山西省朔州市应县一中2024-2025学年高二生物下学期期中试题含解析

PAGE29-山西省朔州市应县一中2024-2025学年高二生物下学期期中试题（含解析）一．选择题1.番茄红素（C40H56）是一种重要的类胡萝卜素，具有较强的抗氧化活性，能防止动脉粥样硬化和冠心病等，目前利用基因工程生产的大肠杆菌能大量生产番茄红素。据此有关的下列叙述，正确的是A.该大肠杆菌细胞内含4种碱基、4种核苷酸B.番茄红素在核糖体上合成，经加工分泌到细胞外C.该大肠杆菌可遗传变异来源有基因突变和基因重组D.基因工程常用的工具酶有限制酶、DNA连接酶和运载体【答案】C【解析】大肠杆菌细胞内含有两种核酸：DNA和RNA，DNA中含有A、C、G、T四种碱基，RNA中含有A、C、G、U四种碱基，因此该大肠杆菌细胞内含5种碱基、8种核苷酸（4种脱氧核苷酸和4种核糖核苷酸），A错误；核糖体是蛋白质合成的场所，番茄红素是一种类胡萝卜素，不属于蛋白质，B错误；由题意“利用基因工程生产的大肠杆菌能大量生产番茄红素”可知：该大肠杆菌可遗传变异来源有基因突变和基因重组，C正确；基因工程常用的工具有限制酶、DNA连接酶和运载体，其中限制酶和DNA连接酶属于工具酶，D错误。【点睛】本题的易错点在于对C项的推断。忽视了题干“利用基因工程生产的大肠杆菌”这一特定的信息，受思维定势的影响，一看到“基因重组”立刻想到其来源于减数第一次分裂的前期（同源染色体的交叉互换）和后期（非同源染色体自由组合），大肠杆菌不能进行减数分裂，因此不能发生基因重组。2.用显微镜的一个目镜分别与4个物镜组合来视察某一细胞装片。当成像清楚时，每一物镜与载玻片的距离如图1所示。图2是图1中d条件下视察到的视野，假如不变更载玻片位置、光圈及反光镜，下列说法正确的是（）A.b条件下比c条件下看到的细胞数多B.a条件下视野的亮度比d条件下大C.a条件下可能视察不到细胞D.由d条件下转变为c条件下视察时，应先将装片向左方移动【答案】C【解析】【分析】题图分析：甲图表示物镜与载玻片之间的距离，物镜的镜头越长，其放大倍数越大，与玻片的距离也越近，反之则越远。显微镜的放大倍数越大，视野中看的细胞数目越少。分析乙图：图乙是甲图中d条件下视察到的视野，细胞位于视野的右上方。【详解】A、物镜的镜头越长，其放大倍数越大，物镜与载玻片的距离越近，且显微镜的放大倍数越大，视野中视察到的细胞数目越少，因此b条件下比c条件下看到的细胞数少，A错误；B、物镜的镜头越长，其放大倍数越大，物镜与载玻片的距离越近，且显微镜的放大倍数越大，视野越暗，因此a条件下视野的亮度比d条件下小，B错误；C、a条件为高倍镜下的视野，看到的实际面积较小，因此在该条件下可能视察不到细胞，C正确；D、由d条件下转变为c条件下视察时，意味着将低倍镜换成了高倍镜，由于看到了的实际面积削减，应先将装片向右上方移动，D错误。故选C。【点睛】3.如表是两种生物干重中有关元素的质量分数（%）。据表有人得出以下结论，其中正确的是元素CHONPS生物甲43．576．2444．431．460．200．17生物乙55．997．4614．629．333．110．78A.假如它们分别是动物和植物，则甲是动物，乙是植物B.等质量的组织中，甲所含的热量少于乙C.两者体细胞中，乙的染色体（质）比甲多D.两者的含水量比较，可推想甲比乙多【答案】B【解析】分析】分析题图可知，生物乙中N元素含量较多，动物和植物相比，动物的蛋白质含量高，N元素多，所以甲是植物，乙是动物；脂肪分子中氧含量远远少于糖类，而氢的含量更多，氧化分解时消耗的氧气多，释放的能量也多，因此H含量高、氧含量低则含的热量高。【详解】A、分析表格信息可知，生物乙含有较多的N元素，乙更有可能是动物，A错误；

B、分析表格信息可知，乙含有较多的H和较少的O，因此氧化分解时消耗的氧气多于甲，释放的能量多于甲，B正确；

C、从表格中看不出染色体数目多少，C错误；

D、因为表格中的数据是干重，不能推断二者含水量的多少，D错误。

故选B。4.图表示不同化学元素所组成的化合物，以下说法错误的是A.若①是某种大分子的基本组成单位，则①是氨基酸B.若②是细胞中的储能物质，则②肯定是脂肪C.若②是生命活动的主要能源物质，则②是糖类D.若③是携带遗传信息的大分子物质，则③肯定是核酸【答案】B【解析】【分析】蛋白质属于生物大分子，其基本组成元素是C、H、O、N四种，有的还含有S等元素；蛋白质的基本组成单位是氨基酸。糖类和脂肪都是由C、H、O三种元素组成；糖类中的糖原是动物细胞中的储能物质，淀粉是植物细胞中的储能物质；脂肪是细胞中良好的储能物质。核酸属于生物大分子，是遗传信息的携带者，由C、H、O、N、P五种元素组成。【详解】图中①由C、H、O、N四种元素组成，若①是某种大分子的基本组成单位，则①是氨基酸，A正确；②由C、H、O三种元素组成，若②是细胞中的储能物质，则②可能是糖原或淀粉，也可能是脂肪，B错误；②由C、H、O三种元素组成，若②是生命活动的主要能源物质，则②是糖类，C正确；③由C、H、O、N、P五种元素组成，若③是携带遗传信息的大分子物质，则③肯定是核酸，D正确。【点睛】此类问题常以化合物的元素组成为依托进行考查。分析此类问题要明确蛋白质、脂肪、糖类和核酸的化学组成、分布、功能等相关学问，形成清楚的学问网络。5.显微镜下分别视察小麦的叶肉细胞和干种子的胚细胞，发觉叶肉细胞的细胞质中有明显的细胞质流淌现象，而胚细胞则无此现象，缘由是A.叶肉细胞是活细胞，而胚细胞是死细胞B.叶肉细胞中有自由水，胚细胞没有自由水C.叶肉细胞的自由水与结合水的比值大D.胚细胞的自由水与结合水的比值大【答案】C【解析】【分析】水存在形式有自由水和结合水，自由水作为溶剂是化学反应的介质，自由水还参加化学反应，自由水还运输养分物质和代谢废物，结合水是生物体和细胞结构的重要物质，自由水与结合水的比值越高细胞代谢越强，抗逆性越差，比值越低，细胞代谢越弱，抗逆性越强。【详解】A、叶肉细胞和干种子胚细胞都是活的，A错误；

B、干种子中胚细胞也含有自由水，只是自由水含量较少，B错误；

C、叶肉细胞自由水含量多，自由水与结合水的比值大，C正确；

D、干种子中胚细胞中结合水含量相对较高，自由水与结合水的比值小，D错误。

故选C。6.如表表示人体肌细胞受刺激后，细胞内钙含量和肌肉收缩力气随时间的变更关系：时间（ms）0306090120150180钙含量（mmol/mL）07.82.20.5000肌肉收缩力气（N）02.053.52.10.50表中数据可以说明（）A.细胞内钙浓度越高肌肉收缩力气越大B.肌肉收缩力气随时间不断增加C.钙离子进入肌细胞的方式是主动运输D.肌肉在达到最大收缩力前钙离子释放【答案】D【解析】【分析】物质跨膜运输的方式有自由扩散、帮助扩散、主动运输。【详解】A、分析表格中的数据可知，细胞内钙浓度最高时，肌肉力气不是最大，A错误；B、由表格中信息可知，人体肌细胞受刺激后，肌肉细胞收缩力气先随时间延长而上升，然后随时间延长而降低，B错误；C、该表格信息不能显示钙离子进入肌肉细胞的方式，C错误；D、分析表格信息可知，肌肉细胞力气在60秒时最大，此时钙离子浓度由7.8下降至2.2，因此肌肉在达到最大收缩力前钙离子释放，D正确。故选D。【点睛】识记无机盐离子的作用，物质跨膜运输方式，分析题图获得信息并进行推理推断是解题的关键。7.学习小组选用苏丹Ⅲ染液，运用显微镜检测和视察花生子叶中的脂肪，下列相关叙述不正确的是()A.原理：脂肪可以被苏丹Ⅲ染液染成橘黄色B.步骤：切取子叶薄片→苏丹Ⅲ染液染色→洗去浮色→制片→视察C.现象：花生子叶细胞中有被染成橘黄色的颗粒D.结论：脂肪是花生子叶细胞中含量最多的化合物【答案】D【解析】【分析】【详解】脂肪鉴定原理：脂肪可以被苏丹Ⅲ染液染成橘黄色，A正确；

试验步骤：切取子叶薄片→苏丹Ⅲ染液染色→洗去浮色→制片→视察，B正确；

现象：花生子叶细胞中有被染成橘黄色的颗粒，C正确；

结论：花生子叶细胞中含有脂肪，水是花生子叶细胞中含量最多的化合物，D错误。8.某校生物爱好小组进行了生物组织中还原糖检测的试验（如图），下列叙述正确的是（）A.在试验材料选择方面，用苹果比用植物叶片的效果要好B.在制备生物组织样液时，加入石英砂的主要目的是促进还原糖的溶解C.用于该试验检测的斐林试剂也可用于检测蛋白质，只是添加试剂的依次不同D.由于斐林试剂不稳定，在运用斐林试剂时要先加0.1g/mL的NaOH溶液，后加入0.05g/mL的CuSO4溶液【答案】A【解析】【分析】【详解】A．在试验材料选择方面，用苹果比用植物叶片的效果要好，因为苹果比用植物叶片含有更多的还原性糖，A正确；B．在制备生物组织样液时，加入石英砂的主要目的是为了研磨充分，而不是促进还原糖的溶解，B错误；C．用于该试验检测的斐林试剂也可用于检测蛋白质，但不能混合后运用而不是添加试剂的依次不同，C错误；D．由于斐林试剂不稳定，应现配现用，而不是在运用斐林试剂时要先加0.1g/mL的NaOH溶液，后加入0.05g/mL的CuSO4溶液，D错误。故选A。9.下列有关氨基酸、多肽链和蛋白质的叙述正确的是()A.都只有C、H、O、N四种元素 B.遇双缩脲试剂都显紫色C.都通过主动运输进入细胞 D.通常都含有羧基【答案】D【解析】【详解】A、氨基酸是蛋白质的基本单位，不同种类的氨基酸除含有C、H、O、N元素，有的含有S、P、S、Fe、Zn等，A错误；B、蛋白质鉴定的原理是双缩脲试剂与肽键反应生成紫色物质。氨基酸中没有肽键，故与双缩脲试剂没有紫色出现，B错误；C、多肽链和蛋白质是高分子化合物，利用膜的流淌性，通过胞吞的方式进入细胞，C错误；D、氨基酸、多肽链和蛋白质上通常都有羧基，D正确；故选D。考点：本题考查蛋白质的组成元素、基本单位、结构特点及出入细胞的方式，意在考查考生理解所学学问的要点，把握学问间内在联系，形成学问网络结构的实力。10.下列物质中，有的属于构成蛋白质的氨基酸，有的不是。若将其中构成蛋白质的氨基酸缩合成肽链，则其中含有的氨基、羧基和肽键的数目依次是（）A.2，2，2 B.1，3，2 C.4，3，3 D.3，4，3【答案】B【解析】【分析】1、构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构通式是，即每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同。2、氨基酸在核糖体中通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程；连接两个氨基酸的化学键是肽键，其结构式是-CO-NH-；氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数，游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数，至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数。3、分析题干中的①～⑤五种化合物：①符合氨基酸的结构通式，其R基是-H，是构成蛋白质的氨基酸；②中没有羧基，不符合氨基酸的结构通式，不是构成蛋白质的氨基酸；③符合氨基酸的结构通式，其R基是-CH2-COOH，是构成蛋白质的氨基酸；④中的氨基和羧基没有连在同一个碳原子上，不符合氨基酸的结构通式，不是构成蛋白质的氨基酸；⑤符合氨基酸的结构通式，其R基是-（CH2）4COOH，是构成蛋白质的氨基酸。【详解】氨基酸至少含有一个氨基和一个羧基，并且氨基和羧基连在同一个碳原子之上，①③⑤属于构成蛋白质的氨基酸，氨基酸脱水缩合，形成肽链，两端各有一个氨基或一个羧基没有参加形成肽键，呈游离状态，而③⑤的R基中有一个羧基，所以形成的是三肽，有一个氨基，三个羧基，两个肽键，B选项正确。A、C、D选项错误；故选B。【点睛】氨基酸脱水缩合形成肽键脱去一分子水，肽键数为氨基酸数减去肽链的条数，氨基或羧基数是肽链数与R基上的氨基或羧基数之和。11.组成蛋白质的氨基酸中有两种氨基酸含有S。已知某一蛋白质分子中含有一个硫原子，则下列说法中错误的是（）A.该蛋白质分子除了含有S元素外，还含有C.H、O、NB该蛋白质分子完全水解后最多可以得到约20种氨基酸C.该蛋白质可能由一条、两条或多条肽链组成D.该蛋白质分子中有“N-C-C-N-C-C-…”的重复结构【答案】B【解析】【分析】构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构通式是，即每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同，构成蛋白质的氨基酸约有20种。氨基酸通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程；连接两个氨基酸的化学键是肽键，其结构式是-CO-NH-；氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数。【详解】构成除蛋白质的基本元素是C、H、O、N，由题干信息知该蛋白质分子还含有S，A正确；构成蛋白质的氨基酸约有20种，其中有两种氨基酸含有S，若某一蛋白质分子含有1个S原子，则该蛋白质分子最多由20-1=19种氨基酸构成、完全水解后最多可以得到19种氨基酸，B错误；每种蛋白质分子是由一条、两条或多条肽链组成的，C正确；该蛋白质分子中有“-N-C-C-N-C-C-…”的重复结构，D正确。【点睛】易错选项D，关键要抓住氨基酸中的核心C原子和肽键（-CO-NH-）进行推断。12.下列关于蛋白质的叙述错误的是（）A.细胞间的信息沟通大多与细胞膜蛋白有关B.由蛋白质组成的细胞骨架与细胞分裂等生命活动亲密相关C.细胞内蛋白质的合成离不开核酸，而核酸的合成也离不开蛋白质D.细胞膜的功能特性与膜上的载体蛋白有关而与其基本骨架的流淌性无关【答案】D【解析】【分析】蛋白质的基本单位是氨基酸，组成蛋白质的氨基酸至少含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，组成蛋白质的氨基酸依据R基不同分为20种；氨基酸脱水缩合反应形成肽链，一条或几条肽链形成具有肯定的空间结构的蛋白质；蛋白质结构的多样性与组成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列依次及蛋白质的空间结构有关；蛋白质结构的多样性确定功能多样性。【详解】A、细胞间的信息沟通大多与细胞膜蛋白有关，A正确；B、由蛋白质组成的细胞骨架与细胞分裂等生命活动亲密相关，B正确；C、细胞内蛋白质的合成离不开核酸（基因对蛋白质的限制），而核酸的合成也离不开蛋白质（酶的催化），C正确；D、细胞膜的功能特性与膜上的载体蛋白及基本骨架的流淌性亲密相关，D错误。故选D。【点睛】13.绿色荧光蛋白是从发光水母中分别出来的一种结构蛋白，其相关数据如下表所示。若R基上的羧基和氨基不会脱水形成肽键，则下列对该蛋白质的叙述，正确的是()氨基酸数目126R基上的羧基数15游离羧基总数17游离氨基总数17A.只有1条肽链B.R基上的氨基有17个C.水解时，水中的氧参加形成氨基D.合成一分子该蛋白质，脱去水的相对分子质量为2232【答案】D【解析】【分析】本题考查蛋白质结构，考查对氨基酸、蛋白质结构的理解。一条肽链至少含有一个氨基和一个羧基，游离的氨基或羧基总数应为R基上的氨基或羧基数+1。【详解】该蛋白质中游离羧基总数为17，R基上的羧基数为15，据此可推知该蛋白质含有肽链17—15=2条，A项错误；R基上的氨基=17—2=15个，B项错误；蛋白质水解时，水中的氧参加形成羧基，C项错误；合成一分子该蛋白质，脱去水的分子数=肽键数=126—2=124个，削减的相对分子质量为18×124=2232，D项正确。【点睛】假设氨基酸的平均相对分子质量为a，由n个氨基酸分别形成1条链状多肽或m条链状多肽：形成肽链数形成肽键数脱去水分子数蛋白质相对分子质量1n－1n－1na－18(n－1)mn－mn－mna－18(n－m)14.细胞受到冰冻时，蛋白质分子相互靠近，当接近到肯定程度时，蛋白质分子中相邻近的巯基（﹣SH）氧化形成二硫键（﹣S﹣S﹣）。解冻时，蛋白质氢键断裂，二硫键仍保留（如图所示）。下列说法不正确的是（）A.巯基位于氨基酸的R基上 B.解冻后蛋白质功能可能异样C.结冰和解冻过程涉及到肽键的变更 D.抗冻植物有较强的抗巯基氧化实力【答案】C【解析】【分析】构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构通式是，即每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同；蛋白质结构多样性的干脆缘由：构成蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列依次和肽链的空间结构千差万别。【详解】A、巯基（-SH）中含有S，由氨基酸的结构通式可知，巯基位于氨基酸的R基上，A正确；

B、蛋白质的结构确定蛋白质的功能，由题干“解冻时，蛋白质氢键断裂”可知解冻后的蛋白质结构会发生变更，其功能也可能发生异样，B正确；

C、由题干信息知，结冰时会增加蛋白质分子中的二硫键，解冻会削减蛋白质分子中的氢键，结冰和解冻过程未涉及到肽键的变更，C错误；

D、细胞受到冰冻时，蛋白质分子中相邻近的巯基（-SH）会被氧化形成二硫键（-S-S-），抗冻植物能够适应较冷的环境，依据形态结构和功能相适应的观点，可推知抗冻植物有较强的抗巯基氧化实力，D正确。

故选C。【点睛】本题结合题图，考查蛋白质的功能的学问，考生识记蛋白质的结构和功能，由题干得出细胞受冻和解冻时的蛋白质的结构变更是解题的关键。15.下列有关组成细胞的化合物—糖类的叙述，正确的是A.和糖类相比，人血红蛋白特有的组成元素是NB.在细胞膜外表面能和糖类结合的只有蛋白质C.细胞中糖类的合成也须要蛋白质的参加D.糖类只有被彻底水解后才可参加细胞呼吸【答案】C【解析】【分析】1、糖类的元素组成是C、H、O，蛋白质的元素组成是C、H、O、N等，不同类的脂质的元素组成不同，脂肪和固醇的元素组成是C、H、O，磷脂的元素组成是C、H、O、N、P，核酸的元素组成是C、H、O、N、P。

2、细胞膜的成分：脂质、蛋白质和少量的糖类．构成细胞膜的脂质主要成分是磷脂，磷脂双分子层构成膜的基本骨架；膜的功能主要由蛋白质担当，功能越困难的细胞膜，其蛋白质的含量越高，种类越多；细胞膜上的蛋白质与糖类结合形成的糖蛋白，与细胞表面的识别有关；在消化道和呼吸道上皮细胞表面的还有爱护和润滑作用。

3、有氧呼吸全过程：第一阶段：在细胞质基质中，一分子葡萄糖形成两分子丙酮酸、少量的[H]和少量能量，这一阶段不须要氧的参加；其次阶段：丙酮酸进入线粒体的基质中，分解为二氧化碳、大量的[H]和少量能量；第三阶段：在线粒体的内膜上，[H]和氧气结合，形成水和大量能量，这一阶段须要氧的参加。【详解】A、和糖类相比，人血红蛋白特有的组成元素是N和Fe，A错误；

B、细胞膜上的糖类，有的与蛋白质结合形成糖蛋白，有的与脂质结合形成糖脂，B错误；

C、细胞中糖类的合成须要酶的参加，催化糖类合成的酶为蛋白质，C正确；

D、葡萄糖属于单糖，不能接着水解，可以干脆参加细胞呼吸，D错误。

故选C。16.下列物质和结构中肯定不含糖成分的是A.运载体和噬菌体 B.酶和激素C.核糖体和染色体 D.细胞骨架和生物膜的基本支架【答案】D【解析】【详解】运载体可能是质粒，也可能是病毒等，都含有核酸，含有五碳糖，噬菌体含有DNA，含有脱氧核糖，A错误；酶的成分为蛋白质或RNA，RNA含有核糖，B错误；核糖体由蛋白质和rRNA组成，其中RNA中含核糖，染色体含有DNA，含有脱氧核糖，C错误；细胞骨架由蛋白质纤维组成，生物膜的基本骨架为磷脂双分子层，都不含有糖，D正确。【考点定位】细胞中的糖类【名师点睛】组成糖类的化学元素有C、H、O．葡萄糖是细胞生命活动所须要的主要能源物质；核糖是核糖核苷酸的组成成分；脱氧核糖是脱氧核苷酸的组成成分。17.下列关于细胞膜中糖类和脂质的叙述正确的是（）A.正常细胞发生癌变后，其细胞膜成分中的糖蛋白明显增多B.除糖蛋白外，细胞膜表面还有糖类与脂质分子结合成的糖脂C.细胞膜的功能主要取决于膜中糖类和脂质的种类及含量D.组成细胞膜的磷脂“头”部是疏水的，脂肪酸“尾”部是亲水的【答案】B【解析】【分析】细胞膜的主要成分是脂质和蛋白质，此外还有少量的糖类。组成细胞膜的脂质中，磷脂最丰富，磷脂构成了细胞膜的基本骨架。蛋白质在细胞膜行使功能时起重要作用，因此，功能越困难的细胞膜，蛋白质的种类和数量越多。

细胞膜的流淌镶嵌模型：（1）磷脂双分子层构成细胞膜的基本骨架；蛋白质分子有的镶嵌在磷脂双分子层表面，有的部分或全部嵌入磷脂双分子层中，有的横跨整个磷脂双分子层。（2）细胞膜上的磷脂和绝大多数蛋白质是可以流淌的，因此膜的结构成分不是静止的，而是动态的，具有流淌性。（3）细胞膜的外表面分布有糖被，具有识别功能。【详解】A、正常细胞发生癌变后，其细胞膜上的糖蛋白明显削减，A错误；B、除糖蛋白外，细胞膜表面还有糖类与脂质分子结合成的糖脂，B正确；C、细胞膜的功能主要取决于膜中蛋白质的种类及含量，C错误；D、组成细胞膜的磷脂分子，磷酸“头”部是亲水的，脂肪酸“尾”部是疏水的，D错误。故选B。【点睛】18.下列有关细胞分子的叙述，正确的是）A.氨基酸的空间结构是蛋白质多样性的缘由B.等质量脂肪氧化分解比糖释放能量多是因为脂肪分子中氧含量多C.携带遗传信息是核酸的唯一功能D.叶肉细胞中缺乏Mg元素，则影响叶绿素合成【答案】D【解析】A.蛋白质的多样性与氨基酸的种类、数目、排列依次和蛋白质的空间结构有关，A错误；B.等质量脂肪氧化分解比糖释放能量多是因为脂肪分子中碳氢含量多，B错误；C.核酸能够携带和传递遗传信息，以及限制生物的性状等功能，C错误；D.Mg元素是叶绿素合成的必要元素，D正确。19.真核细胞的某些结构中含有核酸，下列相关叙述正确的是（）A.核糖体、线粒体和叶绿体中都含有核酸和遗传物质B.某些核酸可以通过核孔进入细胞质C.核酸与蛋白质一样，都主要合成于细胞质D.用甲基绿—吡罗红混合染色剂染色后，细胞核处呈红色，细胞质中呈绿色【答案】B【解析】【分析】核酸是生物的遗传物质，分为DNA与RNA两类，其中DNA主要分布于细胞核，RNA主要分布于细胞质；核酸是一种大分子物质，其通过核孔进入细胞质，可用甲基绿—吡罗红混合染色剂染色，鉴定核酸在细胞内的分布。【详解】核糖体只有RNA一种核酸，细胞内RNA不属于遗传物质，线粒体和叶绿体中既有DNA也有RNA，其中DNA是遗传物质。细胞核是RNA合成的主要场所，合成后的RNA通过核孔进入细胞质，但是细胞核中的DNA不能通过核孔进入细胞质。蛋白质合成于细胞质中的核糖体，但核酸主要合成于细胞核。用甲基绿—吡罗红混合染色剂染色后，细胞核处呈绿色，细胞质处呈红色。【点睛】本题考查核酸的相关学问，意在考查学生的识记实力和推断实力，运用所学学问综合分析问题和解决问题的实力。20.下列有关细胞中化合物及其化学键的叙述，正确的是A.只能在叶绿体和线粒体中形成高能磷酸键B.蛋白质中肽键的数量与蛋白质的多样性无关C.降低化学反应活化能的物质中肯定有肽键D.DNA的两条链上的碱基通过氢键连成碱基对【答案】D【解析】【详解】A、ATP的合成过程中可形成高能磷酸键，合成ATP的过程有光合作用和呼吸作用，其中在光合作用（场所是叶绿体）的光反应阶段可形成ATP，在有氧呼吸三个阶段（场所分别是细胞质基质、线粒体基质和线粒体内膜）均可产生ATP，即形成高能磷酸键的场所除了叶绿体和线粒体外，还有细胞质基质，A错误；B、构成蛋白质的氨基酸数目=蛋白质中肽键的数量+肽链数，蛋白质中肽键的数量与蛋白质多样性有关，B错误；C、酶可降低化学反应的活化能，其中化学本质是蛋白质的酶分子中含有肽键，而化学本质是RNA的酶分子中不含肽键，C错误；D、DNA是由两条反向平行的脱氧核苷酸长链回旋而成的双螺旋结构，DNA的两条链上的碱基通过氢键连成碱基对，其中A-T间有2个氢键、C-G间有3个氢键，D正确。故选D。

21.下表关于人体内有机物的叙述，正确的是()序号物质化学组成作用机理A激素蛋白质或脂肪与靶细胞的受体结合，调整生命活动B酶蛋白质或RNA降低反应的活化能，催化物质分解C受体蛋白质与糖类与信息分子特异性结合，传递信息D抗体蛋白质与糖类与抗原特异性结合，发挥免疫作用A.A B.B C.C D.D【答案】C【解析】【分析】激素、酶、受体和抗体都是生物体中重要的有机物，激素具有调整作用，不全是蛋白质，酶具有催化作用，绝大多数是蛋白质，受体具有识别作用，是蛋白质，抗体具有免疫作用，化学本质为蛋白质。【详解】A.激素的化学本质可以是蛋白质、氨基酸衍生物和固醇，没有化学本质为脂肪的激素，A错误；B.酶的化学本质是蛋白质或RNA，能降低反应的活化能，能催化物质分解也能催化物质合成，B错误；C.受体的化学本质为糖蛋白，受体能与信息分子特异性结合，传递信息，C正确；D.抗体的化学本质为免疫球蛋白，不含糖类，D错误。【点睛】理清抗体、激素、酶和受体的联系和区分是解题的关键。22.科学工作者在某地视察，记录了四种野生动物一天中平均活动时间（h）如下表。假设北美郊狼因被大量捕杀而数量锐减，则短期内将发生的变更是物种

休息

与其他物种竞争

进食

找寻配偶

大鼠

4．8h

3.6h（追逐小鼠）

13.2h（吃植物种子）

2.4h

浣熊

18.0h

0.0h

3.6h（吃大鼠）

2.4h

北美郊狼

18.0h

0.0h

4.8h（吃浣熊）

1.2h

小鼠

4.8h

6.0h（被大鼠追逐）

10.8h（吃植物种子）

2.4h

A.植物种子数量变更不确定 B.浣熊数量削减C.大鼠数量增多 D.小鼠数量削减【答案】A【解析】【分析】由表可知，北美郊狼捕食浣熊，浣熊捕食大鼠，大鼠和小鼠的关系是竞争，北美郊狼被大量捕杀后，最干脆的影响是浣熊数量增加，进而引起大鼠数量削减、小鼠数量增加．由于大鼠数量削减，小鼠数量增加，它们都以植物种子为食，因此植物种子数量不确定。【详解】A、北美郊狼被大量捕杀后，最干脆的影响是浣熊数量增加，引起大鼠数量削减、小鼠数量增加．由于大鼠数量削减，小鼠数量增加，它们都以植物种子为食，因此植物种子数量不确定，A正确；B、北美郊狼被大量捕杀后，最干脆的影响是浣熊数量增加，B错误；C、浣熊数量增加，引起大鼠数量削减，C错误；D、浣熊数量增加，进而引起小鼠数量增加，D错误。故选A。23.某同学绘制了如图所示的能量流淌图解，下列叙述正确的是()A.生产者固定的总能量可表示为(A1＋B1＋C1＋A2＋B2＋C2＋D2)B.由生产者到初级消费者的能量传递效率为D2/W1C.初级消费者摄入的能量为(A2＋B2＋C2)D.W1＝D1＋D2【答案】A【解析】【详解】试题分析：生产者固定同化的总能量即用于自身呼吸作用消耗的A1、用于自身生长发育繁殖的能量B1＋C1＋D1其中C1表示流向分解者，D1表示流向下一养分级，其D1又等于A2＋B2＋C2＋D2则生产者固定同化的总能量可表示为(A1＋B1＋C1＋A2＋B2＋C2＋D2)，所以A正确；由生产者到初级消费者的能量传递效率为D1/W1，所以B错误；初级消费者摄入的能量等于其产生的粪便的量和其同化的量，所以C错误；W1＝D1＋A1＋B1＋C1，所以D错误。考点：本题考查能量流淌的内容，意在考查考生对所学学问的理解并把握学问间的内在联系以及分析图解的实力。24.如图表示某生态系统一年中CO2的释放和消耗状况，其中①是生产者呼吸释放量，②是分解者呼吸释放量，③是消费者呼吸释放量，④是生产者光合作用消耗量。有关叙述正确的是（）

A.流经该生态系统的总能量可用④表示B.②的量越小，说明该生态系统施用的有机肥料越多C.该生态系统中消费者同化量的多少可用③表示D.该生态系统一年中C02的释放量与消耗量相等【答案】A【解析】【分析】据图分析，流经该农田生态系统的总能量是生产者光合作用固定的能量，可用④表示，即生产者光合作用消耗CO2的总量；生产者的能量去路包括生产者呼吸释放量、②分解者呼吸释放量、流入下一养分级和未被利用。【详解】A、流经该农田生态系统的总能量就是生产者所固定的全部太阳能，④表示生产者光合作用消耗总量，即生产者总的光合作用状况，故流经该农田生态系统的总能量可用④表示，A正确；B、有机肥料必需经过分解者的分解作用变成无机物，才能被生产者利用，故②的量越小，说明该农田生态系统施用的有机肥料越少，B错误；C、消费者同化作用的能量大于消费者呼吸释放量，故消费者同化作用的大小不能用③表示，C错误；D、农田生态系统一年中有有机物的积累，光合作用固定的CO2多于呼吸作用释放的CO2量，D错误。故选A。25.爱护环境，削减温室气体CO2的排放，须要世界各国的共同努力，是因为A.物质循环具有全球性B.物质循环具有单向性C.能量流淌具有循环性D.能量流淌是逐级递减的【答案】A【解析】【分析】物质循环：在生态系统中，组成生物体的C、H、O、N、P、S等化学元素，不断进行着从无机环境进入生物群落，又从生物群落回到无机环境的循环过程。物质循环具有全球性，循环性。【详解】A、爱护环境，削减温室气体CO2的排放，须要世界各国的共同努力，是因为物质循环具有全球性，A正确；

B、物质循环具有循环性，B错误；

C、能量流淌具有单向性、逐级递减性，C错误；

D、能量流淌是逐级递减的这句话是正确的，但是题干强调的是二氧化碳这种物质的循环，D错误。

故选A。26.若利用如图所示的装置干脆制作果醋，将葡萄汁放入已灭菌的发酵装置后，下列做法不合理的是（）A.加入适量醋酸菌B.始终打开阀a和阀b进行通气C.严格进行无菌操作D.把发酵装置放到15℃的恒温箱中进行发酵【答案】D【解析】【分析】据图分析：阀a是充气口，制备果酒，应当关闭充气口，醋酸发酵时连接充气泵充入无菌空气；阀b是排气口，酒精发酵时用来排出二氧化碳。【详解】果醋制备加入适量的醋酸菌，A正确；醋酸菌的好氧性细菌，须要持续通氧，须要始终打开阀a和阀b通气，B正确；制作果醋需严格进行无菌操作，防止杂菌污染，C正确；发酵装置放到15℃的恒温箱中，温度降低，酶的活性降低，不利于发酵，温度应当维持在30～35℃，D错误。故选D。【点睛】本题借助试验装置图，考查果醋的制作，要求考生驾驭果醋制作的原理、试验装置、条件等学问点，能精确推断装置图中阀a和b的开与关及作用，再对选项作出正确的推断。27.下列关于固定化酶的说法，错误的是()A.固定化酶不足之处是不能催化一系列反应B.固定化酶易溶于水C.固定后的酶既能与反应物接触，又能与产物分别D.固定化酶可再次利用，降低了生产成本【答案】B【解析】【分析】固定化技术包括包埋法、物理吸附法和化学结合法（交联法），由于细胞相对于酶来说更大，难以被吸附或结合，因此多采纳包埋法。固定化酶实质上是将相应酶固定在不溶于水的载体上，可以实现酶的反复利用，并提高酶稳定性，酶的各项特性（如高效性、专一性和作用条件的温柔性）依旧保持，使酶既能与反应物接触，又能与产物分别，缺点是一种酶只催化一种化学反应。固定化细胞优点是成本更低，操作更简洁，可以催化一系列的化学反应，但假如反应底物是大分子物质，则难以通过细胞膜，从而限制固定化细胞的催化反应。【详解】A.固定化酶固定的是一种详细的酶，不能催化一系列化学反应，A正确；B.固定化酶须要固定在不溶于水的载体上，因此固定化酶不易溶于水，B错误；C.固定化酶的优点是固定后的酶既能与反应物接触，又能与产物分别，C正确；D.与干脆运用酶相比，固定化酶实现了酶反复利用，降低了生产成本，D正确。28.胡萝卜素粗品鉴定过程中，推断标准样品点与萃取样品点的依据是A.颜色不一样 B.大小不一样C.形态不一样 D.层析后的色带点数不一样【答案】D【解析】标准样品中含有的色素种类单一，而提取样品中含有的色素种类较多，用纸层析法鉴定色素时标准样品形成的点数少，而提取样品的点数多。这是推断标准样品点与萃取样品点的主要依据。29.PCR(多聚酶链式反应)技术是一项在生物体外复制特定的DNA片段的核酸合成技术，如图表示合成过程。下列说法错误的是（）A.甲过程高温使DNA变性解旋，该过程不须要解旋酶的作用B.丙过程用到的酶在高温下失活，因此在PCR扩增时须要再添加C.假如把模板DNA的两条链用15N标记，游离的脱氧核苷酸不做标记，限制“94℃～55℃～72℃”温度循环3次，则在形成的子代DNA中含有15N标记的DNA占25%D.PCR中由碱基错配引起的变异属于基因突变【答案】B【解析】【分析】PCR技术称为聚合酶链式反应，是一项在生物体外复制特定DNA的核酸合成技术。

原理：DNA复制。

前提条件：要有一段已知目的基因的核苷酸序以便合成一对引物。

过程：①高温变性：DNA解旋过程；②低温复性：引物结合到互补链DNA上；③中温延长：合成子链。PCR扩增中双链DNA解开不须要解旋酶，高温条件下氢键可自动解开。【详解】A、PCR中解旋是通过高温进行的，故甲过程高温使DNA变性解旋，该过程不须要解旋酶的作用，A正确；B、丙过程用到的酶为耐高温的DNA聚合酶，在高温下不会失活，因此在PCR扩增时不须要再添加，B错误；C、假如把模板DNA的两条链用15N标记，游离的脱氧核苷酸不做标记，循环3次后，形成的DNA分子为8个，而含有15N标记的DNA分子为2个，故在形成的子代DNA中含有15N标记的DNA占25%，C正确；D、PCR中由碱基错配引起的基因结构的变更属于基因突变，D正确。故选B。【点睛】30.血红蛋白的提取和分别中，将搅拌好的混合液转移到离心管中，离心后，可以明显看到试管中的溶液分为4层，其中第3层是（）A.无色透亮的甲苯层 B.脂溶性物质的沉淀层C.血红蛋白的水溶液 D.其他杂质的暗红色沉淀物【答案】C【解析】【分析】分别血红蛋白溶液时，将搅拌好的混合液转移到离心管中，经过中速长时离心后，可明显看到试管中溶液分为4层，从上往下数，第1层为甲苯层，第2层为脂溶性物质的沉淀层，第3层为血红蛋白水溶液，第4层为杂质沉淀层。【详解】A、无色透亮的甲苯层是第一层，A错误；

B、脂溶性物质的沉淀层是其次层，B错误；

C、血红蛋白水溶液层是第三层，C正确；

D、其他质的暗红色沉淀物位于第四层，D错误。

故选C。二．填空题31.糖类是生物体维持生命活动的主要能源物质，蛋白质是一切生命活动的体现者。下图1为糖类的概念图，图2是某种须要能量的蛋白质降解过程，科学家发觉：一种被称为泛素的多肽在该过程中起重要作用。泛素激活酶E1将泛素分子激活，然后由E1将泛素交给泛素结合酶E2，最终在泛素连接酶E3的指引下将泛素转移到靶蛋白上，这一过程不断重复，靶蛋白就被绑上一批泛素分子。被泛素标记的靶蛋白很快就被送往细胞内一种被称为蛋白酶体的结构中进行降解。整个过程如图2所示。请分析回答：（1）假如某种单糖A为果糖，则它与葡萄糖缩合失去1分子水后形成的物质①是________。假如缩合反应形成的物质③作为植物细胞壁的主要组成成分，则物质③是________。（2）假如某种单糖A与磷酸和碱基结合形成物质②，其中碱基是尿嘧啶，则形成的物质②是________________________________________________________________________；假如某种单糖A与磷酸和碱基结合形成物质④，其中的碱基是胸腺嘧啶，则某种单糖A是________。（3）蛋白质在生物体内具有多种重要功能，依据图2材料可推想出蛋白质的一项详细功能是_________。泛素调整的蛋白质降解过程中所需能量主要来自_____物质的氧化分解。（4）细胞内E1、E2、E3在蛋白质降解过程中所起的作用不同，从分子水平上分析，其干脆缘由是________________________________________。（5）图3为泛素(Ub)作用机理示意图据图3分析，在多种酶的________作用及ATP供能条件下，微管蛋白的________断裂，导致鞭毛解聚。（6）人体组织细胞中存在多种蛋白质降解途径，请你再举一例：______________。【答案】(1).蔗糖(2).纤维素(3).尿嘧啶核糖核苷酸(4).脱氧核糖(5).具有催化作用(6).糖类(7).各种酶的分子结构不同(8).催化(9).肽键(10).溶酶体途径【解析】【分析】糖类可分为单糖、二糖和多糖等几类。单糖是不能再水解的糖，常见的有葡萄糖、果糖、半乳糖、核糖、脱氧核糖，其中葡萄糖是细胞的重要能源物质，核糖和脱氧核糖一般不作为能源物质，它们是核酸的组成成分；二糖中蔗糖和麦芽糖是植物糖，乳糖是动物糖；多糖中糖原是动物糖，淀粉和纤维素是植物糖，糖原和淀粉是细胞中重要的储能物质。【详解】（1）图1中，假如某种单糖A为果糖，则它与葡萄糖脱水缩合反应，失去1分子水后形成物质①为蔗糖；因为蔗糖水解的产物是果糖和葡萄糖。假如缩合反应形成的物质③作为植物细胞壁的组成成分，则物质③是纤维素。（2）图1中，假如某种单糖A与磷酸和碱基结合形成物质②核苷酸，其中碱基是尿嘧啶，则单糖A是核糖，形成的物质②是尿嘧啶核糖核苷酸；假如某种果糖A与磷酸和碱基结合形成物质④，其中碱基是胸腺嘧啶，则单糖是脱氧核糖，形成的④为脱氧核糖核苷酸。（3）图2显示，蛋白质的降解须要经过E1、E2、E3等酶的共同作用，这过程中体现了蛋白质的催化作用；细胞内的各项生命活动所需的能量，干脆来自于ATP，主要来自于糖类在细胞中的氧化分解，因此泛素调整的蛋白质降解过程中所需能量主要来自糖类物质的氧化分解。（4）由题意可知，E1、E2、E3在功能上有着很大的差异，而蛋白质的功能之所以有这么大的差异，是因为形成这样蛋白质的氨基酸的种类、数目、排列依次以及肽链的空间结构都有差异，简洁点的说，就是蛋白质功能的不同是由他们的分子结构所确定的。（5）结合图3信息可知，在多种酶的催化作用及ATP供能条件下，微管蛋白的肽键断裂，导致鞭毛解聚。（6）人体组织细胞中存在多种蛋白质降解途径，其中的溶酶体降解蛋白质的途径也是细胞中普遍存在的蛋白质降解过程。【点睛】熟知糖的分类、基本单位以及功能是解答本题的关键，驾驭蛋白质的结构与功能以及蛋白质的分解信息是解答本题的另一关键。32.如图所示：图甲中①②③④表示镜头，⑤⑥表示物镜与载玻片之间的距离，图乙和图丙分别表示不同放大倍数下视察到的图像。请回答以下问题：(1)①比②的放大倍数小，③比④的放大倍数____。若使物像放大倍数最大，图甲中的组合一般是________。(2)把视野里的标本从图乙转为图丙，应选用________(填序号)镜头。(3)从图乙转为图丙，正确的调整依次：移动标本→转动转换器→调整光圈→转动____________。(4)在10×10的放大倍数下看到64个细胞，而且在视野的直径上排成一行，则转换为10×40的放大倍数后，看到的一行细胞数为____个，若这64个细胞充溢视野，则能看到____个细胞。【答案】(1).大(2).②③⑤(3).②③(4).细准焦螺旋(5).16(6).4【解析】【分析】分析甲图：①②表示目镜，目镜的镜头越长，其放大倍数越小；③④表示物镜，物镜的镜头越长，其放大倍数越大，与玻片之间的距离越近，反之则越远；分析图乙、丙：比较乙、丙两个视野，可知乙中细胞体积小，视野中细胞数目多，是在低倍镜下视察的视野，丙细胞体积大，视野中细胞数目少，是高倍镜下视察到的视野。【详解】（1）依据以上分析已知，①比②的放大倍数小，③比④放大倍数大，且物镜的镜头越长，其放大倍数越大，与玻片之间的距离越近，因此使物像放大倍数最大的组合是②③⑤。

（2）把视野从图中的乙转为丙时，放大倍数增加，应选用②③组合的镜头。

（3）从图中的乙转为丙，要先把视察对象移到视野中心，改用高倍镜，再用细准焦螺旋调焦，还要调整视野亮度，故正确调整依次：移动标本→转动转换器→调整光圈→转动细准焦螺旋。

（4）显微镜目镜为10×、物镜为10×时，放大倍数为100×，物镜转换为40×后，放大倍数为400×，则视野中看到的细胞数目为原来的1/4，因此看到的一行细胞数为64×1/4=16个；若这64个细胞充溢视野，则视野中看到的细胞数目为原来的1/4×1/4=1/16，即看到的细胞为64×1/4=4个。

【点睛】解答本题的关键是驾驭显微镜的结构和成像的原理，了解目镜与物镜的长度与放大倍数之间的关系，并能够推断乙丙之间放大倍数的关系。33.甲图表示细胞内某些有机物的元素组成和功能关系，其中A、B代表元素，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ、Ⅴ是生物大分子，图中X、Y、Z、P分别为构成生物大分子的基本单位。乙图表示物质X和P进出人红细胞时跨膜运输的状况，请据图回答下列问题。（1）甲图中A代表的元素是(用元素符号填写)____。

（2）Ⅰ在小麦种子中主要是指____。

（3）图中P的结构通式为____________________；写出由P形成Ⅳ的结构层次________________。(用箭头和文字表示)

（4）生物体的Ⅱ、Ⅲ可以通过________________进行染色，颜色反应依次呈现____、_________。

（5）大分子物质Ⅰ~Ⅴ中，具有物种特异性的是____，。【答案】(1).N、P(2).淀粉(3).(4).氨基酸→多肽链→蛋白质(5).甲基绿吡罗红混合染液(6).绿色(7).红色(8).Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ【解析】【分析】题图分析，甲图中Ⅰ是能源物质，主要是多糖，所以X是葡萄糖；Ⅱ、Ⅲ携带遗传信息，Ⅱ主要分布在细胞核，所以Ⅱ是DNA，Ⅲ主要分布在细胞质，所以Ⅲ是RNA；Ⅳ担当生命活动，所以Ⅳ是蛋白质；而A代表N、P两种元素，B代表N元素。乙图中X顺浓度梯度运输，须要载体蛋白，属于帮助扩散；P逆浓度梯度运输，须要载体蛋白和能量，属于主动运输。【详解】（1）由分析可知，甲图中A代表的元素是N、P。（2）Ⅰ在小麦种子中主要是指淀粉，在人体细胞肝脏细胞内主要是指肝糖原。（3）图中P为氨基酸，其结构通式为：；由P氨基酸形成Ⅳ蛋白质的结构层次为氨基酸→多肽链→蛋白质，氨基酸在核糖体上经过翻译过程合成多肽链，随后进入内质网中进行初加工，再进一步在高尔基体中进行进一步的加工。（4）生物体的Ⅱ为DNA，Ⅲ为RNA，二者可以通过甲基绿吡罗红混合染液进行染色，由于二者与两种染色剂的亲和力不同，进而表现出不同的颜色，颜色反应依次呈现绿色、红色。（5）大分子物质Ⅰ~Ⅴ中，具有物种特异性的是DNA、RNA和蛋白质，即图中的Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ，因而二者可以作为探讨物种之间亲缘关系远近的指标。【点睛】驾驭组成细胞的元素和化合物、物质跨膜运输等学问是解答本题的关键，能突破题中的图示内容是解答本题的前提。34.已知20种氨基酸的平均相对分子质量为128。图1为某蛋白质的肽链结构示意图(其中数字为氨基酸序号)，图2为部分肽链放大示意图，请据图回答下列问题：(1)该化合物由氨基酸脱去________个水分子形成，这种结合方式叫做________________，图1所示的蛋白质的相对分子质量为____________。(2)图2中有________种R基，肽键是________(填序号)；该蛋白质至少有________个游离的羧基。(3)假设有一个十肽，分子式为CxHyOzNmSn，组成该肽的氨基酸只有图2中的几种，则含有①的氨基酸有________个。【答案】(1).123(2).脱水缩合(3).13652(4).3(5).②④⑥