2024年江苏省常州市溧阳市中考物理模拟试卷含答案

2024年江苏省常州市溧阳市中考物理模拟试卷一、单项选择题（本题共15小题，每小题2分，共30分）每小题只有一个选项符合题意。1．（2分）如图所示，所使用杠杆属于费力杠杆的是（）A．镊子 B．扳手 C．羊角锤拔钉子 D．钢丝钳2．（2分）如图所示，在调节平衡后的杠杆两侧，分别挂上相同规格的钩码，杠杆处于平衡状态。如果两侧钩码各向内移一格，下列说法正确的是（）A．左端下沉 B．右端下沉 C．仍然平衡 D．无法判断3．（2分）下列关于内能、温度、热量说法正确的是（）A．物体温度升高，一定吸收了热量 B．温度高的物体，含有的热量多 C．物体温度升高，内能一定增加 D．0℃的冰的内能为零4．（2分）小明爸爸的手机由于电池的电已几乎耗尽而关机，小明把手机通过充电器接入家庭电路充电。此时手机的锂离子电池在电路中相当于（）A．用电器 B．导线 C．开关 D．电源5．（2分）超导现象指的是某些物质在很低的温度时，电阻就变成了0Ω。假如某种超导体新材料已经可以在常温下使用，你认为这种材料最适合用来做（）A．保险丝 B．电炉丝 C．输电导线 D．灯丝6．（2分）下列关于信息、能源的说法，正确的是（）A．核能、风能、水能、太阳能都属于可再生能源 B．太阳能电池板工作时将太阳能转化为化学能 C．我国北斗卫星导航系统利用电磁波传递信息 D．核潜艇的核反应堆利用核聚变产生能量7．（2分）如图是某固体物质熔化的温度随时间变化的图像。下列说法正确的是（）A．该物质属于非晶体 B．第1min时，该物质处于液态 C．该固体物质的熔点是48℃，属于晶体 D．熔化过程继续吸热，物质内能不变8．（2分）小明同学的奶奶年龄大了，总看不清手机屏幕，需要把手机拿得远远的才能勉强看清，细心的小明在网上帮奶奶购买了一个手机屏幕放大器如图甲，将手机放在支架处，透过透明的屏幕放大器即可看到手机屏幕放大的像，图乙为其观看效果。下列分析不正确的是（）A．屏幕放大器相当于一个凸透镜 B．透过屏幕放大器看到的像是实像 C．手机放在屏幕放大器的一倍焦距以内 D．小明奶奶戴远视眼镜即可看清近处物体9．（2分）如图所示的是力学的四个实验情景图，下列描述正确的是（）A．甲图中木块随小车一起向前匀速运动，当小车突然刹车时，木块向后倾倒 B．乙图中杠杆均匀，若将左端的3个钩码向右移动少许，杠杆能够平衡 C．丙图中盐水均匀，鸡蛋悬浮于A处，当再往杯中加盐并搅匀后，鸡蛋会上浮到B处静止 D．丁图中当向玻璃管中吹风时，A管中的水面会下降，B管中水面会上升（多选）10．（2分）（多选）如图甲所示，在一个罐子的盖和底各开两个小洞，将小铁块用细绳绑在橡皮筋的中部穿入罐中，橡皮筋两端穿过小洞用竹签固定，图乙是其截面图，做好后，将该罐子从斜面A点由静止释放，滚到水平面D点停止，然后返回，自行经过C点滚上斜面的B点停止（A→D→C→B），如图丙所示。之后又滚下斜面……如此往返，最后停在水平面上。下列说法错误的是（）A．橡皮筋在D点弹性势能最大 B．在从C点滚上斜面到B点过程中，橡皮筋的机械能增大 C．在滚动过程中，罐子、橡皮筋和小铁块的机械能总和不变 D．在滚动过程中，小铁块始终下垂11．（2分）电动汽车的核心部件是电动机，图中能正确反映电动机工作原理的是（）A． B． C． D．12．（2分）如图所示，水面下同一深度有两艘完全相同的潜艇，其中一艘正在上浮，另一艘正在下潜，以下判断正确的是（）A．正在下潜的是甲潜艇 B．浮出水面前，上浮潜艇所受浮力不断增大 C．正在下潜的潜艇，所受的水的压强不变 D．浮出水面前，两艘潜艇所受的浮力相同13．（2分）额定电压均为220V、额定功率均为800W的电热水壶和洗衣机，正常工作时（）A．电热水壶消耗的电能少 B．相同时间内，两者消耗的电能一样多 C．洗衣机产生的热量多 D．相同时间内，两者产生的热量一样多14．（2分）图甲是小灯泡L（3V0.6A）和电阻R的电流随电压变化的图象，将它们按图乙所示接入电路中。已知该电路中电源电压可调，则下列结论正确的是（）A．先闭合开关S1，再闭合S2时，电流表示数大小不变 B．先闭合开关S1，再闭合S2时，小灯泡变暗 C．当电源电压为2V时，闭合开关S1和S2，电流表示数为0.6A D．当电源电压为3V时，闭合开关S1和S2，电路的总功率为2.7W15．（2分）如图甲所示电路，电源两端电压保持不变，R0为定值电阻，RP为滑动变阻器。闭合开关S，将滑动变阻器滑片P由一端移到另一端的过程中，电路中电流表示数和电压表示数的关系如图乙所示，下列说法不正确的是（）A．电源电压为6V，R0阻值为10Ω B．电源电压为6V，RP的最大阻值为20Ω C．滑片P位于RP的正中间时，电流表的示数为0.4A D．滑片P由一端移到另一端过程中，电路总功率变化量为2.4W二、填空作图题（第16～23小题每空格1分，第24、25小题各2分，共31分）16．（3分）如图所示，造雪机将水注入专用喷嘴或喷枪接触高压空气，将水分割成微小的小水滴并喷到寒冷的空气中，小水滴（填物态变化名称）成冰晶落到地面，这就是人工造雪。某学校后勤处进行撒盐除雪，如图所示，撒盐除雪能使雪尽快的（填物态变化名称），撒盐是为了（选填“升高”或“降低”）雪的熔点。17．（5分）（1）在晓月设计的小组合作控制电路中，S1和S2是指纹开关，当两个开关都闭合时，电动机M启动，开始小组活动，此控制电路是图1中的图；晓宇设计的是防盗电路，触发S1或S2的防盗开关，电动机M自动启动将盗贼锁定，防盗电路是图1中的图；如图1所示的3个电路图中的图，若两开关都闭合，电池将被短路。（2）如图2所示，当开关闭合后，要使灯L1和L2并联，乙表是（填“电流表”或“电压表”），若甲和乙两个表调换位置，闭合开关S后，能够发光的灯是（填“L1”、“L2”或“L1和L2”）。18．（4分）人的眼球好像一架（填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”），晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，视网膜相当于光屏。正常人看物体由远及近时，为了使像始终落在视网膜上，则晶状体（填“变厚”、“不变”或“变薄”）。小明两眼视力缺陷不同。将一只2B铅笔紧贴他眼镜的两个镜片，透过镜片看到铅笔的像如图甲所示。则图中右侧镜片是；如图乙所示，光会聚于b点，在虚线区域内放入图甲中眼镜的（选填“左侧镜片”或“右侧镜片”）后，光会聚于主光轴MN上的c点。19．（4分）某电吹风工作6min，能使如图所示的电能表的转盘转过120转，则该电吹风消耗的电能为kW•h，电功率为W，这些电能可供一只“220V10W”的LED灯正常工作h，一只这样的LED灯与一只“220V100W”的白炽灯正常发光时亮度相当，若LED灯正常发光时的效率为80%，则白炽灯正常发光效率为。20．（4分）某小组同学用一个酒精灯对质量是100g、初温度为﹣10℃的冰块进行加热，完成冰的熔化实验。记录的数据如图象所示。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）；酒精的热值为3×107J/kg，已知整个实验过程中酒精燃烧放出的热量有10%会被吸收。（1）CD段水所吸收的热量是J；这是通过的方式改变水的内能。（2）7min的内能（填“大于”、“小于”或“等于”）9min的内能；（3）整个过程（AD段）酒精灯中消耗的酒精是g。（冰或水的热量散失忽略不计）21．（3分）如图所示电路，电源电压为可调学生电源，甲、乙为两只相同的电表，R1和R2允许通过的最大电流均为1A，当闭合开关S1、S2时，甲、乙两表示数之为4：3，其中R1为3Ω，R2为Ω。同时更换两电表种类，调整开关状态和电源电压，两表均有正常示数，两电表示数之比为，在保证电路安全的情况下，电路最大功率为W。22．（4分）小明用图甲所示的方式将均匀铁块推倒成图丙情况，此过程中铁块相当于（省力/费力/等臂）杠杆。如果小明的推力始终与BD垂直，在BD与水平面垂直之前，其推力F1（变大/变小/不变），小宇用图乙的方式将同一铁块推倒成图丙情况，则如图甲、乙所示位置时，F1（＞/＜/＝）F2，小明和小宇用甲、乙两种方法时至少要做的功分别为W1和W2，则W1（＞/＜/＝）W2。23．（2分）开关S闭合后，小磁针静止时指向如图所示。请在图中两个虚线框内分别标出螺线管的磁极和电源的极性24．（2分）如图甲所示为一个“一开三孔”开关（即一个开关和一个三孔插座连在一起）实物图，图乙为内部接线示意图，请你将图乙中的电路连接完整，使开关控制电灯和插座。三、解答与探究（共35分）计算题解答时要有必要的文字说明、公式和运算过程，直接写出结果不得分。25．（7分）如图所示，在“探究平面镜成像特点”的实验中：（1）实验中用半透明玻璃板替代平面镜放置在水平桌面上，是因为半透明玻璃板既能看到蜡烛A的像，又能看到另一侧的物体，便于确定。（2）将蜡烛A竖直放在玻璃板的前面并点燃，拿（选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板（选填“蜡烛A”或“蜡烛B”）这一侧观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。为了便于观察实验应选在（选填“较亮”或“较暗”）的环境中进行。（3）为了让右座的同学也能够看清蜡烛A的像，小明只将玻璃板向右平移，则蜡烛A像的位置（选填“向右移动”、“向左移动”或“不变”）。（4）该实验用到了等效替代法，是用等效替代了（两空均选填“蜡烛A”、“蜡烛B”、“蜡烛A的像”、“蜡烛B的像”）。26．（8分）现有下列器材：学生电源，电流表（0～0.6A，0～3A）、电压表（0～3V，0～15V）、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、开关、滑动变阻器和导线若干；（1）利用这些器材探究“电流与电阻的关系”；①请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路；②连接好电路，检查无误后，闭合开关，发现电压表和电流表无示数，出现这种现象的原因可能是；A．定值电阻断路B．定值电阻短路C．变阻器短路D．变阻器断路③实验中依次接入定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数，利用描点法得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像。由图像可以得出结论：；④在上述实验中当接入的定值电阻为10Ω时，滑动变阻器和该电阻的功率之比为k1，若接入20Ω电阻时该比值为k2，则k1k2（选填“＞”“＝”或“＜”）；（2）完成上述实验后小明想利用上述器材测量额定电压为2.5V灯泡的额定功率，小明确认电路连接无误后，按正确的操作闭合开关记录了第一组数据，然后通过实验依次填写了其他实验数据如下表所示；序号12345电压表示数/V1.02.02.53.06.0电流表示数/A0.20.220.240.260灯泡的亮度不亮微亮正常发光很亮熄灭灯泡功率/W①根据表中数据，算出小灯泡的额定功率为W，滑动变阻器的最大阻值为Ω；②现将与小明实验中规格相同的两个灯泡串联接入电源电压为2.5V的电路中，则两灯泡的总功率0.5W（选填“＞”“＝”或“＜”）；（3）完成上述实验后，小敏设计了如图丁所示的电路，测出了额定电流为I额的小灯泡的额定功率。实验方案如下：请续写完成主要的步骤（电源电压不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R1，滑动变阻器R2最大阻值未知）；①按电路图连接电路；②只闭合开关S1，调节R1使电流表的示数为I额，灯泡正常发光；③断开开关S1，闭合开关S2，调节的滑片（填“R1”、“R2”），使电流表的示数为I额；④保持其中一个滑动变阻器滑片位置不动，将另一个滑动变阻器滑片移到最右端，电流表的示数为I1，再将此滑动变阻器的滑片移到最左端，电流表的示数为I2；⑤小灯泡额定功率的表达式为P额＝（用I额、I1、I2、R1表示）；（4）若小灯泡的额定电流为I额＝2I1，以下关于灯泡额定功率P0与实际功率P1的数值关系，你认为最有可能的是。A．P0＝2P1B．P0＝3P1C．P0＝4P1D．P0＝5P127．（5分）有一个边长为10cm的正方体物块漂浮在水中，静止时物块上表面与水面平行，露出水面的高度为5cm，如图甲所示，求：（1）物块受到水的浮力；（2）物块的密度；（3）若要使物块完全浸没在水中（如图乙所示），需要施加的最小压力F。28．（4分）小明利用电子秤、烧杯、水和一根细线测量一块玉镯的密度，他的操作过程及对应电子秤示数如图甲、乙、丙所示。已知ρ水＝1.0×103kg/m3，取g＝10N/kg。（1）该玉镯的质量为g，丙图中细线的拉力为N。（2）求丙图中玉镯所受浮力的大小；（3）求玉镯的密度。29．（5分）为了用电压表和电流表测电阻，同学们做了如下实验：（1）如图甲是小明测电阻的电路图，他进行了下列操作：①闭合开关前，滑片P应置于滑动变阻器的最（右/左）端；②按图甲正确连接好电路，试触时，发现电流表的指针偏转角很小，移动滑片P时指针偏转角仍较小，检查后发现是电表连接出现问题，该问题可能是；③问题解决后，某次实验中电流表示数为0.24A时，电压表示数如图乙所示，则此时电压U＝V、阻值R＝Ω。（2）测温手环里的测温头是一个高灵敏度的热敏电阻。小华将三个废旧手环中的测温头A、B、C拆下后分别接入图丙所示电路（电源电压不变），获得了图丁所示的电流﹣温度图像，由图像可知：①随着温度的升高，测温头C的电阻值（增大/不变/减小）；②灵敏度最高的测温头是（A/B/C）。30．（6分）兴趣小组通过实验观察同一物质物态变化时温度随时间的变化特点。（1）小明用如图甲所示的装置对冰加热。根据实验记录，绘制了冰熔化时温度随时间变化的图像如图乙所示。由图像可知：①冰是（晶体/非晶体）；在时间t＝10min时，杯里的物质处于态；冰的熔化过程持续了min；②假设实验过程中烧杯内物质质量不变，且在相同时间内吸收的热量相等，则图中AB、CD段杯内物质吸收热量之比为，冰与水的比热容之比为。（2）继续加热，当水温为89℃时，每隔一分钟记录一次水的温度，在时间t＝2min时温度计的示数如图丙所示，为℃。（3）将记录的数据在坐标系中描点如图丁所示，请根据描点，在图丁中绘制出水的温度随时间变化的关系图线。31．（4分）小明做“探究凸透镜成像规律”实验：（1）用平行光平行于凸透镜的主光轴照射如图甲所示，则此凸透镜的焦距为cm。（2）实验中当蜡烛、凸透镜、光屏的位置如图乙所示时，光屏上出现清晰的倒立、（放大/缩小）的实像；若保持透镜位置不变，将蜡烛移至35cm处，则需将光屏向右移动cm，就可再现清晰的像；此时若取走光屏，则（填字母）。A.烛焰不能成像B.烛焰仍能成像，但不能用眼睛直接观察到C.烛焰仍能成像，也能用眼睛直接观察到（3）在图乙情形下，将一眼镜紧贴在凸透镜的前面，要将光屏向左移动，才能在光屏上再次得到清晰的像，此眼镜对光有作用，应为（近/远）视眼镜。

2024年江苏省常州市溧阳市中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共15小题，每小题2分，共30分）每小题只有一个选项符合题意。1．（2分）如图所示，所使用杠杆属于费力杠杆的是（）A．镊子 B．扳手 C．羊角锤拔钉子 D．钢丝钳【分析】结合图片和生活经验，判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：A、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；B、扳手在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；C、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆。故选：A。2．（2分）如图所示，在调节平衡后的杠杆两侧，分别挂上相同规格的钩码，杠杆处于平衡状态。如果两侧钩码各向内移一格，下列说法正确的是（）A．左端下沉 B．右端下沉 C．仍然平衡 D．无法判断【分析】根据杠杆的平衡条件进行判断：平衡时F1L1＝F2L2，若乘积不相等，则乘积大的一端下沉。【解答】解：设一个钩码的重力为G，一格的长度为L，如果两侧钩码各向内移一格，则左边的力与力臂的乘积为：2G×2L＝4GL；右边的力与力臂的乘积为：3G×L＝3GL；左边的乘积大，所以杠杆的左端下沉，故A正确。故选：A。3．（2分）下列关于内能、温度、热量说法正确的是（）A．物体温度升高，一定吸收了热量 B．温度高的物体，含有的热量多 C．物体温度升高，内能一定增加 D．0℃的冰的内能为零【分析】（1）改变物体内能的两种方式：做功和热传递。（2）热量是一个过程量，不能用“含有”等来修饰。（3）一个物体温度升高，内能一定增加；（4）一切物体都具有内能。【解答】解：A、一个物体的温度升高，可能是外界对物体做功，也可能是吸收了热量，故A错误；B、热量是一个过程量，不能用“含有”来修饰，故B错误；C、物体的质量一定，温度升高，分子无规则运动的速度加快，内能增加，故C正确；D、0℃的冰也具有内能，故D错误。故选：C。4．（2分）小明爸爸的手机由于电池的电已几乎耗尽而关机，小明把手机通过充电器接入家庭电路充电。此时手机的锂离子电池在电路中相当于（）A．用电器 B．导线 C．开关 D．电源【分析】电路由电源、开关、导线、用电器组成，分析题意，然后答题。【解答】解：在给手机电池充电的过程中，电能转化为电池的化学能，在电路中手机电池消耗了电能，所以手机电池相当于用电器。故选：A。5．（2分）超导现象指的是某些物质在很低的温度时，电阻就变成了0Ω。假如某种超导体新材料已经可以在常温下使用，你认为这种材料最适合用来做（）A．保险丝 B．电炉丝 C．输电导线 D．灯丝【分析】超导材料的特点就是在温度很低时电阻为零，利用超导体的零电阻可以实现远距离输电，也可以做电动机线圈等，此时导线上不损耗电能。【解答】解：ABD、所有利用电流热效应工作的电阻都不能用超导体制作，保险丝、电炉丝、灯丝是利用电流热效应工作的，不符合题意；C、变阻器是接入电路电阻线长度越大电阻越大原理工作的，利用超导体的零电阻可以实现远距离输电，符合题意。故选：C。6．（2分）下列关于信息、能源的说法，正确的是（）A．核能、风能、水能、太阳能都属于可再生能源 B．太阳能电池板工作时将太阳能转化为化学能 C．我国北斗卫星导航系统利用电磁波传递信息 D．核潜艇的核反应堆利用核聚变产生能量【分析】（1）像风能、水能、太阳能等可以在自然界源源不断地得到，称为可再生能源；化石能源、核能等能源会越用越少，不能在短期内从自然界得到补充，这类能源称为不可再生能源；（2）太阳能电池板可以将太阳能转化为电能；（3）卫星导航系统是利用电磁波来传递信息的；（4）核电站利用核裂变释放的能量。【解答】解：A．核能、风能、水能、太阳能中，核能属于不可再生能源，风能、水能、太阳能都属于可再生能源，故A错误；B．太阳能电池板工作时将太阳能转化为电能，故B错误；C．电磁波可以传递信息，而且电磁波的传播不需要介质，我国北斗卫星导航系统利用电磁波传递信息，故C正确；D．核潜艇是利用可控的核裂变来进行工作的，故D错误。故选：C。7．（2分）如图是某固体物质熔化的温度随时间变化的图像。下列说法正确的是（）A．该物质属于非晶体 B．第1min时，该物质处于液态 C．该固体物质的熔点是48℃，属于晶体 D．熔化过程继续吸热，物质内能不变【分析】要解决此题，需要掌握晶体和非晶体在熔化过程中的区别：晶体在熔化过程中吸热温度不变；非晶体在熔化过程中温度不断升高；根据图象结合熔化过程中的温度变化判断晶体和非晶体；同时能从图象中判断晶体的熔点；知道晶体从开始熔化到完全熔化完为熔化过程；知道晶体在熔化过程中吸热温度不变，内能增大。【解答】解：ADC、从图象可以看出，该物质在3min﹣7min该物质温度保持48℃不变，所以该物质为晶体，故该物质熔点为48℃，熔化过程温度不变，内能增大，故AD错误，C正确；B、第1min时该物质在吸热，没有熔化，故为固态，故B错误。故选：C。8．（2分）小明同学的奶奶年龄大了，总看不清手机屏幕，需要把手机拿得远远的才能勉强看清，细心的小明在网上帮奶奶购买了一个手机屏幕放大器如图甲，将手机放在支架处，透过透明的屏幕放大器即可看到手机屏幕放大的像，图乙为其观看效果。下列分析不正确的是（）A．屏幕放大器相当于一个凸透镜 B．透过屏幕放大器看到的像是实像 C．手机放在屏幕放大器的一倍焦距以内 D．小明奶奶戴远视眼镜即可看清近处物体【分析】放大镜的成像特点：物距在一倍焦距内时，凸透镜成放大正立的虚像；近视眼的晶状体较厚，会聚能力较强，看远处的物体时，将像成在视网膜的前面，需戴凹透镜矫正；远视眼的晶状体较薄，会聚能力较弱，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，需戴凸透镜矫正。【解答】解：ABC、手机屏幕放大器的实质是一个凸透镜，把手机屏幕放大凸透镜的一倍焦距之内，成正立放大的虚像，故AC正确、B错误；D、小明的奶奶戴远视眼镜，远视眼镜是凸透镜，能看清近处的物体，故D正确。故选：B。9．（2分）如图所示的是力学的四个实验情景图，下列描述正确的是（）A．甲图中木块随小车一起向前匀速运动，当小车突然刹车时，木块向后倾倒 B．乙图中杠杆均匀，若将左端的3个钩码向右移动少许，杠杆能够平衡 C．丙图中盐水均匀，鸡蛋悬浮于A处，当再往杯中加盐并搅匀后，鸡蛋会上浮到B处静止 D．丁图中当向玻璃管中吹风时，A管中的水面会下降，B管中水面会上升【分析】（1）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性；（2）根据杠杆平衡条件进行判断；（3）根据物体的浮沉条件分析；（4）当向管中吹风时，相同时间内，风经过A管上方和B管上方的空气流动速度不同，压强不同，液柱上升的高度不同。【解答】解：A、木块与小车一起向右做匀速运动，当小车受阻力停止时，木块由于惯性仍要保持原来的运动状态，所以木块向前运动，由于木块的下表面受到摩擦力的作用，说以木块会向前倾倒，故A错误；B、设杠杆一个小格代表L，一个钩码重为G，杠杆右端：2G×4L＝8GL，杠杆左端：3G×3L＝9GL，要使杠杆平衡，需要减小左端力与力臂的乘积，所以左端的钩码应向右移动一段距离，杠杆才会平衡，故B正确；C、丙图中盐水均匀，鸡蛋悬浮于A处，根据物体的浮沉条件可知，鸡蛋的密度与盐水密度相同；当再往杯中加盐并搅匀后，盐水的密度变大，大于鸡蛋的密度，鸡蛋会上浮，最终漂浮在液面上，故C错误；D、A管上面的玻璃管比较细，风经过A管上方的流动速度大于B管上方的空气流动速度，A管上方的压强小于B管上方的压强，水被压向A管，所以A管水面上升，B管水面下降，故D错误。故选：B。（多选）10．（2分）（多选）如图甲所示，在一个罐子的盖和底各开两个小洞，将小铁块用细绳绑在橡皮筋的中部穿入罐中，橡皮筋两端穿过小洞用竹签固定，图乙是其截面图，做好后，将该罐子从斜面A点由静止释放，滚到水平面D点停止，然后返回，自行经过C点滚上斜面的B点停止（A→D→C→B），如图丙所示。之后又滚下斜面……如此往返，最后停在水平面上。下列说法错误的是（）A．橡皮筋在D点弹性势能最大 B．在从C点滚上斜面到B点过程中，橡皮筋的机械能增大 C．在滚动过程中，罐子、橡皮筋和小铁块的机械能总和不变 D．在滚动过程中，小铁块始终下垂【分析】（1）重力势能的大小与质量、高度有关；弹性势能的大小与弹性形变的程度有关；动能的大小与质量、速度有关；（2）罐子最后停在水平面上，罐子的机械能变小了，这说明罐子在运动的过程中，机械能转化为了其他形式的能。【解答】解：A、罐子在整个运动过程中的质量不变，在A点时的高度最高，重力势能最大；罐子从A点运动到D点，橡皮筋发生了弹性形变，在D点时的形变程度最大，所以在D点的弹性势能最大，故A正确；B、在从C点滚上斜面到B点过程中，橡皮筋的形变程度变小，弹性势能变小，机械能变小，故B错误；C、在滚动过程中，由于存在摩擦，克服摩擦做功，罐子、橡皮筋和小铁块的一部分机械能转化为内能，机械能减小，故C错误；D、在滚动过程中，小铁块由于受到弹力的作用，不是一直下垂的，故D错误。故选：BCD。11．（2分）电动汽车的核心部件是电动机，图中能正确反映电动机工作原理的是（）A． B． C． D．【分析】电动机是利用通电导体在磁场中受到力的作用的原理制成的。【解答】解：A．当闭合开关后，通电导体在磁场中受力运动，是电动机的原理，故A符合题意；B．图中没有电源，当导体在磁场中做切割磁感线运动时，电流表的指针会发生偏转，说明会产生感应电流，这是电磁感应现象，是发电机的原理，故B不符合题意。C．图中是探究电磁铁磁性的装置图，是电流的磁效应，故C不符合题意；D．图中是奥斯特实验的装置图，说明了通电导体周围存在磁场，故D不符合题意；故选：A。12．（2分）如图所示，水面下同一深度有两艘完全相同的潜艇，其中一艘正在上浮，另一艘正在下潜，以下判断正确的是（）A．正在下潜的是甲潜艇 B．浮出水面前，上浮潜艇所受浮力不断增大 C．正在下潜的潜艇，所受的水的压强不变 D．浮出水面前，两艘潜艇所受的浮力相同【分析】（1）潜水艇是通过改变自身重来实现上浮或下沉的，根据图中水的多少判断出潜水艇的运动情况；（2）上浮潜艇在没露出水面前，排开水的体积不变，根据F浮＝ρ水V排g分析浮力的变化；（3）正在下潜的潜艇，深度变大，根据p＝ρ液gh分析压强的变化；（4）根据F浮＝ρ水V排g分析两种情况下浮力的关系。【解答】解：A、潜水艇是通过改变水舱中的水的重力来改变自身重力的，要使潜水艇上浮，应使潜水艇所受的浮力大于潜水艇的重力，所以水舱中水较少时潜水艇上浮，故甲图为上浮时的情景，乙图为下潜时的情景，故A错误；B、根据F浮＝ρ液gV排知，在浮出水面前，上浮潜艇排开水的体积不变，所受的浮力不变，故B错误；C、根据p＝ρ液gh知，正在下潜的潜艇，深度变大，所受的水的压强变大，故C错误；D、两艘完全相同的潜艇，其体积相同；浮出水面前（浸没），潜艇排开水的体积等于自身的体积，所以两潜艇排开水的体积相同，根据F浮＝ρ水V排g可知它们所受的浮力相等，故D正确。故选：D。13．（2分）额定电压均为220V、额定功率均为800W的电热水壶和洗衣机，正常工作时（）A．电热水壶消耗的电能少 B．相同时间内，两者消耗的电能一样多 C．洗衣机产生的热量多 D．相同时间内，两者产生的热量一样多【分析】用电器的额定功率是指用电器正常工作时的功率，根据W＝Pt比较电热水壶和洗衣机消耗电能的多少；电热水壶是纯电阻用电器，电能全部转化为内能，而洗衣机消耗的电能主要转化为机械能，根据能量转化情况，分析电热水壶和洗衣机产生热量的多少。【解答】解：AB、已知电热水壶和洗衣机的额定电压相同，额定功率也相同，所以，电热水壶和洗衣机正常工作时的实际功率相同，根据W＝Pt可知相同时间内，两者消耗的电能一样多，故A错误，B正确；CD、由B项可知相同时间内，两者消耗的电能一样多，但电热水壶工作时将电能全部转化为内能，而洗衣机工作时主要是把电能转化为机械能，所以在相同时间内电热水壶产生的热量多，故CD错误。故选：B。14．（2分）图甲是小灯泡L（3V0.6A）和电阻R的电流随电压变化的图象，将它们按图乙所示接入电路中。已知该电路中电源电压可调，则下列结论正确的是（）A．先闭合开关S1，再闭合S2时，电流表示数大小不变 B．先闭合开关S1，再闭合S2时，小灯泡变暗 C．当电源电压为2V时，闭合开关S1和S2，电流表示数为0.6A D．当电源电压为3V时，闭合开关S1和S2，电路的总功率为2.7W【分析】（1）由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，再闭合S2时，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点可知电流表的示数变化和灯泡的亮度变化；（2）闭合开关S1和S2，灯泡与定值电阻R并联，当电源电压为2V时和3V时，根据并联电路的电压特点可知灯泡与R两端的电压，由甲图象可知此时通过灯泡与R的电流，根据并联电路的电流特点求出干路电流；利用P＝UI求出电路消耗的总功率。【解答】解：AB、由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，再闭合S2时，灯泡与定值电阻R并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路工作互不影响的特点可知通过灯泡的电流不变，则灯泡的亮度不变，干路电流变大，即电流表示数变大，故AB错误；C、闭合开关S1和S2，灯泡与定值电阻R并联，当电源电压为2V时，根据并联电路各支路两端的电压相等可知：此时灯泡和R两端的电压都为2V，由图象可知IL＝0.5A，IR＝0.2A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表的示数：I＝IL+IR＝0.5A+0.2A＝0.7A，故C错误；D、闭合开关S1和S2，灯泡与定值电阻R并联，当电源电压为3V时，根据并联电路各支路两端的电压相等可知：此时灯泡和R两端的电压都为3V，由图象可知IL′＝0.6A，IR′＝0.3A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流表的示数：I′＝IL′+IR′＝0.6A+0.3A＝0.9A，此时电路消耗的总功率：P′＝U′I′＝3V×0.9A＝2.7W，故D正确。故选：D。15．（2分）如图甲所示电路，电源两端电压保持不变，R0为定值电阻，RP为滑动变阻器。闭合开关S，将滑动变阻器滑片P由一端移到另一端的过程中，电路中电流表示数和电压表示数的关系如图乙所示，下列说法不正确的是（）A．电源电压为6V，R0阻值为10Ω B．电源电压为6V，RP的最大阻值为20Ω C．滑片P位于RP的正中间时，电流表的示数为0.4A D．滑片P由一端移到另一端过程中，电路总功率变化量为2.4W【分析】由图甲可知，两电阻串联，电压表测Rp两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时电路中的电流最大，电路消耗的功率最大，根据图象读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出电源电压的表达式；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，根据图象读出两电表的示数，根据串联电路的电压特点和欧姆定律求出电源电压的表达式；然后即可求出电源电压；根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值；（2）滑片P位于RP的正中间时，根据欧姆定律得出电流表的示数；（3）滑片P由一端移到另一端过程中，根据ΔP＝UΔI得出电路总功率变化量。【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测Rp两端的电压，电流表测电路中的电流。AB、当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，电路消耗的功率最大，由图乙可知I最大＝0.6A，由I＝可得，电源电压U＝I最大R0﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电路消耗的功率最小，由图乙可知，I最小＝0.2A，Up＝4V，根据串联电路电压特点和欧姆定律可知：电源电压U＝I最小R0+Up﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②由于电源电压不变，则I最大R0＝I最小R0+Up，所以，R0＝＝＝10Ω；则电源电压U＝I最大R0＝0.6A×10Ω＝6V；由I＝可得滑动变阻器的最大电阻：Rp＝＝＝20Ω，故AB正确；C、滑片P位于RP的正中间时，电流表的示数IA＝＝＝0.3A，故C错误；D、滑片P由一端移到另一端过程中，电路总功率变化量为ΔP＝UΔI＝6V×（0.6A﹣0.2A）＝2.4W，故D正确。故选：C。二、填空作图题（第16～23小题每空格1分，第24、25小题各2分，共31分）16．（3分）如图所示，造雪机将水注入专用喷嘴或喷枪接触高压空气，将水分割成微小的小水滴并喷到寒冷的空气中，小水滴凝固（填物态变化名称）成冰晶落到地面，这就是人工造雪。某学校后勤处进行撒盐除雪，如图所示，撒盐除雪能使雪尽快的熔化（填物态变化名称），撒盐是为了降低（选填“升高”或“降低”）雪的熔点。【分析】（1）物质由液态变成固态的现象叫做凝固，水结成冰就是凝固现象；（2）盐溶解于水所形成的溶液的熔点较纯水低，因此，加快雪的熔化。【解答】解：（1）由题意可知，人工造雪是将水注入专用喷嘴或喷枪接触高压空气，将水分割成微小的粒子并喷到寒冷的空气中，这些微小的粒子（小水滴）凝固成的小冰晶；（2）盐与雪混合，降低了雪的熔点，可加快雪的熔化。故答案为：凝固；熔化；降低。17．（5分）（1）在晓月设计的小组合作控制电路中，S1和S2是指纹开关，当两个开关都闭合时，电动机M启动，开始小组活动，此控制电路是图1中的甲图；晓宇设计的是防盗电路，触发S1或S2的防盗开关，电动机M自动启动将盗贼锁定，防盗电路是图1中的丙图；如图1所示的3个电路图中的乙图，若两开关都闭合，电池将被短路。（2）如图2所示，当开关闭合后，要使灯L1和L2并联，乙表是电流表（填“电流表”或“电压表”），若甲和乙两个表调换位置，闭合开关S后，能够发光的灯是L1（填“L1”、“L2”或“L1和L2”）。【分析】（1）通常开关与被控制用电器串联，闭合开关接通电路，用电器工作，断开开关，用电器停止工作；若开关与用电器并联，开关断开用电器工作，开关闭合，用电器短路不能工作；根据串联电路的特点，开关串联时，只有开关同时闭合才能接通电路；根据并联电路的特点，开关并联时，只要有一个开关闭合就能接通电路；电源短路是指导线直接将电源的正、负极相连，电流不通过用电器，这样易烧坏电源。（2）电流表应串联接入电路中，电压表应并联接入电路中。【解答】解：（1）S1和S2都闭合时，电动机M才能启动，开始小组活动，由此说明两开关串联后控制电动机，所以控制电路是甲图；触发S1或S2的防盗开关，电动机都能工作将盗贼锁定，所以两开关应并联，则防盗电路是丙图；两开关都闭合造成电源短路的是乙图，因为两开关都闭合时，电源两极被导线直接相连了；（2）要使灯L1、L2并联，由图可知电流必须从开关S分别流入支路L1、支路L2和仪表乙，然后流回负极，所以甲为相当于断路的电压表，乙为电流表；若甲、乙两个表调换位置，闭合开关S后，灯泡L2被短路，电路为L1的基本电路，因此仍能继续发光的灯是L1，另一只灯不能发光的原因是被开关S短路。故答案为：（1）甲；丙；乙；（2）电流表；L1。18．（4分）人的眼球好像一架照相机（填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”），晶状体和角膜的共同作用相当于一个凸透镜，视网膜相当于光屏。正常人看物体由远及近时，为了使像始终落在视网膜上，则晶状体变厚（填“变厚”、“不变”或“变薄”）。小明两眼视力缺陷不同。将一只2B铅笔紧贴他眼镜的两个镜片，透过镜片看到铅笔的像如图甲所示。则图中右侧镜片是凸透镜；如图乙所示，光会聚于b点，在虚线区域内放入图甲中眼镜的左侧镜片（选填“左侧镜片”或“右侧镜片”）后，光会聚于主光轴MN上的c点。【分析】（1）人的眼球好像一架照相机，眼中的晶状体形状中间厚，边缘薄，相当于凸透镜。近视眼看不清远处的物体，需要佩戴近视眼镜来矫正；（2）凸透镜对光有会聚作用，远视眼是由于晶状体太薄，折光能力变弱，像成在了视网膜的后方，为了将光线会聚，需要用凸透镜来矫正远视眼，这样才能看清近处的物体；凹透镜有发散光线的作用。【解答】解：人的眼球好像一架照相机。正常人看物体由远及近时，为了使像始终落在视网膜上，则晶状体的焦距自动调节，将逐渐变小，即晶状体变厚；由题意可知，透过眼镜看到铅笔的形状，左侧是正立缩小的虚像，右侧是正立放大的虚像，根据凸透镜成像规律可知，右侧的镜片是凸透镜，左侧的镜片是凹透镜，远视眼成因：眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的；因凸透镜对光线有会聚作用，所以远视眼应该配戴凸透镜才能看清近处的物体；要使光会聚于主光轴MN上的c点，则表明此时的透镜对光线有发散作用，需要放置凹透镜，即左侧的镜片。故答案为：照相机；变厚；凸透镜；左侧镜片。19．（4分）某电吹风工作6min，能使如图所示的电能表的转盘转过120转，则该电吹风消耗的电能为0.1kW•h，电功率为1000W，这些电能可供一只“220V10W”的LED灯正常工作10h，一只这样的LED灯与一只“220V100W”的白炽灯正常发光时亮度相当，若LED灯正常发光时的效率为80%，则白炽灯正常发光效率为8%。【分析】（1）“1200r/kW•h”表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转过1200r；据此求电能表转盘转120r消耗的电能，再利用P＝求出电吹风的功率；（2）求出了电吹风消耗的电能，再利用P＝求可供“220V10W”的节能灯正常工作的时间；（3）节能灯与白炽灯在正常工作时发光效果相当，则两灯泡获得光能的功率相等，根据效率公式得出等式求解。【解答】解：（1）因为“1200r/kW•h”表示电路中每消耗1kW•h的电能，电能表转盘转过1200r，所以电能表转盘转120r，电吹风消耗的电能：W＝kW•h＝0.1kW•h，电吹风的功率：P＝＝＝1kW＝1000W；（2）由P＝可得，这些电能可供“220V10W”的节能灯正常工作的时间：t′＝＝＝10h；（3）灯的发光效率等于转化为光能的功率与消耗电能的功率（灯的电功率）之比，即η＝，因10W的节能灯与100W的白炽灯在正常工作时发光效果相当，所以两灯泡获得光能的功率相等，则：P白η白＝P节η节，即100W×η白＝10W×80%，解得该白炽灯的发光效率：η白＝8%。故答案为：0.1；1000；10；8%。20．（4分）某小组同学用一个酒精灯对质量是100g、初温度为﹣10℃的冰块进行加热，完成冰的熔化实验。记录的数据如图象所示。已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）；酒精的热值为3×107J/kg，已知整个实验过程中酒精燃烧放出的热量有10%会被吸收。（1）CD段水所吸收的热量是4.2×103J；这是通过热传递的方式改变水的内能。（2）7min的内能小于（填“大于”、“小于”或“等于”）9min的内能；（3）整个过程（AD段）酒精灯中消耗的酒精是3.5g。（冰或水的热量散失忽略不计）【分析】（1）知道冰的质量，由于冰熔化成水质量不变，可知水的质量，由图得出水的初温、末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求水吸收的热量；这是通过热传递的方式改变水的内能；（2）冰在熔化过程中需要吸热，所以冰在第9min时具有的内能大于在第7min时具有的内能；（3）整个过程吸收的热量等于AB端吸收热量的5倍，根据η＝求出酒精完全燃烧放出的热量，再利用Q放＝mq求酒精灯中消耗的酒精。【解答】解：（1）因为冰熔化成水质量不变，所以水的质量m水＝100g＝0.1kg，由图知在CD段水的初温为0℃、末温为10℃，则水吸收的热量：Q吸水＝c水m水（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.1kg×（10℃﹣0℃）＝4.2×103J；这是通过热传递的方式改变水的内能；（2）冰在熔化过程中需要吸热，所以冰在第9min时具有的内能大于在第7min时具有的内能；（3）整个过程（AD段）吸收的热量：Q吸＝5Q吸冰＝5×2.1×103J＝1.05×104J，由η＝可得酒精完全燃烧放出的热量：Q放＝＝＝1.05×105J，由Q放＝mq得酒精灯中消耗的酒精质量：m酒精＝＝＝0.0035kg＝3.5g。故答案为：（1）4.2×103；热传递；（2）小于；（3）3.5。21．（3分）如图所示电路，电源电压为可调学生电源，甲、乙为两只相同的电表，R1和R2允许通过的最大电流均为1A，当闭合开关S1、S2时，甲、乙两表示数之为4：3，其中R1为3Ω，R2为9Ω。同时更换两电表种类，调整开关状态和电源电压，两表均有正常示数，两电表示数之比为1：4，在保证电路安全的情况下，电路最大功率为4W。【分析】（1）由于甲、乙为两只相同电表，当闭合S1，S2时，甲、乙两表示数之比为4：3，若电表均为电流表，则甲表会将电源短路，据此判断当闭合开关S1、S2时电表均为电压表，所以，当闭合S1，S2时，两电阻串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量R2两端的电压，甲、乙两表示数之比为4：3，根据串联分压特点可知R1：R2，据此求出R2；（2）同时更换两电表种类，即两表都为电流表时，闭合开关S1，两电阻并联，根据欧姆定律和并联电路的特点即可求出两电表示数之比；由于R1和R2允许通过的最大电流均为1A，根据欧姆定律得出并联时电源电压的最大值，然后利用欧姆定律求出干路电流，利用P＝UI得出此时电路最大总功率。【解答】解：（1）甲、乙为两只相同电表，当闭合S1，S2时，甲、乙两表示数之比为4：3，若量表均为电流表，则甲表会将电源短路，故两表均为电压表。当闭合S1，S2时，两电阻串联，电压表甲测量电源电压，电压表乙测量R2两端的电压，甲、乙两表示数之比为4：3，根据串联分压特点可知：＝＝＝＝＝；所以，R2＝3R1＝3×3Ω＝9Ω；（2）同时更换两电表种类，即两表都为电流表时，闭合开关S1，两电阻并联，电流表甲测量R2的电流，电压表乙测量干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律可得两电表示数之比为：＝＝＝＝＝；R1和R2允许通过的最大电流均为1A，根据I＝可得：R1和R2两端允许加的最大电压分别为：U1大＝I最大R1＝1A×3Ω＝3V，U2大＝I最大R2＝1A×9Ω＝9V，由于并联电路各支路两端的电压相等，则在保证电路安全的情况下，两电阻并联时电源电压最大为：U最大＝U1大＝3V，所以，电路最大功率为：P最大＝P1+P2＝+＝+＝4W。故答案为：9；1：4；4。22．（4分）小明用图甲所示的方式将均匀铁块推倒成图丙情况，此过程中铁块相当于省力（省力/费力/等臂）杠杆。如果小明的推力始终与BD垂直，在BD与水平面垂直之前，其推力F1变小（变大/变小/不变），小宇用图乙的方式将同一铁块推倒成图丙情况，则如图甲、乙所示位置时，F1＜（＞/＜/＝）F2，小明和小宇用甲、乙两种方法时至少要做的功分别为W1和W2，则W1＝（＞/＜/＝）W2。【分析】根据杠杆平衡条件分析图示方法中力臂大小，确定用力大小加以比较；克服重力做功，利用功的原理分析解答。【解答】解：按照甲的方法，支点为B，F1力臂为BD，阻力是铁块的重力，阻力臂为底面圆的半径，由图可知，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；如果小明的推力始终与BD垂直，在BD与水平面垂直之前，由于重心左移，阻力臂减小，根据F1•BD＝G•L可知推力F1变小；按照甲的方法，支点为B，F1力臂为BD，按照乙图方法，支点为C，F2力臂为C到F2的延长线的距离L，阻力为圆柱体的重力G，阻力臂为底面圆的半径。根据杠杆的平衡条件可知，当阻力和阻力臂不变时，动力臂越长，动力越小，因为BD大于L，故F1＜F2；无论如何将圆柱铁块倒下都是克服重力做功，两种方法使得柱体重心移动距离相等，故两个力做功相等，故比较使用甲、乙两种方法，人至少要做的功的大小相同，即W1＝W2。故答案为：省力；变小；＜；＝。23．（2分）开关S闭合后，小磁针静止时指向如图所示。请在图中两个虚线框内分别标出螺线管的磁极和电源的极性【分析】由磁极间的相互作用可知螺线管的磁极；由安培定则可知螺线管中电流的方向和电源的正负极。【解答】解：根据题干中的图片可知，小磁针静止时，小磁针的右端为N极，根据异名磁极相互吸引可知，螺线管右侧为N极，左侧为S极；由安培定则可知，电流从螺线管右侧流入，从螺线管的左侧流回电源的负极，则电源的左端为负极，右端为正极；如图所示：24．（2分）如图甲所示为一个“一开三孔”开关（即一个开关和一个三孔插座连在一起）实物图，图乙为内部接线示意图，请你将图乙中的电路连接完整，使开关控制电灯和插座。【分析】（1）家庭电路中，开关控制灯泡时，开关要接在火线与灯之间，这样连接，开关既能控制灯泡，又能在灯泡损坏时，断开开关，切断火线，更换灯泡更安全。（2）插座是为了方便使用可移动的用电器设置的，电灯与插座是并联的。（3）三孔插座的正确连接方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。【解答】解：三孔插座中，上孔接地，左孔接零线，右孔接火线；电灯与插座并联，开关控制电灯和插座，开关要接在干路上，如图所示：三、解答与探究（共35分）计算题解答时要有必要的文字说明、公式和运算过程，直接写出结果不得分。25．（7分）如图所示，在“探究平面镜成像特点”的实验中：（1）实验中用半透明玻璃板替代平面镜垂直放置在水平桌面上，是因为半透明玻璃板既能看到蜡烛A的像，又能看到另一侧的物体，便于确定像的位置。（2）将蜡烛A竖直放在玻璃板的前面并点燃，拿未点燃（选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板蜡烛A（选填“蜡烛A”或“蜡烛B”）这一侧观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合。为了便于观察实验应选在较暗（选填“较亮”或“较暗”）的环境中进行。（3）为了让右座的同学也能够看清蜡烛A的像，小明只将玻璃板向右平移，则蜡烛A像的位置不变（选填“向右移动”、“向左移动”或“不变”）。（4）该实验用到了等效替代法，是用蜡烛B等效替代了烛A的像（两空均选填“蜡烛A”、“蜡烛B”、“蜡烛A的像”、“蜡烛B的像”）。【分析】（1）半透明玻璃板有透光性，既能看到蜡烛A的像，又能确定像的位置；实验中若用半透明玻璃板没有垂直放置在水平桌面上，则成的像偏高或偏低，实验不能完成；（2）若B蜡烛也点燃，则其亮度大于像的亮度，则看到的像不清晰，不易确定像的位置；根据平面镜成像属于光的反射分析；像与环境亮度差别越大，像越清晰，为了便于观察实验应选在较暗的环境中进行；（3）平面镜成的像与物关于镜面对称；（4）等效替代法是初中物理中常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一。【解答】解：（1）实验中用半透明玻璃板替代平面镜垂直放置在水平桌面上，是因为半透明玻璃板有透光性，既能看到蜡烛A的像，又能看到另一侧的物体，便于确定像的位置。（2）将蜡烛A竖直放在玻璃板的前面并点燃，拿未点燃的蜡烛B竖直在玻璃板后面移动；因平面镜成像属于光的反射，故人眼一直在玻璃板蜡烛A这一侧观察，直至蜡烛B与蜡烛A的像完全重合；像与环境亮度差别越大，像越清晰，为了便于观察实验应选在较暗的环境中进行；（3）平面镜成的像与物关于镜面对称，为了让右座的同学也能够看清蜡烛A的像，小明只将玻璃板向右平移，则对称面的位置不变，蜡烛A像的位置不变。（4）该实验用到了等效替代法，是用蜡烛B等效替代了蜡烛A的像。故答案为：（1）垂直；像的位置；（2）未点燃，蜡烛A，较暗（3）不变；（4）蜡烛B；蜡烛A的像。26．（8分）现有下列器材：学生电源，电流表（0～0.6A，0～3A）、电压表（0～3V，0～15V）、定值电阻（5Ω、10Ω、20Ω各一个）、开关、滑动变阻器和导线若干；（1）利用这些器材探究“电流与电阻的关系”；①请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路；②连接好电路，检查无误后，闭合开关，发现电压表和电流表无示数，出现这种现象的原因可能是D；A．定值电阻断路B．定值电阻短路C．变阻器短路D．变阻器断路③实验中依次接入定值电阻，调节滑动变阻器的滑片，保持电压表示数不变，记下电流表的示数，利用描点法得到如图丙所示的电流I随电阻R变化的图像。由图像可以得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；④在上述实验中当接入的定值电阻为10Ω时，滑动变阻器和该电阻的功率之比为k1，若接入20Ω电阻时该比值为k2，则k1＝k2（选填“＞”“＝”或“＜”）；（2）完成上述实验后小明想利用上述器材测量额定电压为2.5V灯泡的额定功率，小明确认电路连接无误后，按正确的操作闭合开关记录了第一组数据，然后通过实验依次填写了其他实验数据如下表所示；序号12345电压表示数/V1.02.02.53.06.0电流表示数/A0.20.220.240.260灯泡的亮度不亮微亮正常发光很亮熄灭灯泡功率/W①根据表中数据，算出小灯泡的额定功率为0.6W，滑动变阻器的最大阻值为25Ω；②现将与小明实验中规格相同的两个灯泡串联接入电源电压为2.5V的电路中，则两灯泡的总功率＞0.5W（选填“＞”“＝”或“＜”）；（3）完成上述实验后，小敏设计了如图丁所示的电路，测出了额定电流为I额的小灯泡的额定功率。实验方案如下：请续写完成主要的步骤（电源电压不变，滑动变阻器R1的最大阻值为R1，滑动变阻器R2最大阻值未知）；①按电路图连接电路；②只闭合开关S1，调节R1使电流表的示数为I额，灯泡正常发光；③断开开关S1，闭合开关S2，调节R2的滑片（填“R1”、“R2”），使电流表的示数为I额；④保持其中一个滑动变阻器滑片位置不动，将另一个滑动变阻器滑片移到最右端，电流表的示数为I1，再将此滑动变阻器的滑片移到最左端，电流表的示数为I2；⑤小灯泡额定功率的表达式为P额＝I额2•（用I额、I1、I2、R1表示）；（4）若小灯泡的额定电流为I额＝2I1，以下关于灯泡额定功率P0与实际功率P1的数值关系，你认为最有可能的是D。A．P0＝2P1B．P0＝3P1C．P0＝4P1D．P0＝5P1【分析】（1）①在探究“电流与电阻的关系”实验中，电压表并联在定值电阻两端；②连接好电路，检查无误后，闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表无示数，说明电压表与电源没有连通，据此分析；③根据电流与电阻的乘积为一定值分析得出结论；④本实验中，控制电阻两端的电压不变，由串联电路电压的规律可知滑动变阻器两端的电压也为一定值，根据P＝I2R和串联电路的规律，结合分压原理分析回答；（2）①灯在额定电压下的功率为额定功率，由表中数据可知灯在额定电压下的电流，根据P＝UI求出小灯泡的额定功率；在第5次实验中，灯不发光，电流表示数为0，说明这时灯泡断路，电压表串联在电路中测电源电压了，据此确定电源电压，根据表中第1组数据，由串联电路的规律及欧姆定律得出滑动变阻器连入电路的最大电阻；②由分压原理和串联电路电压的规律，可知每个灯的电压，因灯的电流随电压的增大而变大，由表中数据可确定通过灯的电流大于0.2A，根据P＝UI得出每个灯的实际功率取值范围，从而可知两灯泡的总功率与0.5W的关系；（3）已知灯泡的额定电流，可通过R2等效替代正常发光灯泡，再根据电路特点，利用电源不变计算出R2的阻值，由P＝I2R计算额定功率；（4）由于灯泡的阻值不是定值，会随温度的升高而变大，所以，根据P＝I2R分析额定功率P0的变化。【解答】解：（1）①在探究“电流与电阻的关系”实验中，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示：；②连接好电路，检查无误后，闭合开关，发现电流表无示数，说明电路可能断路，电压表无示数，说明电压表与电源没有连通，即出现这种现象的原因可能是变阻器断路，故选：D；③由图丙可知，电流与电阻的乘积为UV＝IR＝0.4A×5Ω＝……＝0.1A×20Ω＝2V，为一定值，故可得出结论：当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；④本实验中，控制电阻的电压不变，由串联电路电压的规律，滑动变阻器两端的电压也为一定值，即滑动变阻器和该电阻的电压之比也为一定值；根据P＝I2R，滑动变阻器和该电阻的功率之比等于滑动变阻器连入电路的电阻和该电阻的大小之比，根据分压原理，即为滑动变阻器和该电阻的电压之比，故在上述实验中当接入的定值电阻为10Ω时，滑动变阻器和该电阻的功率之比为k1，若接入20Ω电阻时该比值为k2，则k1＝k2；（2）①灯在额定电压下的功率为额定功率，灯在额定电压下的电流为0.24A，小灯泡的额定功率为：PL＝ULIL＝2.5V×0.24A＝0.6W；在第5次实验中，灯不发光，电流表示数为0，说明这时灯泡断路，电压表串联在电路中测电源电压了，故电源电压为6V，根据表中第1组数据，由串联电路的规律及欧姆定律，滑动变阻器连入电路的最大电阻为：R滑＝＝＝25Ω，故滑动变阻器的最大阻值为25Ω；②现将与小明实验中规格相同的两个灯泡串联接入电源电压为2.5V的电路中，由分压原理，两灯的电压相等，由串联电路电压的规律，每个灯的电压为1.25V，因通过灯电流随电压的增大而变大，由表中数据，通过灯的实际电流大于0.2A，故每个灯的实际功率大于：P实＝U实I′＝1.25V×0.2A＝0.25W，则两灯泡的总功率将大于0.25W+0.25W＝0.5W；（3）①按电路图连接电路；②仅闭合开关S1，灯泡与R1串联，电流表测电路中的电流；移动R1滑片，使电流表的示数为I额灯泡正常发光；③仅闭合开关S2，R1与R2串联，电流表测电路中的电流；保持R1滑片位置不动，移动R2滑片，使电流表的示数为I额，因为电路中电流仍为I额，根据等效替代法，此时R2＝RL；④保持R2滑片位置不动，将滑动变阻器R1滑片移到最右端，电流表的示数为I1，再将滑动变阻器R1的滑片移到最左端，电流表的示数为I2，由串联电路特点和欧姆定律可得：U＝I1（R1+R2）＝I2R2，解得：R2＝，⑤小灯泡额定功率的表达式为：P额＝I额2RL＝I额2R2＝I额2•；（4）若小灯泡的额定电流为I额＝2I1，假设灯泡的阻值不变，则P0＝I额2R＝（2I1）2R＝4R＝4P1；由于灯泡的阻值不是定值，会随温度的升高而变大，所以，当灯泡在正常工作时，灯泡的阻值变大，则额定功率P0＞4P1，所以最有可能的额定功率值P0＝5P1，故选：D。故答案为：（1）①见解答图；②D；③当电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；④＝；（2）①0.6；25；②＞；（3）③R2；⑤I额2•；（4）D。27．（5分）有一个边长为10cm的正方体物块漂浮在水中，静止时物块上表面与水面平行，露出水面的高度为5cm，如图甲所示，求：（1）物块受到水的浮力；（2）物块的密度；（3）若要使物块完全浸没在水中（如图乙所示），需要施加的最小压力F。【分析】（1）根据F浮＝ρ水gV排＝ρ水gSh算出物块受到水的浮力；（2）木块漂浮在水中，受到的浮力等于其自身的重力，即F浮＝G，根据F浮＝ρ水gV排和G＝mg＝ρ物gV列等式ρ水gV排＝ρ物gV算出物块的密度；（3）根据F浮′＝ρ水gV排′＝ρ水gV算出物块完全浸没在水中受到的浮力，根据F＝F浮′﹣G算出需要施加的最小压力F。【解答】解：（1）正方体物块的边长为：a＝10cm＝0.1m，露出水面的高度为h＝5cm＝0.05m，物块受到水的浮力为：F浮＝ρ水gV排＝ρ水gSh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.1m）2×0.05m＝5N；（2）木块漂浮在水中，受到的浮力等于其自身的重力，即F浮＝G，根据F浮＝ρ水gV排和G＝mg＝ρ物gV得ρ水gV排＝ρ物gV，则物块的密度为：ρ物＝＝＝＝0.5×103kg/m3；（3）物块完全浸没在水中受到的浮力为：F浮′＝ρ水gV排′＝ρ水gV＝1.0×103kg/m3×10N/kg×（0.1m）3＝10N；需要施加的最小压力F为：F＝F浮′﹣G＝10N﹣5N＝5N。答：（1）物块受到水的浮力为5N；（2）物块的密度为0.5×103kg/m3；（3）若要使物块完全浸没在水中（如图乙所示），需要施加的最小压力F为5N。28．（4分）小明利用电子秤、烧杯、水和一根细线测量一块玉镯的密度，他的操作过程及对应电子秤示数如图甲、乙、丙所示。已知ρ水＝1.0×103kg/m3，取g＝10N/kg。（1）该玉镯的质量为70g，丙图中细线的拉力为0.45N。（2）求丙图中玉镯所受浮力的大小；（3）求玉镯的密度。【分析】（1）根据m＝m乙﹣m甲可知该玉镯的质量；根据G＝m乙g可知烧杯、水和玉镯的总重力，根据F＝G′＝m丙g可知烧杯对电子秤的压力，根据F拉＝G﹣F得出丙图中细线的拉力；（2）根据G＝mg得出玉镯所受重力，根据F浮＝G﹣F拉得出玉镯所受浮力；（3）根据V＝V排＝得出玉镯体积，根据密度公式得出玉玉镯的密度。【解答】解：（1）根据甲、乙两图可知该玉镯的质量m＝m乙﹣m甲＝270g﹣200g＝70g＝0.07kg；根据乙图可知烧杯、水和玉镯的总重力G＝m乙g＝kg×10N/kg＝2.7N，根据丙图可知烧杯对电子秤的压力F＝G′＝m丙g＝kg×10N/kg＝2.25N，两图中细线的拉力F拉＝G﹣F＝2.7N﹣2.25N＝0.45N；（2）玉镯所受重力G玉＝mg＝0.07kg×10N/kg＝0.7N，玉镯所受浮力F浮＝G﹣F拉＝0.7N﹣0.45N＝0.25N；（3）根据阿基米德原理可知玉镯体积V＝V排＝＝＝2.5×10﹣5m3，玉玉镯的