y＝x﹣1．（2）解：如图，设直线与x轴的交点为点C，在函数y＝x﹣1中，当y＝0时，x＝1，∴C（1，0），

即OC＝1，∴S△AOB＝S△BOC+S△AOC=1【解析】【分析】（1）先把点A和B的坐标代入反比例函数解析式求出m和n的值，再代入一次函数解析式得到关于k和b的二元一次方程组，求解即可；

（2）求出一次函数与x轴的交点C的坐标，得OC长，再利用S△AOB＝S△BOC+S△AOC即可求解.25．【答案】解：由题意得，AB＝（1.2+c+d）m，AD＝（0.8+a+b）m，∵a＝b，c＝d，c＝2a，∴AB＝（1.2+c+d）m＝（1.2+4a）m，AD＝（0.8+a+b）m＝（0.8+2a），∵AB与AD的比是16：10，∴（1.2+4a）：（0.8+2a）＝16：10，∴a＝0.1，∴b＝0.1，c＝d＝0.2，答：上、下、左、右边衬的宽度分别是0.1m、0.1m、0.2m、0.2m．【解析】【分析】根据题意分别表示出装裱后的长方形的长AB和宽AD，根据a＝b，c＝d，c＝2a用含a的代数式表示出AB和CD，再根据AB：CD=16：10得到关于a的比例方程，求解即可.26．【答案】（1）BD；1（2）解：作图如图所示，理由：∵AB＝A'B＝BC'＝A'C'，△ABC是等边三角形，∴△BA'C'为等边三角形，∴△ABC≌△BA'C'（SAS），∵平移距离为2，∴△BA'C'是△ABC的一个“平移关联图形”，且满足d＝2．（3）解：∵点D、E、G的坐标分别是（﹣1，0）、（1，0）、（0，4），∴OD＝OE＝1，OG＝4，

∴DE＝2，DG=EG=1对⊙G上的任意点F，连接DE、EF、FD所形成的图形都存在“平移关联图形”，且满足d≥3，且DE＝2＜3，∴DF≥3，EF≥3，当DE在圆外时，∵DF≥DG﹣GF，EF≥EG﹣GF总成立，∴17-GF≥3∴GF≤17即0＜r≤17当DE在圆内时，​​​​​有DF≥GF﹣DG，EF≥GF﹣EG总成立，

则GF-17∴GF≥17∴r≥17综上：0＜r≤17-3或r【解析】【解答】解：（1）∵B、C、D是线段AE的四等分点，AE＝4，

∴AB=BC=CD=DE=14AE=1，

∴AC=AB+BC=BC+CD=BD=2.

∵AC向右平移1个单位可以和BD重合，根据平移关联图形的定义，可知线段AC的“平移关联图形”是BD，d=1.

故答案为：BD；1.

【分析】（1）B、C、D是线段AE的四等分点可得AB=BC=CD=DE=1，且AC=BD=2，根据平移关联图形的定义，AC向右平移1个单位可以和BD重合，据此可得到结论.

（2）①在AB延长线上截取BA'＝BA，②再分别以B和A'为圆心，BA'长为半径画弧交于点C'，③连接BC和A'C'，得到△BA'C'，可以证明三角形△BA'C'≌△BA'C'，且AB向右平移2个单位可得BA'，故△BA'C'是△ABC的一个“平移关联图形”，且d=2；

（3）根据点D，E。G的坐标可得OD=OE=1，OG=4，DE=2，DG=EG=12+42=27．【答案】（1）菱形（2）解：∵△ABC，△DEF都是等边三角形，∴∠ABC＝∠DEF＝∠C＝60°，AC＝BC＝6cm，∵EF∥BC，∴∠CHE＝∠DEF＝60°，∴∠ABC＝∠CHE，∴BG∥EH，∴四边形BHEG是平行四边形，∵∠C＝∠CHE＝60°，∴△EHC是等边三角形，过点E作ET⊥HC，∴设EH＝CH＝2xcm，则BH＝（6﹣2x）cm，HT=1∴ET=E∴S重叠∵-23∴当x=32时，S重叠有最大值，最大值为（3）解：AE＝BF，理由如下：如图所示，过点B作BM⊥AC于M，过点E作EN⊥DF于N，连接BE，∵△ABC，△DEF都是边长为6cm的等边三角形，∴AM=1∴由勾股定理可得NE=EF2∴EN＝BM，又∵BE＝BE，∴Rt△NBE≌Rt△MEB（HL），∴NB＝ME，∴FN+BN＝AM+ME，即AE＝BF．【解析】【解答】解：（1）连接BE，DC，如图：

∵△ABC和△DEF都是等边三角形，

∴∠ABC=∠ACB=∠EDF=∠FED=60°.

∴B、D、C、E四点共圆.

∵点E是AC的中点，

∴∠BEC=90°，∠ABE=∠CBE=12∠ABC=30°.

∴BC为过B、D、C、E四点的圆的直径，

又∵DE=BC=6cm，

∴DE也是过B、D、C、E四点的圆的直径，

∵BC，DE相交于点H，

∴点H为圆心，

∴EH=BH.

∴∠HBE=∠HEB=30°，

∴∠GEB=12∠FED=12∠ABC=∠GBE=30°，

∴BGIIEH，BHIIEG，

∴四边形BHEG是平行四边形，

又∵EH=BH，

∴四边形BHEG是菱形，即两张纸片重叠部分的形状是菱形，

故答案为：菱形.

【分析】（1）连接BE，DC，根据等边三角形的性质得∠ABC=∠ACB=∠EDF=∠FED=60°，得B、D、C、E四点共圆.证明BC，DE为圆的直径，可得HE为圆心，于是有BH=EH，再证∠HBE=∠HEB=30°，

28．【答案】（1）3（2）解：将点A的坐标代入抛物线表达式得：0＝﹣1﹣b+3，则b＝2，即抛物线的表