四川省内江市威远中学2024-2025学年高二物理上学期期中试题

PAGE1-四川省内江市威远中学2024-2025学年高二物理上学期期中试题第Ⅰ卷（48分）一、单项选择题（本大题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意的。）1下列说法正确的是(）A．依据公式，可知电场中某点的场强与该点摸索电荷受到的电场力成正比B．无论是何种起电方式，本质上都是使微观带电粒子在物体之间或物体内部转移，而不是创建出了电荷C．几个电场叠加后，合电场的场强肯定大于分电场的场强D．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹2．真空中有两个尺寸相同的可以看成点电荷的带电金属小球A、B，两小球相距固定，A小球所带电荷量为-2Q，B所带电荷量为+4Q，两小球间的静电力大小是F，现在让A、B两球接触后，使其距离变为原来的一半。此时，A、B两球之间的库仑力的大小是()A．B．C．D．3．如图，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即=，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知（）A．三个等势面中，a的电势最高 B．带电质点通过P点时的动能较大 C．带电质点通过P点时电势能较大 D．带电质点通过P点时的加速度较小4.如图，两块相互靠近彼此绝缘的平行金属板组成平行板电容器，极板N与静电计金属球相连，极板M和静电计的外壳均接地。在两板相距为d时，给电容器充电，静电计指针张开肯定角度。在整个试验过程中，保持电容器的带电荷量Q不变，下面的操作中将使静电计指针张角变小的是（）A．仅将M板向下平移 B．仅将M板向左平移C．仅将M板向上平移 D．仅在M、N之间插入云母板（介电常数大于1）5．如图，电路中，A、B两灯均正常发光，R为一滑动变阻器，P为滑动片，若将滑动变阻器向下滑动，则()R1上消耗功率变小B．B灯变暗C．A灯变亮D．总电流变小6．如图所示为两个固定在同一水平面上的点电荷，距离为d，电荷量分别为＋Q和－Q.在它们的水平中垂线上固定一根长为L、内壁光滑的绝缘细管，有一电荷量为＋q的小球以初速度v0从管口射入，则小球()A．速度先增大后减小B．受到的库仑力先做负功后做正功C．受到的库仑力最大值为D．管壁对小球的弹力最大值为7．如图所示，质子(H)和粒子(He)，以相同的初动能垂直射入偏转电场（粒子不计重力），则这两个粒子射出电场时的侧位移y之比为()A．1：2 B．1：1 C．2：1 D．1：48．如图，某位置Q固定一带正电的点电荷，A、B、C是斜而上间距相等的三个点，Q、B连线垂直于斜面，在A点无初速度释放一带有恒定电荷的小物块，已知小物块沿绝缘的斜面运动到C点时停下。下列说法正确的是()A．小物块肯定带正电B．小物块运动过程，电势能先增大后减小C．小物块运动过程经过B点时的滑动摩擦力最大D．小物块从B点运动到C点过程机械能不断削减二、多项选择题（本大题共4小题，每小题4分，共16分。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）9．始终流电动机与阻值的电阻串联在电源上，电源的电动势E=30V，内阻，闭合开关，用志向电压表测出电动机两端电压U=10V，已知电动机线圈的电阻RM=1，则下列说法中正确的是()A．通过电动机的电流为10A B．电动机的输入功率为20WC．电源的输出功率为56W D．电动机的输出功率为16W10．如图所示，虚线框内有匀强电场，AA’、BB’、CC’是该电场的三个等势面，相邻等势面间的距离均为3.0cm，已知BB’上的电势为0V。一个电子（不计重力）沿AA’方向以初动能Ek=4eV自P点进入电场，刚好从C’点离开电场，电子从P到C’的过程电场力做功为6eV。下列说法正确的是()A．平面AA'上的电势为3V B．该匀强电场的场强为100V/mC．该粒子经过平面BB’时的电势能为10eVD．该粒子从P到C’的过程动能和电势能总和守恒11.(多选)如图甲所示电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器．闭合开关S，将R2的滑片P从最右端滑到最左端的过程中，两个电压表的示数随电路中电流I的改变关系分别如图乙中图线a、b所示．若电表均为志向电表，则以下论断正确的是()A．图线a是电压表V2的示数改变状况B．电源内阻的阻值为10ΩC．电源的最大输出功率为3.6WD．滑动变阻器R2消耗的最大电功率为0.9W12.如图1所示，电源E=12V,内阻为1Ω，灯泡L的額定电压为9V,其伏安特性曲线如图2所示，滑动变阻器R的最大阻值为9Ω.则（）灯泡L的阻值随电流的增大而减小灯泡L的额定功率为13.5W灯泡L消耗电功率的最小值是2W滑动变阻器接入电路的阻值应至少为6Ω第Ⅱ卷（共62分）三、试验题（本大题共2题，其中13题14分，14题6分，共20分。）13.某同学要测量一匀称新材料制成的圆柱体的电阻率ρ，步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图，由图可知其长度为_____mm.（2）用螺旋测微器测量其直径如图，由图可知其直径为mm.（3）用多用电表的电阻“Ω”档，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图，则该电阻的电阻值约为_______Ω.若运用的是直流电压“10V”档，则该电压的读数为_______V.（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R；开关S；导线若干；电流表（量程0~4mA，内阻约50Ω）电流表（量程0~10mA，内阻约30Ω）；电压表（量程0~3V，内阻约10kΩ）电压表（量程0~15V，内阻约25kΩ）；直流电源E（电动势4V，内阻不计）滑动变阻器（阻值范围0~15Ω，允许通过的最大电流为2.0A）；滑动变阻器（阻值范围0~2kΩ，允许通过的最大电流为0.5A）为使试验误差较小，要求测得多组数据进行分析，电阻R两端的电压从零调起，在试验中，为了操作便利且能够精确地进行测量，电流表应选用________．电压表应选用________滑动变阻器应选用________(填写器材序号)。14、某物理学习小组的同学在探讨性学习过程中，用伏安法探讨某电子元件R1(6V,2.5W)的伏安特性曲线，要求多次测量尽可能减小试验误差，备有下列器材：A．直流电源(6V，内阻不计)B．电流表G(满偏电流3mA，内阻Rg＝10Ω)C．电流表A(0～0.6A，内阻未知)D．滑动变阻器R(0～20Ω,5A)E．滑动变阻器R′(0～200Ω,1A)F．定值电阻R0(阻值1990Ω)G．开关与导线若干(1)在试验中，为了操作便利且能够精确地进行测量，滑动变阻器应选用________．(填写器材序号)R2R1(2)依据题目供应的试验器材，请你设计出测量电子元件R1伏安特性曲线的电路原理图(R1可用“”表示)．(画在方框内)R2R1(3)将上述电子元件R1和另一电子元件R2接入如图所示的甲电路中，它们的伏安特性曲线分别如图乙中Oa、Ob所示．电源的电动势E＝6.0V，内阻忽视不计．调整滑动变阻器R3，使电子元件R1和R2消耗的电功率恰好相等，则此时电子元件R1的阻值为________Ω，(结果保留两位有效数字)．四、计算题（共4题，15题9分，16题9分，17题10分，18题14分，共42分）15．（9分）如图所示的电路中，电阻R1=9Ω，R2=15Ω，电源的电动势E=12V，内电阻r=1Ω，安培表的读数I=0.4A．求：（1）流过电阻R1的电流是多少？（2）电阻R3的阻值是多大？（3）电阻R3消耗的电功率是多少？16.（9分）如图所示，一根光滑绝缘细杆与水平面成a=30。角倾斜固定。细杆的一部分处在场强方向水平向右的匀强电场中，场强E=2×10-4N/C.在细杆上套有一个带负电的小球，带电量为q=l×10-5c、质量为M=3×10-2kg.现使小球从细杆的顶端A由静止起先沿杆滑下，并从B点进入电场，小球在电场中滑至最远处的C点。已知AB间距离X1=0.4m,g=10m/s2.求：（1）小球通过B点时的速度大小VB；（2）求小球从A运动到B所用的时间t; (3)小球进入电场后滑行的最大距离X2；17.（10分）如图所示，ABC是固定在竖直平面内的绝缘圆弧轨道，圆弧半径为R.A点与圆心O等高，B、C点处于竖直直径的两端．PA是一段绝缘的竖直圆管，两者在A点平滑连接，整个装置处于方向水平向右的匀强电场中．一质量为m、电荷量为＋q的小球从管内与C点等高处由静止释放，一段时间后小球离开圆管进入圆弧轨道运动．已知匀强电场的电场强度E＝(g为重力加速度)，小球运动过程中的电荷量保持不变，忽视圆管和轨道的摩擦阻力．求：(1)小球到达B点时速度的大小；(2)小球到达B点时对圆弧轨道的压力；(3)小球在圆弧轨道运动过程中速度最大为多少？18.（14分）如图所示，xOy，平面为竖直平面，其中：x轴沿水平方向．第一象限内y轴和过原点且与x轴正方向成45°角的直线之间存在一有界匀强电场E2，方向竖直向下．其次象限内有一匀强电场E1，E1方向与y轴正方向成45°角斜向上，已知两个象限内电场的场强大小均为E.有一质量为m，电荷量为＋q的带电小球在水平细线的拉力作用下恰好静止在点[－l，(3－3)l]处．现剪断细线，小球从静止起先运动，从E1进入E2，并从E2边界上A点垂直穿过，最终打在x轴上的D点，已知重力加速度为g，试求：(1)场强大小E；(2)小球在电场E2中运动的时间t；(3)A点的位置坐标；(4)到达D点时小球的动能．【参考答案】一、单项选择题（本大题共8小题，每小题4分，共32分。在每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意的。）12345678BACDBCAD二、多项选择题（本大题共4小题，每小题4分，共16分。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）9101112BCDBDADBC三、试验题（本大题共2题，其中13题14分，14题6分，共20分。）13.（1）50.15（2）4.700（3）1604.8（4）A2V1R114.(1)D(2)电路图如下：5.0四、计算题（共4题，15题9分，16题9分，17题10分，18题14分，共42分）15、【答案】（1）0.6A（2）30Ω（3）1.2W【解析】（1）R2的电压U2=I2R2=0.4×15V=6.0V依据闭合电路欧姆定律得：U2=E﹣I1（R1+r）则得流过电阻R1的电流I1==A=0.6A（2）流过电阻R3的电流I3=I1﹣I2=（0.6﹣0.4）A=0.2A则R3=Ω=30Ω（3）电阻R3消耗的电功率是P3=U2I3=6×0.2W=1.2W16、17、【答案】(1)(2)(3)【解析】(1)小球从P运动到A的过程中，由动能定理得：mg·2R＋qER＝mv－0解得：vB＝(2)小球在最低点B时，依据牛顿其次定律得：FN－mg＝m解得：FN＝则由牛顿第三定律得：小球对圆弧轨道的压力大小为FN′＝FN＝(3)重力场和电场看成等效场，对小球等效最低点为F点，在F点小球的速度最大，设OF与竖直方向的夹角为θ，在此位置小球所受的电场力与重力的合力方向沿半径向外，则有：tanθ＝＝则知：sinθ＝0.6，cosθ＝0.8设小球在圆弧轨道运动过程中速度最大为vm，小球从P到F的过程，依据动能定理得：mgR(1＋cosθ)＋qER(1＋sinθ)＝mv解得：vm＝18、【解析】(1)设小球所受的重力为G，小球在其次象限内做直线运动，知小球合力水平向右，竖直方向上合力为零．有：G＝qEsin45°，解得：E＝；(2)小球在其次象限做匀加速直线运动，其加速度的大