计算机网络技术(自考02141)课后习题答案

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第一章计算机网络概论习题参考答案

1.计算机网络可分为哪两大子网?它们各实现什么功能

计算机网络分为资源子网和通信子.网

资源子网：负责信息处理（包括提供资源的主机HOST和请求资源的终端,它们都是信息传输

的源节点或宿节点，有时也通称为端节点）

通信子网：负责全网中的信息传（递由网络节点和通信链路组成.）

2计算机网络的发展可划分为哪几个阶段？每个阶段各有什么特点？

可分为四个阶段。

第一阶段为面向终端的计算机网络，特点是由单个具有自主处理功能的计算机和多个没

自主处理功能的终端组成网络。

第二阶段为计算机一计算机网络，特点是由具有自主处理功能的多个计算机组成独立的

络系统。

第三阶段为开放式标准化网，络特点是由多个计算机组成容易实现网络之间互相连接的开放

式网络系统°

第四阶段为因特网的广泛应用与高速网络技术的发,特展点是网络系统具备高度的可靠性

与完善的管理机制，网络覆盖范围广泛。

30早期的计算机网络中，哪些技术对日后的发展产生了深远的影响？

早期的ARPANET、TCP/IP、PDN的技术对日后的发展产生了深远的影响。

4o简述计算机网络的功能？

①硬件资源共享：存储器、打印机等；

②软件资源共享：文件传送，数据库等；

③用户间信息交换：收发邮件收发消息等信息交换。

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5o名词解释：PSE：

分组交换设备PAD：分组

装拆设备NCC：网络控制

中心FEP：前端处理机

IMP：接口信息处理机

DTE:数据终端设备DCE：

数据电路终接设备PDN：

公用数据网

0SI：开放系统互连基本参考模型

HDLC：高级数据链路控制协议SNA：

系统网络结构DNA：数字

网络结构

WAN：广域网，远程网LAN：

局域网SCS:结构

化综合右线系统NBS:美国

国家标准局ANSI：美国国家

标准学会

ECMA：欧洲计算机制造商协会

IETF:Internet工程任务组

IESG:Internet工程指导小组ITU:国际电话电报咨询委员至CITT,现已改名为国际电信

联盟ITU。其中ITU—U是国际电信联盟电信标准化局

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第二章计算机网络基础知识习题参考答案

1.简述模拟数据及数字数据的模拟信号及数字信号表示方法

（1）模拟信号是随时间连续变化的电流、电压或电磁,可波以利用某个参量（幅度，频室，

相位）来表示传输数据；

数字信号则是一系列离散的电脉冲，可利用某一瞬间状态

模拟信号和数字信号可通过参量（幅度）来表示：

（2）模拟数据和数字数据的表示

模拟数据可以直接用对应的随时间变化而连续变化的模拟信号来表示，也可经相应的转

设备转换后用离散的数字信号表示。

数字数据可用二进制编码后的离散数字信号表,也示可经转换设备转换后用连续变化的模

拟信号表示。

2o简述MODEM和CODEC的作用

MODEM将数字数据调制转换为模拟信号，使之在适合于模拟信号的媒体上传榆；而在线

的另一端;MODEM再将模拟信号解调还原为原来的数字数据，

CODEC编码解码器，将表示声音数据的模拟信号编码转换成二进制流近似表示的数字信号

而在线路的另一端CODEC将二进制位流解码恢复成原来的模拟数据。

3.什么是数据通信？

数据通信是一种通过计算机或其它数据装置与通信线,完路成数据编码信号的传输、转接、

存储和处理的通信技术

4.数据传输速率与信号传输速率的单位各是什么？它们之间有什么？关系

（1）数据传输速率（每秒传输二进制信息的位弟例位是位/'秒bps或b/s,

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计算公式：R=1/TXIog2N(bps)

T为一个数字脉冲信号的宽度(全宽)码或重复周期(归零码)单位为;秒

N为一个码元(一个数字脉冲称为码元)所取的离散值个.数

通常N=2K,K为二进制信息的位数K=log2N.

N=2时，R=1/T,表示数据传输速率等于码元脉冲的重复频率。

(2)信号传输速率(单位时间内通过信道传输的码尤，数单位是波府Baud.

计算公式：B=1/T(Baud)

T为信号码元的宽度，单位为秒.

(3)对应关系式：R=BXlog2N(bps)或B二R/log2N(Baud)

5.数据传输速率与信道容量的单位各是什么？它们之间有什么关系？

信道传输速率和信道容量的单位都是/1翊4)ps或b/so

信道容量表示一个信道的最大数据传输速率

区别：信道容量表示信道的最大数据传输速率，是信道传输数据能力的极限，而数据传

速率是实际的数据传输速率。

60对于带宽为6MHz的信道，若用4种不同的状态来表示数据,在不考虑热噪声的情况下，该

信道的最大数据传输速率是多？少

[离散的信道容量：奈奎斯特NguisO无噪声下的码元速圭极限值与信道带勃I的关

系：B-2XH(Baud)

奈奎斯特公式一无噪信道传输能力公式:C=2XHXlog2N(bps)

H为信道的带宽，即信道传输上、下限频率的差值，单做为N为一个码元所取的离散

值个数.]

解：H=6MN=4所以C二2XHXlog2N=2X6mXIog24=24Mbps。

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7o信道带宽为3KHz,信噪比为30db,则每秒能发送的比特数不会超过多？少

[连续的信道容量香农公式一带噪信道容量公式C二HXIog2(1+S/N)如s)

S为信号功率,N为噪声功率,S/N为信噪比，通常把信噪比表示痴Ig(S/N)分贝(dB)o]

V10lg(S/N)=30Alg(S/N)=3S/N=1030/10=1000H=3k

C二HXIog2d+S/N)=3kXIog2(1+1000)=3kXIog2(1001)^3kX10=30k,

得每秒发送的位数不超回K。

8.采用8种相位、每种相位各有两种幅度舱M调制方法，问在1200Baud的信号传输速

率下能达到的数据传输速率为多少？

VN=8X2=16,2H=B=1200,AC=2HXlog2N=1200XIog216=4800bps.

9.采用每种相位各有两种幅度领M调制方法，在带宽为8KHz的无噪信道上传输数字

信号，若要达到64Kbps的数据速率，问至少要多少种不同的相便

VC=64KH=8K,C=2XHXlog2N,/.Iog2N=C/2H=64K/16K=4N=16,至少要有8种不同

的相位。

10。简述异步传输方式与同步传输方式的区.融2、P27

异步传输以字符为传输单位,一次只传输一个字符由5-8位数据组成).每个字符有1个起始

位和1至2个停止位保证字符的同步，字符内以约定频率保证位同步，字符之间异步，可

任意的空闲位.

同步传输以数据块的帧为传输单位，每帧以特殊的同步字符或位模式作帧头帧尾标志，

证帧同步，帧内用外加的同步信号或用从数据信号中提取的同步信号保证位同步。

11.数据速率为1200bps,采用无校验、1位停止位的异步传输，问分钟内最多能传输多少

个汉字(双字节)？

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因为每秒传输1200位，每传送1字节需10位，所以每分钟最多能传送的汉字为

1200X60/20=3600

120分别用标准曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码的的001的波形图。

曼彻斯特编码，每一位的中间有一跳变，位中间的跳变既作时钟信号，又作数据信号；从高

到低跳变表示“1”，从低到高跳变表示“0".

差分曼彻斯特编码，每位中间的跳变仅提供时钟定,而时用每位开始时有无跳变表示"0"

或“r,有跳变为“0“，无跳变为“1”.

注：由于不会画图，只能参考课本图片，以参考编码国请法獭电

13.采用曼彻斯特编码的0Mbps局域网的波特率是多少？

因为曼彻斯特编码每码元传扬2位,所以R=BX1/2,2R=B,B=20M

14o简述异步传输方式的字符格式，并说明各部分的作用。

异步传输方式中，每字符除逻辑0为起始，以1或2位逻辑1为终止，凡从终止位或任意空

闲位的1转为0确定为字符的开始，按约定的频率确定约宓至8位的数据位，如果有约定

的1位校验位则按约定的算法作差错检测。

参考：群同步传输每个字符由四部组成

1)1位起始位，以逻辑0”表示;2)5〜8位数据位，即要传输的字符内容；

3)1位奇偶校验位，用于检错；4)1〜2位停止位，以逻辑“1”表示，用作字符间的间隔。

15。信源以字节(8比特)为单位传输数据，若数据速率为B(bps),对下列两种情况分别

计算有效数据传输速率

⑴异步串行传输，不用校验位、使佣位停止位

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因为每8位字节要额外附越位，所以有效数据传输速率最大可遇X8/10=0.8B

（2）同步串行传输，每帧包48位控制位和4096位数据位

有效数据传输速率为BX4096/（48+4096）=BX4096/4144^0.988B

16o在相同数据速率下，分别采用异步协议和同步协议传输大批量数问据两，者的传输效率

之比约为百分之几？

分析：异步协议的有效数据传输效率8为位数据得10位总数据位=8/10；同步协议的有效数

据传输效率为有效数据位（可达几千位/）（有效数据位+帧头帧尾及其他相关控制位，数

值很小）口/1（约数）；异步协议和同步协议的有效数据传输效率的百余比

（8/10）/1X100%=80%

答:在相同数据速率下，异步协议和同步协议的有效数据传输效率的百维耻密

17。对于带宽为4KHz的语音信号，采用量化级别为8的PCM方法编码，问所产生的二进

制位起码要用多大传输速率的信道才能传输？

分析：由采样定理：Fs22Bs,其中Fs为采样频率，2Bs为原始信号带宽（与H相同），信道

容量C=Fs•log2N22Bs•log2N;酚I=4KHz,N=12§所以由奈奎斯特公式得

C=2X4KXlog2128=56Kbps

答：起码要用56Kbps传输速率的信道才能传输所产生的二进制位

18.简述FDM、TDM、WDM的实现原理。

FDM（频分多路复用液在物理信道的可用带宽超过单个原始信号所需带宽情况将J该物里

信勒朗碱峨轩得输财信？柳瞰印统的子信道，每个子信道传输一路信号的频分多路

复用技术多。路原始信号在频分复用前；先要通过频谱搬移技术将各路信号的频谱搬移到物

理信道频谱的不同段使上信，号的带宽不相互重叠，可通过采用不同

的载波频率进行调制来实现，为了防止相互干扰，使用保护带来隔离每一个通道，保护

是一些不使用的频谱区。

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TDM（时分多路复用是若介质能达到的位传输速率超过传输数据所需要的数据传输速率时

将一条物理信道按时间分成若干个时间片轮流地分配给多个信号使用的时分多路复用技

术。每一时间片由复用的一个信号占，用利用每个信号在时间上的交,叉就可以在一条物理

信道上传输多个数字信号。

WDM（波分多路复用）是指在一根光纤中传输多种不同波长的光信号，由于波长不同，所以

各路光信号互不干扰，最后再用波长解复用器将各路波长分解出来的波分多路复用技术

根据每一信道光波的频率（或波长）不同可以将光纤的低损耗窗口划分成若干个信道，把光

波作为信号的载波,在发送端采用波分复用器（合波）器将不同规定波长的信号光载波合并

起来送入一根光纤进行传输，在接收端，再由一波分复用器（分波器）将这些不同波长

载不同信号的光载波分开的复用方式。

19.分别计算T1载波和E1载波的编码效率和开销率

分析：BelI系统的T1载波利用脉码调制PCM和时分多路复用TDM技术，使24路采用声音信

号复用一个通道，帧粉钟24路信道各自轮流将编码后雕数字信号（7+1）组成帧，其中

7位是编码的数据，第位是控制信号。每帧除了24X8=192位之外，另加一位帧同步位。

这样，一帧（8X24+1）中就包含侑3位，每一帧用125口时间传送，因此T1系统的数据

传输速率为1。544Mbps.ITU建议了一种2。048Mbps速率的PCM载波标准，称为E1载波（欧

洲标准）。它的每一帧开始处雌作同步用，中间有位用作信令，再组织）路8位数据，

全帧含25&立，每一帧也用125u既送,可计算出数据传输速率窃&i/125us=2048Mbps

T1载波的编码效率=7X24/（8X24+1）=168/193^807。，式中：7义24是编码数据位所占

总的信道数8X24+1是单帧所占;位

开销率=（1X24+1）/193=25/193\013,式中：1X24+1是控制信号位所占，即开.销

E1载波的编码效率=8X30/（8+8+8X30）=240/256g904。，式中：8X30超0路8位数据

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位，8+8+8X30是单帧所占位；

开销率=(8+8)/256=16/256^0J06,式中：8+8是8位同步位，8位作信令所占，即开销。

20.若要采用两种物理状态传输的Kbps信道上传输1。544Mbps的T1载波，问信道的信噪

比至少要多少？

因为N=2,C=50K,C=2XHXlog2N,所以H=C/2=25K。因为C=1.544M,H=25K,C=HXIog2

(1+S/M,

所以Iog2(1+S/N)=C/H=1544/25=61.76,1+S/3261"N=26—1心261,

10Xlog10261^10XIog10260=1OXlog1026X10=10XIog1010246^1OXlog101018=18C

分贝

21o试比较电路交换、报文交换、虚电路分组交换及数据分组交换方式的特点：

电路交换：在数据传送开始之前必须先设置一条专用的通路。在线路释放之前，该通路

一对用户完全占用。对于猝发式的通，信电路交换效率不高。

报文交换:报文从源点传送到目的地采用“存-储转发”的方式，在传送报文时，一个时刻仅占

用一段通道.在交换节点中需要缓冲存储，报文需要排队，故报文交换不能满足实时通信的

要求。

分组交换分为：数据报分组交换和虚电路分组交换分，组交换技术是计算机网络中使用最广

泛的一种交换技术。分组交换，交换方式和报文交换方式类似，但报文被分成分，组传送

并规定了最大的分组长度

在数据报分组交换中，目的地需要重新组装报文；

在虚电路分组交换中，数据传送之前必须通过虚呼叫设置一条虚电路。

22.对于交换网定义如下参数：

N一两个给定站点间转接的节点；数

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L一报文长度（匕谁）

B一链路上的数据传输速率b6s）;

P-每个分组的长度（比特）;H—

每个分组的开销（比特）；

S—电路交换或虚电路分组交换的呼叫建立时勃间；

D■每个转接点的转接延迟时间修。

假设不需要确认，请分别计算电路交换报、文交换、虚电路分组交换和数据报分组交换的端

到端延迟时间.

电路交换T=S+L/B

报文交换T=L/B+NXD

虚电路分组交换T=S+N[D+（P+H）/B]

数据分组交换T=N[0（P+H）/B]

23o比较ARQ和FEC方法的工作原理,说明它们的不同之处

ARQ自动请求重发的工作原理:接收端检测出有差错时,就设法通知发送方重发，直到正确

的码字收到为止.

FEC前向纠错的工作原理：接收端不但能发现差错，而且能确定二进制码元发生错误的

置，从而加以纠正。

ARQ只使用检错码，但必须是双向信道才可能将差错信息反馈至发送端。同时，发送方

设置数据缓冲区，用以存放已发出去的数据，以便知道出差错后可以调出数据缓冲区的

容重新发送。

FEC必须用纠错码，但它可以不需要反向信道来传道请求重发的信息，发送端也不需要

放以备重发的数据缓冲区。

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24.已知生成多项式为X4+X3+X2+1求信息位1010101的CRC码.

信息位：K(X)=X6+X4+X2+1=1010101G

(X)=X4+X3+X2+1=11101

R(X)=X4XK(X)/G(X)=10101010000/11101=1001

10101011001

25.若海明码的监督关系式为：

S0=a0+a3+a4+a5S1=a1+a4+a5+a6S2=a2+a3+a5+a6

接收端收到的码字为a6a5a4a3a2ala0=101010(R,在最多一位错的情况下发送端发送的信

息位是什么？

根据监督关系式，得错码位置表：

s2s1s0000001010100011101110111

错位无错a0a1a2a4a3a6a5

根据收到码字1010100计算各校正因子：

s0=0+0+1+0=1s1=0+1+0+1=0s2=1+0+0得二@2s1sO=001

因为在只有一位错的情况下，从上表得错位为a0,所以原发送信息位初10101。

验算：a2=a3+a5+a6=0+0+1=1a1=a4+a5+a6=1+0+1=0,a0=a3+a4+a5=0+1余位：

101

2d同步数字序列SDH)有哪些主要技术特点？

①STM—1统一了T1载波与E1载波两大不同的数字速率体系,使得数字信号在传输过，程中

不再需要转换标准，真正实现了数字传输体制上的国际性标准；

②SDH网还有兼容光纤分布式数据接即DI、分布队列双总线DQDB以及ATM信元；

③采用同步复用方式各，种不同等级的码流在帧结构负荷内的排列是有规律而的净负荷与

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网络是同步的，因而只需利用软件即可使高速信号一次直接分离出低速复用的支路信号

降低了复用设备的复杂性

④SDH帧结构增加的网络管理字节，增强了网络管理能力，同时通过将网络管理功能分配到

网络组成单元,可以实现分布式传输网络的管;理

⑤标准的开放型光接口可以在基本光缆段上实现不同公司光接口设备的互联，降低了组

成本。

在上述特点中，最核心的是同步复用标、准光接口和强大的网管能力这。些特点决定了SDH

网是理想的广域网物理传输平台。

第三章计算机网络体系结构及协议

1o物理层协议包括哪四方面的内容？

物理层协议包括机械、电气、功能性、规程性四个方面关于建立、维持及断开物理信道

特性.

2比较RS—232c与RS-449的电气特性。

RS-232c采用±15伏的负逻辑电平和非平衡发送接收方式，传输距离＜15m,通信速率

W20kbps；

RS—449的电气特性有两个子标准：

RS-422采用±6伏（±2V为过渡区域）的负逻辑电平和平衡发送接收方传揭剑隅为10m

时，速率可达10Mbps;传输距离为1000m时，速率可达100kbps.

RS—423采用士6伏（±4V为过渡区域）的负逻辑电平和差动接收器的非平衡方式。传输距

离为10m时，速率可达100kbps;传揄距离为100m时，速率可达10kbps。

3.简述NULLMODEM的功能；画出RS-232c的DTE—DTE直接连接图，并标明各引脚名称

及连接线方向。

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NulIModem的功能是：当二台采用S-232c标准接口的DTE直接连接时，因为RS-232c是

DTE与DCE之间的接口标准，所以要WulIModem这种采用交叉跳接信号线方式的连接电

缆进行连接，使电缆二端新E都可以把自己作为DTE,把对方作为DCE。

4o试比较四种帧定界方法的特点。

①字节计数法，这种帧同步方法以一个特殊字符表征一帧的超并始以一个专门字段来标明

帧内的字节数.编码简单，但一旦计数出错就丢失帧边界，就会有灾难性后果。

②使用字符填充的首尾定界符法，该法用一些特定的字符来定界一帧的起始与终止。区

要区分数据和定界字符，所以编码复杂；因为不同系统有不同字符集，所以兼容性差。

③使用比特填充的首尾标志，法该法以一组特定的比特模401111110)来标志一帧的起始

与终止。虽然要区分边界位，但用硬件很容易实现，所以使用简便，受限制少。

④违法编码法该，法在物理层采用特定的比特编码方法时采易用于。区分边界,编码很简单，

但只适用于特定的编码环境。

50若发送窗口尺寸为，在发送3号帧并收到2号帧的确认帧后，发送方还可发几帧？请给出

可发帧的序号.

发送方还可以连续度帧，即还可发送第，5,6号帧。

6.若窗口序号位数为，发送窗口尺寸为，采用Gofack—N法，请画出由初始态出发相

继下列事件发生时的发送及接收窗口图：发通、帧蛭帧I、接收帧0、接收确认帧0、发

送帧2、帧1接收出错、帧1确认超时、重发帧、接收帧1、发送帧2、接收确认帧1。

(1)(2)(3)(4))(5(6)

初始发送帧0发送帧1接收帧0接收确认帧)发送视

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(7)(8)G(10)⑴(12)

帧1接收出错帧1确认超时重发帧1接收帧发送帧2接收确认帧

7o若BSC帧数据段中出现下列字符串：“A<DLE£改(>BC<DLEXDLE>DKDLE〉《TB〉”

问字符填充后的输出是什么

A<DLE><DLE><3TX>BC<DLE><DLEXDLE>①LE>DE<DLEXDLE<ETB>

8•若HDLC帧数据段中出现下列比特串’!010000011111110101111110”，问比特填充后的

输出是什么？

填充后的输出是：,,01000001111101101011111010v

9,用BSC规程传输一批汉字(双字节)，若已知采用不带报头的分块传输，且最大报文块长

为129字节，共传输了5帧，其中最后一块报文长初1字节.问每个报文最多能传多少汉

字？该批数据共有多少汉字？(假设采用单字节的块校验字符)

因为每块除文本外的个控制字符共开错字节，前4块每块长度为129字节，数据文本占124

字节，即每报文最多传62汉字.4块共62义4=248汉字，最后决101字节，数据占96字节，即

48汉字,该批数据共有248+48=29双字。或：[(129-5)X4+(101-5)]4-2=296

10o用HDLC传输12个汉字〈双字节〉时，帧中的信息字段占多少字节？总的帧长占多少

字节？

因为HDLC除信息字段外共战位即6字节，所以传12汉字时信息字段为4字节，总帧长为

30字节。

11.简述HDLC帧中控制字段各分段的作用。

控制字段第1位为0表示信息帧，此时第至4位为发送帧的序位就位表示要求回应，第

至7位为等待接收的帧号。

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第1、2位为10表示监控帧，此时第3、4位表示等待接收或暂停接收或要求重堵5位表示

要求回应或确认的结束，罐7位为等待接收的帧号或重发多帧的开始帧号。

第1、2位为11表示无帧序号帧，此时第i表示要求回应或确认的结，束第3、4、6、7、8

位表示不同的控制功能

12o试比较BSC和HDLC协议的特点。

BSC协议面向字符，依赖于特定的字符编码，所以兼容性低；所用字符填充法较复杂；

半双工，所以传输效率低。但所需缓冲空间小

HDLC协议面向位，不依赖于字符集，所以兼容性高；所用位填充法易于硬件实现简，便快

捷；用全双工,传输效率高；所用缓冲空间较.大

13o虚电路中的“虚”是什么含义？如何区分一个网络节点所处理的多个虚电路？

虚电路的虚是因为每条虚电路都不是专用的，虚电路的号只是从节点得到的对应下一节

双向都未分配出去的最小信道号，不同虚电路号的分组轮流传送。一个节点所处理的多

虚电路用下一节点或上一节点及所拥有的信道号来区分。

14o简述虚电路操作与数据报操作的特点、虚电路服务与数据报服务的特点。

通信子网虚电路操作过程分建立、使用和拆除三部分。建立时每个途经节点要作路由选

以确定下一节点并在虚电路表中做记录。使用时各分组按先后顺序只需在沿路各节点排

按虚电路表发送而无需作路由选择。最后各分组按次序全部到达后拆除虚电路。

通信子网数据报操作无需建立电路，但每个分组要各自作路由选择并排队按各自所选路

发送。最后各分组不一定按先后次序到，达可能有分组丢失.

虚电路服务是网络层向端系统运输层提供的使所有分组按先后顺序可靠到达目的端的服

务，不管通信子网如何运作。

数据报服务是网络层向端系统运输层提供的各分组不一定全部不一定按先后顺序到达可

端的服务

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15o考虑图3—20(a)中的子网。该子网使用了距离矢量路由算法，下面的矢量刚刚到达

路由器C,来自B的矢量为(5,0,8,12,6,2);来自D的矢量为(16,12,6,Q9,10);

来自E的矢量为(7,6,3,9,0,4).经测量，到B、D和E的延迟分别为6、3和5。请

问C的新路由表将会怎么样?请给出将使用的输出线路以及期望的延迟。

路由器C的新路由表如表：

目标路输出线期望的

由器路延迟

AB11

BB6

C0

DD3

EE5

FB8

C到A经过B,期望延时为11；

C到B经过B,期望延时为6;

C到D经过D,期望延时为3;

C至肥经过E,期望延时为5;

C至必经过B,期望延时为8;

16o简述防止拥塞的几种方法见P93表3-5。这道题不明确，因为在网络的各个层次上都可

以采取一定的策略。

一。缓冲区预分配：在建立虚电路时在沿途各节点预先保留所需数据暂存区，即保证有

够空间才设虚电路，使分组传送时可顺利通过各节，兔切除阻塞。

（完整）计算机网络技术（自考02141）课后习题答案

-o分组丢弃：不预留存储区，如果缓冲区满则丢弃分组，以缓解阻塞。

三.定额控制：分组必须有许可证才可开始在通信子网中被传送用，许可证数量控制通信子

网中的分组总数，防止阻塞

17.简述X。25各类分组的格式及其功能

Xo25的每个分组由分组头和数据二部分组成分。组头的前二个字节为通用格式标识和虚电

路标识。第三字节表示分组类型，末位的表示数据分组，用于传送数据；末位1为表示

控制分组,完成连接管理、流量控制、中断、复位或重启动等功雕位全为1表示对某种

请求的确认。

18o在X.2吩组级中，理论上最多允许存在多少条虚电路？若已知分配的虚电路殍的

试计算有二进制逻辑信道组号及逻辑信道号。

在X。25分组级中，理论上最多允许16X256=4096条虚电路。

分配的虚电路号为36,536=256X224,所以逻辑信道组号为逻辑信道号为4=16+3

二进制组号九010,二进制逻辑信道号助011000,二进制虚电路号湖00011000。或

536=512+16+8=001000011000

190数据传输速率2400bps.最大分组长度10241i（未含分组头）传输长度为256K字节的

报文，试计算：（1）总共传输的分组数＜2）总共传输的比特数＜3）传输所有的总时间

设分组为X。25分组，忽略帧。因为256K字节的报文=256X1024X8位，最大分组长1度4

位，所需分组数二256X8X1024/1024=2048（加J

因为每个数据分组有个字节的分组头，所以总共传输的位整（1024+24）X2048^2096K

（比特）

因为传输速率=2400bps,所以传输所用时间=（1024+24）X2048/2400秒=1048X256/300秒

处894秒

20.网际互连的意义是什么？请列出各种网络互连设备及它们工年的协议层。

（完整）计算机网络技术（自考02141）课后习题答案

网际互连的意义是可以使各同结构或不同结构的网络上的用户可以互相通信和交换信息

转发器（中继器）:工作于物理层。网桥：工作于链路层，用于类型相似的局域网DCE间

的连接。

路由器：工作于网络层，用于不同结构网络的连.接网关：工作于运输层以上层次。

21.简述网络环境中分布式进程通信的特点。它与单机系统内部的进程通信的区别在

哪里？

I用户共享的网络资源及网络所能提供的服务功能最终是通过网络环境中的分布式

进

通信来实现的。

2网络环境中的进程通信与单机系统内部的进程通信的主要区网另鼠环境中进程通

信是异步性的；网络中主机的高度自治性。

22o试述客户/服务器模式的工作过程以及实现方法。

答：客户/服务器模式是采用“请求驱动”方式工作客的户向服务器发出服务请求服务

器响应客户的请求，提供客户所需要的网络服务。

在网络环境中，在同一时刻，可能有多个客户进程向一个服务器发出服务请求。因此，

务器必须要有处理并发请求的能力。解决服务器处理并发请求的方案基本上有两种：并

服务器方法、重复服务器方法。

23.试述UDP的传输过程、端口号分配原则以及应用场合。

UDP的传输过程：应用进程将报文传送给执卿的传输实体。传输实体将用户数据加上

UDP报头，形成UDP用户数据报，传输给网络层。网络层在UDP用户数据报上再加IP报头，

就形成IP分组，传输给数据链路层。数据链路层再I将分组上增加帧头、帧尾，就形成

一个帧，再经过物理层发送出去。

端口号分配原则：客户进程的端口号分配分为熟知端口号端口号值范围是07023）、注册

端口号（端口号值范围是024—49151）、临时端口号（端口号范围是4915—555353）.服务

（完整）计算机网络技术（自考02141）课后习题答案

器进程的端口号分配不能随机选取T,CP/IP给每一种服务器程序分配了确定的全局端口

号。

UDP适用于可靠性较高的局域网

24.试述TCP的主要特点、端口号分配、Socket地址概念以及应用场合。

TCP协议的主要特点：面向连接服务；高可靠性；全双工通信；支持流传输；传输连

接的可靠建立与释放；提供流量控制与拥塞控制。

TCP的端口号值为0~65535之间的整数。

Socket地址概念：TCP协议在全网唯一的标识一个进程，需要使用网络层的16位IP

地址和传输层的32位端口号，一地址与一个端口号合起来就叫“Socket”地址。

25；TCP的连接建立与释放分别采用几次“握手”？为何要这样步歌？

为了保证传输连接的可靠性，TCP协议使用了3次握手的方法.在传输连接建立阶

段，防止出现因“失效的连接请求数据报”而造成连接错误。

在释放传输连接时需要4次握手.在用户数据报传输结束时，需要释放传输连接。参

与传输连接的任何一方都可以释放连接。由于关闭了客户进程到服务器进程的连接

后，另一个方向服务器到客户进程的连接可能仍然存在.因此，需要经过“4次握手

%传输服务向传输服务用户提供哪些功能？

答：运输层服务向用户提供面向连接的可靠的传输服务和无连接的不可靠的数据报

服务，可提供不同等级的协议服务，可提供正常的服务数据分组传输和快速服务数

据分组传输，可提供不同的用户接口，可提供状态报告和安全保密的服务，对面向

连接的服务可提供连接的管理。

27.传输层服务质量如何分类、协议级别如何分级？它们的关系如何?

(完整)计算机网络技术(自考02141)课后习题答案

答：传输层按用户要求把网络服务质量从高到低分为A、B、C三级，把协议服务功

能按从简单到复杂分为0、1、2、3、4五个级别，服务质量高的网络需要较简单的协

议级别，服务质量低的网络需要较复杂的协议级别。

2a简述会话连接与传输连接的映像关系？

答：会话连接和运输连接有三种关系：

(1)一个会话连接使用一个运输连接的一对一关系.

(2)多个会话连接先后不同时使用同一个运输连接的多对一关系。

(3)当运输连接中断后可用新建运输连接继续原有会话连接的一对多关系。

29简述同步点的作用。

答：带有序号的同步点可由会话用户在传输的数据流中自由设置并一同传送，通过

同步点的接收使会话双方对会话进展情况有一致的了解，使出现中断时可以从中断

处恢复。

30.简述在OSI中设立表示层的必要性.

答：因为不同的计算机可能使用不同的字符集，不同的字节计数方式，不同的运算

码，所以必须在处理语义的应用层和管理连接的对话层之间设置表示层，在各自的

数据表示方式和双方共同确认的表示方式之间进行转换.

31.简述数据压缩的必要性和可行性。

答：由于目前通信设施未能有足够带宽实现低成本高效率传送某些大数据量的信

息，所以有必要对数据进行压缩.

因为原始数据往往有冗余度；数据在不改变表示效果的前提下有压缩余地;数据本

身的特性存在压缩的可能；所以可从这三方面对数据进行压缩。

32.应用实体由哪些元素组成，它们的作用各是什么？

（完整）计算机网络技术（自考02141）课后习题答案

答：应用层应用实体由若干特定应用服务元素和公用应用服务元素组成。每个特定

应用服务元素提供某种专门的应用服务，公用应用服务元素提供公共的应用服务。

33.为什么要采用虚拟终端协议？

答：因为各种各样的终端有不同的功能和标准，所以通过虚拟终端协议进行特定终

端实际功能实际标准和通用的标准功能之间的转换，才可实现不同标准的终端、主

机之间的通信访问.

第四章局域网

1o局域网的主要特点、主要技术是什么？

局域网的主要特点是地理分布范围小，以PC机为主体，结构、协议简单灵活，只

涉及低三层功能，传输速率高，误码率低，便于管理扩充。

主要技术是拓扑结构、传输媒体和最重要的媒体访问控制，常用的媒体访问控制方

法有CSMA/CD,控制令牌和时槽环。

2oIEEE802局域网参考模型与IS0/0SI参考模型有何异同？

IEEE802局网参考模型只涉及相当于IS0/0SI参考模型低三层的功能，物理层基本

相同，局网内把网络层功能简化合并到下层，把链路层分为依赖于物理媒体的下层

MAC子层和独立于媒体及其访问控制的帧传送上层LLC子层，而相当于网络层的网

际层则完成局网外的网间互连和网络管理等功能。

3.简述802.3LAN及802。5LAN的特点。

802o3局域网是用CSMA/CD媒体访问控制法的总线网，结构简单，采用载波监听冲

突检测和退避算法避免冲突减少冲突，对最小帧长度有规定，负载重时会增加冲突

降低效率。

802.5局域网是用令牌访问控制方法的环网，结构较复杂，但不会出现冲突。

802o4局域网是用令牌访问控制方法的总线网，结构简单，无须采用退避算法等防

冲突措施，不会出现冲突，但要用算法实现总线物理结构上的逻辑环形令牌控制网.

(完整)计算机网络技术(自考02141)课后习题答案

4.为什么CSMA/CD有最短帧长度的要求？

因为检测冲突需要时间，只有所发送的帧有足够的长度，在传送冲突信号所需最长

时间情况下冲突信号到达发送站点时使发送的帧还未全部送出，才能使帧的是否受

损坏得到确认并及时发出阻塞信号和中断受损帧的发送。如果帧的长度太小，则收

到冲突信号前受损帧已发送完毕。

5.简述非坚持、1-坚持及P—坚持算法的特点。

非坚持算法：监听到线路忙则延迟随机量再监听，空即发送。可减少冲突，但有时

利用率不高。

1-坚持算法：监听到线路忙则继续监听，空即发送，遇冲突才延迟随机量再监听。

利用率高，但容易冲突.

P-坚持算法:监听到线路忙则继续监听，空则按p的概率，可能发送，可能再按(1-P)

的概率延迟监听；需适当选择P值，才可既减少冲突又提高利用率。

6o长1km、10Mbps的802。3LAN,其信号传播速度为200m/us,数据帧长度为256位

(包括32位开销)。一个成功发送后的第一位时间片留给接收方以捕获信道来发送

一个32位的确认帧。假设不考虑冲突，问不包括开销的有效数据速率为多少？1)

发送数据帧256位所需的时间=256bit/10Mbps=25.6us

数据帧在信道上的传播时间=1000m/(200m/us)=5us

・•・共用时间=25.6us+5us=30.6us

2)回发确认帧32位所需的时间=32bit/10Mbps=3.2us

确认帧在信道上的传播时间=1000m/(200m/us)=5us

:.共用时间=3.2us+5us=8.2us

因此:有效数据传输速率:(256-32)bit/(30.6+8o2)us=5o77Mbps

7.长1km、10Mbps的基带总线LAN,信号传播速度为200m/us,计算一个1000比特的

帧从发送开始到接收结束的最大时间是多少？若两相距最远的站点在同一时刻发

（完整）计算机网络技术（自考02141）课后习题答案

送数据，则经过多长时间两站发现冲突？

因为距离=1000米，速度二200米/微秒，位长1000位，传输速率nOMbps

1）从发送开始到接收结束的总时间=数据传输时延+信号传播时延

即:1000bit/10Mbps+1000m/（200m/us）=100us+5ps=105Jis

2）同一时刻发送，发现冲突的时间=信号传播时延

即：1000m/（200m/ps）=5日s

若不在同一时刻发送，则发现冲突的时间=2X信号传播时延

80100个站点的时槽环，任意两站间的平均距离为10m,数据传输速率为10Mbps,信号

传播速度为200m/us,若每个站引入1位延迟，试计算：（1）两站点间链路的长度为

多少位？（2）整个环路的有效位长度为多少位？（3）此环上最多允许有几个37

位长的时槽？

因为传输速率=10Mbps,100站，每站1位延迟，37位时槽，得：二站距离二10米

1）两站点间链路的位长度：传播时间=10米/200米/微秒二0。05微秒，位长度=0.05微

秒X10Mb/秒二0.5位

2）整个环路的有数位长度：100X（0.5bit+1bit）=150bit或全环位长度二0.05

微秒X100X10Mb/秒+100位=50位+100位=150位

3）最多允许时槽数:150bit/37bit=4.05个75个

9.长1km、10Mbps.50个站点的令牌环，每个站引入1位延迟，信号传播速度为

200m/us,令牌长8位，数据帧长度为256位（包括32位开销），确认在数据帧捎带，

问该环不包括开销的有效数据速率为多少？

第一种算法：传播时间二1000米/200米/微秒二5微秒，传输时间二（256位+8位+50位）

/10Mb/秒二31。4微秒

有效位二256—32位=224位，有效速率=224位/（5+31。4）微秒=224位/36.4微秒”6。

15位/微秒二6。15M/秒

（完整）计算机网络技术（自考02141）课后习题答案

第二种算法:

发送数据帧的传输时延=256bit/10Mbps=25.6口s

信号绕环一^传播时延=1KM/200m/|is=5|is

50个站点1位传输时延=50X1bit/10Mbps=5us

发送令牌帧传输时延为=8bit/10Mbps=0。811s

总时间=25。6ns+5|is+5|is+0o8jis=36.4^s

Z.该环不包括开销的有效数据速率=（256—32）bit/36。4us=6.15Mbps

10o长10km、16Mbps、100个站点的令牌环，每个站引入1位延迟，信号传播速度为

200m/uso问：（1）该环上1位的延迟相当于多少米长度的电缆？（2）该环的有效

位长度为多少位？

第一种算法：传播时间=10000米/200米/微秒二50微秒，位长度=50微秒X16M位/秒

+100位=900位，环全长=10000米，1位延迟的米长度二10000米/900位n11.1米/位，有

效位长度二环位长度一站点延迟位=900位700位=800位

第二种算法：

・・・环的比特长度=信号传播时延X数据传输速率+接口延迟位数

=环路介质长度/信号传播速度X数据传输速率+接口延迟位数

・・・令牌环的比特长度=10KM/200m/口sX16Mbps+1X100bit=800+100=900bit

1）该环上1位的延迟相当于电缆的长度为：10KM/900bitX1bit=11o11m

2）该环的有效位长度=10KMX5us/KMX16Mbps=800bit

11o长1km、4Mbps、50个站点的令牌环，每个站引入1位延迟，信号传播速度为

200m/us,设数据帧最大长度为100字节.问该环上检查令牌丢失的超时计数器的值

至少要设置为多少微秒？

（完整）计算机网络技术（自考02141）课后习题答案

第一种算法：

设置值二（帧位数+总延迟位数）/传输速率+环长/传播速率二（800位+50位）/4M位/秒

+1000米/200米/微秒=850位微秒/4位+10微秒/2=212。5微秒+5微秒=217.5微秒

第二种算法：

・・•信号传播时延=环路介质长度/信号传播速度=1KMX5口s/KM=5us

50个站点1位时延=50X1bit/4Mbps=12.5us

发送最长数据帧时延=100X8bit/4Mbps=200口s

/•超时计数器的值=5口s+12。5|is+200|is=217.5s

12.一个10Mbps的令牌环，其令牌保持计数器的设置值为10us,在此环上可发送

的最长帧为多少住？

第一种算