2020年高考物理二轮复习-专题2

2021年高考物理二轮复习07恒定电流一、单项选择题1.如下图的电路，闭合开关S后，a、b、c三盏灯均能发光，电源电动势E恒定且内阻r不可忽略．现将变阻器R的滑片稍向上滑动一些，三盏灯亮度变化的情况是〔〕A.

a灯变亮，b灯和c灯变暗B.

a灯和c灯变亮，b灯变暗C.

a灯和c灯变暗，b灯变亮D.

a灯和b灯变暗，c灯变亮【答案】B【考点】电路的动态变化分析【解析】【解答】变阻器R的滑片稍向上滑动一些，滑动变阻器电阻减小，根据“串反并同〞与其串联的灯泡C电流增大，变亮，与其并联的灯泡b电流减小，变暗，与其间接串联的灯泡a电流增大，变亮，B对；故答案为：B【分析】滑动变阻器的滑片向上滑动的过程中，接入电路中的电阻变小，结合欧姆定律求解电流、电压的变化，利用功率公式P=UI求解灯泡的功率。2.如下图，闭合电键，电压表示数为U，电流表示数为I；在滑动变阻器的滑片P由左端a滑到中点的过程中〔〕A.

U变大，I变小B.

U变大，I变大C.

U变小，I变小D.

U变小，I变大【答案】A【考点】电路的动态变化分析【解析】【解答】当滑动变阻器两局部并联在电路时，在中点位置连入电路的电阻最大，在滑动变阻器的滑片P由左端a滑到中点的过程中，滑动变阻器的电阻逐渐增大，即电路外电路总电阻增大，总电流减小，根据闭合回路欧姆定律可知路端电压增大，即电压表示数增大；在圆圈所圈局部的电路I中，由于其并联在电源两端，所以I电路的电压增大，I中电流增大，所以定值电阻两端的电压增大，故滑动变阻器两端的电压减小，而a到滑片位置之间的电阻在增大，根据可知电流减小，即电流表示数减小，A符合题意．故答案为：A【分析】利用滑动变阻器电阻的变化可以判别电路中电阻及电压表和电流表读数的变化。3.在如下图的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r，L1、L2是两个小灯泡．闭合S后，两灯均能发光．当滑动变阻器的滑片向右滑动时，会出现〔〕A.

L1变暗，L2变暗B.

L1变亮，L2变暗C.

L1变亮，L2变亮D.

L1变暗，L2变亮【答案】D【考点】电路的动态变化分析【解析】【解答】当滑动变阻器的滑片向右滑动时，滑动变阻器电阻增大，回路中总电阻增大，干路电流减小，L1变暗，路端电压U=E-Ir可知路端电压增大，灯泡L1两端电压减小，所以灯泡L2两端电压增大，L2变亮，D对；故答案为：D【分析】利用动态电路的串反并同可以判别灯泡的亮暗。4.如下图，R3处是光敏电阻，a、b两点间接一电容，当开关S闭合后，在没有光照射时，电容上下极板上电量为零，当用光线照射电阻R3时,以下说法正确的选项是〔〕A.

R3的电阻变小，电容上极板带正电，电流表示数变大B.

R3的电阻变小，电容上极板带负电，电流表示数变大C.

R3的电阻变大，电容上极板带正电，电流表示数变小D.

R3的电阻变大，电容上极板带负电，电流表示数变小【答案】A【考点】电路的动态变化分析【解析】【解答】R3是光敏电阻，当用光线照射电阻R3时，据光敏电阻的特点，其阻值变小，据闭合电路的欧姆定律知，所以电流表示数变大，CD不符合题意；因原来时电容器极板上的带电量为零，故说明ab两点电势相等；有光照以后，两支路两端的电压相等，因R1、R2支路中电阻没有变化，故R2的分压比不变；而由于R3的电阻减小，所以R3的两端电压减小，，而不变，所以增大，故上端的电势要高于下端，故上端带正电，A符合题意B不符合题意；故答案为：A【分析】利用光敏电阻特点可以判别电阻的变化；利用桥式电路的电压特点可以判别极板的电性；利用动态分析可以判别电流表的读数变化。5.如图甲所示为由某材料制成的电阻R的阻值随温度t变化的图象，假设用该电阻与电池(电动势，内阻不计)、电流表(量程为50mA，内阻不计)、电阻箱申联起来，连接成如图乙所示的电路，用该电阻做测温探头。将电阻箱的阻值调为R'=15Ω，把电流表的电流刻度改为相应的温度刻度，就得到了一个简单的“电阻温度计〞。以下说法错误的选项是〔〕A.

温度升高，电路中的电流减小B.

电流表刻度较大处对应的温度刻度较小C.

电流表的示数为50mA时，电阻R的阻值为30ΩD.

电流表的示数为50mA时，对应的温度为5℃【答案】C【考点】电路的动态变化分析【解析】【解答】AB．由图甲可知，温度升高，电阻R的阻值增大，电路中电流减小，因此电流表刻度较大处对应的温度刻度较小，AB项正确，不符合题意；CD．电流表的示数为50mA时，电路总电阻为30Ω，电阻箱的阻值R'=15Ω。那么R=15Ω，由图甲可得对应的温度为5℃，C项错误，符合题意，D项正确，不符合题意；故答案为：C。【分析】由于温度升高热敏电阻阻值变大所以电流变小；首要电流刻度大时对应的温度较小；利用电流大小结合欧姆定律可以求出电阻的大小及温度的大小。二、多项选择题6.如下图，用小灯泡模仿光控电路，AY之间为斯密特触发器，RG为光敏电阻，R1为可变电阻；J为继电器的线圈，Ja为它的常开触点。以下说法正确的选项是(

)A.

天色变暗时，A端输入高电平，继电器吸引Ja，路灯点亮B.

要想在天色更暗时路灯才会点亮，应把R1的阻值调大些C.

要想在天色更暗时路灯才会点亮，应把R1的阻值调小些D.

二极管的作用是继电器释放Ja时提供自感电流的通路，防止损坏集成电路【答案】A,B,D【考点】电路的动态变化分析【解析】【解答】A、天色变暗时，光敏电阻较大，那么RG两端的电势差较大，所以A端的电势较高，继电器工作吸引常开触点Ja，路灯点亮，A符合题意；BC、当A端电势较高时，路灯会亮，天色更暗时光敏电阻的阻值更大，那么RG两端的电势差更大，A端的电势更高；要想在天色更暗时路灯才会点亮，必须使光敏电阻分担的电压应降低，根据串联分压可知应把R1的阻值调大些，B符合题意，C不符合题意；D、天色变亮时，A端输入低电平，继电器不工作释放常开触点Ja，继电器的线圈会产生自感电电动势，二极管与继电器的线圈串联构成闭合电路，防止损坏集成电路，D符合题意；故答案为：ABD。【分析】光敏电阻的阻值发生改变，接入电路中的电阻变小，结合欧姆定律求解电流、电压的变化。7.如下图，定值电阻R和电阻箱电阻R串联在恒定电压为U的电路中，电压表V1、V2和电流表A均为理想电表，且电压表V1的示数大于电压表V2的示数。电阻箱电阻R2的最大值大于定值电阻R1的值，假设现在逐渐增大电阻箱的电阻直至最大，那么以下有关说法正确的选项是〔〕A.

不变，不变B.

变大，变大C.

电阻箱电阻消耗的功率逐渐增大D.

电阻箱电阻消耗的功率先增大后减小【答案】A,D【考点】电路的动态变化分析【解析】【解答】A．对于定值电阻，根据欧姆定律有：故A符合题意；B．将定值电阻和恒定电压电路等效成一个电源，其中U是等效电动势，R1是等效内阻，可得故B不符合题意；CD．在等效电路中，当R2=R1，电阻箱电阻消耗的功率最大，又依题意可知电阻箱的原阻值小于定值电阻R1，可见，在逐渐增大电阻箱的电阻直至最大的过程中，电阻箱电阻消耗的功率先增大后减小，故C不符合题意，D符合题意。故答案为：AD。【分析】利用欧姆定律可以判别电压与电流的比值及电压变化量与电流变化量的比值；利用电阻箱的阻值和定值电阻的阻值可以判别功率的变化。8.如下图，不计电表内阻的影响，改变滑线变阻器的滑片的位置，测得电压表Vl和V2随电流表A的示数变化的两条实验图象如图，关于这两条图象，有〔〕A.

图线b的延长线不一定过坐标原点OB.

图线a的延长线与纵轴交点的坐标值等于电源电动势C.

图线a、b的交点的横坐标和纵坐标值乘积等于电源的瞬时输出功率D.

图线a、b的交点的横坐标和纵坐标值乘积等于电阻R0的瞬时消耗功率【答案】B,C,D【考点】欧姆定律【解析】【解答】A．当电路中电流增大时，电源的内电压增大，路端电压减小，电压V2的示数增大，内电压增大，电压表V1的读数减小，那么根据图象可知，图象b是电压表V1的示数与I的关系图象。而R0是定值电阻，电压与电流成正比，那么图象b的延长线一定过坐标原点O，A不符合题意；B．图象a是电压表V1的示数与I的关系图象，反映电源的特性，当I=0时，U=E，故图线a的延长线与纵轴交点的坐标值等于电源的电动势，B符合题意；CD．图象a反映电源的特性，图象b反映电阻R0的特性，两图象的交点表示电阻R0接在该电源上的工作状态，那么交点的横、纵坐标值的乘积等于该状态下电阻R0消耗的瞬时功率，也表示电源的输出功率，CD符合题意。故答案为：BCD。【分析】利用闭合电路欧姆定律的图线可以求出电动势；利用图线b代表定值电阻的欧姆定律所以一定过原点；利用交点的坐标可以求出电源的输出功率；交点代表滑动变阻器等于0所以交点对应的功率为定值电阻的瞬时功率。9.〔2021·景德镇模拟〕在如下图的电路中，灯泡L的电阻小于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，以下结论正确的选项是〔〕A.

灯泡L变亮

B.

电流表读书变小，电压表读数变大C.

电源的输出功率变小D.

电容器C上电荷量增多【答案】B,D【考点】电路的动态变化分析【解析】【解答】AB．将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，滑动变阻器的电阻变大，根据串反并同，灯泡L中电流减小，电流表读数变小，电压表读数变大，灯泡L变暗，选项A错误，B正确；C．当外电路的总电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大。虽然灯泡L的电阻小于电源的内阻r，但外电路的总电阻与电源的内阻大小不确定，故电源的输出功率变化情况不确定，应选项C错误；D．将滑动变阻器滑片P向左移动一段距离后，电容器C上电压增大，电容器C上电荷量增多，选项D正确。应选BD。【分析】利用动态电路的串反并同结合电阻的变化可以判别电压和电流的变化；结合电容的定义式可以判别电荷量的变化。10.如图是一种理想自耦变压器示意图，线圈绕在一个圆环形的铁芯上，P是可移动的滑动触头．输入端AB接交流电压U，输出端CD连接了两个相同的灯泡L1和L2，Q为滑动变阻器的滑动触头．当开关S闭合，P处于如下图的位置时，两灯均能发光．以下说法正确的选项是〔〕A.

P不动，将Q向右移动，变压器的输入功率变大B.

P不动，将Q向右移动，两灯均变暗C.

Q不动，将P沿逆时针方向移动，变压器的输入功率变小D.

P、Q都不动，断开开关S，L1将变亮【答案】A,D【考点】电路的动态变化分析【解析】【解答】不动，将Q向右移动，负载电阻变小，电流变大，电压不变，变压器的输入功率变大，A符合题意；不动，将Q向右移动，负载电阻减小，电流增大，两灯均变亮，B不符合题意；不动，将P沿逆时针方向移动，原线圈匝数减小，副线圈电压增大，输出功率增大，变压器的输入功率变大，C不符合题意；、Q都不动，副线圈电压不变，断开开关S，电阻增大，电流减小，R分压减小，将变亮，D符合题意．故答案为：AD【分析】滑动变阻器的滑片滑动的过程中，接入电路中的电阻改变，结合欧姆定律求解电流、电压的变化，利用功率公式求解灯泡的功率，进而判断量亮暗的变化。三、实验探究题11.〔2021·莆田模拟〕某同学用图甲电路测量一电源的电动势和内阻，其中电流表A的量程为0.6A，虚线框内为用电流计G改装的电压表。〔1〕电流计G的满偏电流Ig=300μA，内阻Rg=100Ω，改装后的电压表量程为3V，那么可计算出电阻R1=________Ω。〔2〕某次测量时，电流计G的示数如图乙，那么此时电源两端的电压为________V。〔3〕移动滑动变阻器R的滑片，得到多组电流表A的读数I1和电流计G的读数I2，作出I1-I2图像如图丙。由图可得电源的电动势E=________V，内阻r=________Ω。〔4〕假设电阻R1的实际阻值大于计算值，那么电源内阻r的测量值________实际值〔填“小于〞“等于〞或“大于〞〕。【答案】〔1〕9900〔2〕〔3〕；〔4〕小于【考点】测电源电动势和内阻【解析】【解答】(1)由改装原理可知，要串联的电阻(2)电流计G的示数为240μA，那么此时电源两端的电压为240μA×10-6；(3)由图像可知，纵轴截距为290μA，那么对应的电压值为，即电源电动势为；内阻(4)假设电阻R1的实际阻值大于计算值，那么通过电流计G的电流会偏小，那么图像I2-I1的斜率会偏小，那么电源内阻r的测量值小于实际值。【分析】〔1〕利用电表的改装可以求出串联的电阻大小；〔2〕利用欧姆定律结合电流的大小可以求出电压的大小；〔3〕利用图像截距和斜率可以求出电动势和内阻的大小；〔4〕由于电压表分流所以导致内阻偏小。12.实验小组要测定一个电源的电动势E和内阻r。待测电源的电动势约为5V，可用的实验器材有：待测电源；电压表V1〔量程0～3V；内阻约为3kΩ〕；电压表V2〔量程0～6V；内阻约为6kΩ〕；定值电阻R1〔阻值Ω〕；滑动变阻器R2〔阻值0～Ω〕；开关S一个，导线假设干。〔1〕实验小组的某同学利用以上器材，设计了如图甲所示的电路，M、N是电压表，P、Q分别是定值电阻R1或滑动变阻器R2，那么P应是________〔选填“R1〞或“R2〞〕。〔2〕按照电路将器材连接好，先将滑动变阻器调节到最大值，闭合开关S，然后调节滑动变阻器的阻值，依次记录M、N的示数UM、UN。根据UM、UN数据作出如图乙所示的关系图像，由图像得到电源的电动势E=________V，内阻r=________Ω。〔均保存2位有效数字〕〔3〕由图像得到的电源的电动势值________〔选填“大于〞、“小于〞、“等于〞〕实际值。【答案】〔1〕R2〔2〕；0.90～1.0〔3〕小于【考点】测电源电动势和内阻【解析】【解答】〔1〕由电路图可知，电压表M测量P、Q总电压，电压表N测量Q的电压，故M为大量程的电压表V2，N为小量程的电压表V1，根据局部电路欧姆定律可知P为大量程的滑动变阻器R2，Q为小阻值的定值电阻R1。〔2〕设电压表M的示数为UM，电压表N的示数为UN，由图示电路图可知，电源电动势为整理得：由UM-UN图象可知，电源电动势为，由图可知图线的斜率为：又从UM-UN的关系可知：那么电源内阻为：r=kR1Ω。〔3〕根据题意可知：变形得：所以图象的纵截距为：那么电源电动势为所以根据图象得到的电源电动势值小于实际值。【分析】〔1〕利用电路分析可以判别P是滑动变阻器；〔2〕利用图像斜率和截距可以求出电动势和内阻的大小；〔3〕由于电压表分压所以电动势的测量值小于实际值。13.在“测定金属电阻率〞的实验中，〔1〕需要用螺旋测微器测量金属丝的直径，其结果如图甲所示，其读数为________mm；〔2〕测量电阻时，先用多用电表粗测金属丝的电阻阻值约为，再采用“伏安法〞精确测量金属丝的电阻，实验室能够提供的实验器材有：A．电流表，量程为，内阻B．电流表A1，量程为，内阻C．电流表A2，量程为，内阻D．电阻箱，阻值范围E.电阻箱，阻值范围F.滑动变阻器，最大阻值为G.电源，内阻约为H.开关一只，导线假设干答复以下问题：正确选择实验器材，电流表应选择________和________，电阻箱应选________；〔填写元器件前的字母代号〕〔3〕画出电阻测量的实验电路图；〔4〕使用正确电路，分别测量多组实验数据，并记录在如图乙坐标系中，将调节到，根据记录的实验数据做出金属丝的图线________，并算出金属丝的电阻________。〔计算结果保存两位有效数字〕【答案】〔1〕〔2〕A；B；E〔3〕〔4〕；5Ω【考点】测定金属的电阻率【解析】【解答】〔1〕螺旋测微器读数为〔2〕由所给实验器材可知，没有电压表，应该用电流表与电阻箱改装电压表。因为流过电阻的电流最大约为那么电流表应选择B。电源电动势为3V，改装的电压表量程应为3V，应选用电流表A与电阻箱改装成电压表电阻箱的阻值电阻箱应选E。〔3〕待测电阻阻值约为5Ω，电流表内阻约为Ω，电压表内阻为10kΩ，电流表应采用外接法，滑动变阻器最大阻值为10Ω，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如下图；〔4〕根据坐标系内描出的点作出图像如下图由图示图像可知，金属丝的电阻【分析】〔1〕利用螺旋测微器结构可以读出对应的读数；〔2〕利用电表的改装可以判别电流表的选择及电阻箱的选择；〔3〕滑动变阻器使用分压式接法，电流表使用外接法进行测量；〔4〕利用图像斜率结合欧姆定律可以求出电阻的大小。14.在研究“描绘小灯泡的伏安特性曲线〞的实验中，提供有以下器材：A．电压表V1〔0～5V〕B．电压表V2〔0～15V〕C．电流表A1〔0～50mA〕D．电流表A2〔0～500mA〕E．滑动变阻器R1〔0～60Ω〕F．滑动变阻器R2〔0～2kΩ〕G．直流电源EH．开关S及导线假设干I．小灯泡〔U额=5V〕某组同学连接完电路后，闭合电键，将滑动变阻器滑片从一端移到另外一端，移动过程中发现小灯未曾烧坏，记录多组小灯两端电压U和通过小灯的电流I数据〔包括滑片处于两个端点时U、I数据〕，根据记录的全部数据做出的U﹣I关系图象如图甲所示：〔1〕根据实验结果在图乙虚线框内画出该组同学的实验电路图；〔2〕根据实验结果判断得出实验中选用：电压表________〔选填器材代号“A〞或“B〞〕，电流表________〔选填器材代号“C〞或“D〞〕，滑动变阻器________〔选填器材代号“E〞或“F〞〕；〔3〕根据图甲信息得出器材G中的直流电源电动势为________V，内阻为________Ω；〔4〕将两个该型号小灯泡串联后直接与器材G中的直流电源E相连，那么每个小灯消耗的实际功率为________W。【答案】〔1〕〔2〕B；D；E〔3〕8；10〔4〕0.56【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线【解析】【解答】〔1〕从图甲可知，将滑动变阻器滑片从一端移到另外一端过程中电表的示数不是从0开始的，因此滑动变阻器采用的不是分压接法，而是限流接法；从图甲可知，小灯泡的电阻为10Ω～30Ω，阻值较小，因此电流表采用外接法，作出的实验电路图如下图：;〔2〕从图甲可知，记录的全部数据中小灯两端电压U最大为6V，因此电压表的量程需要选择15V，故电压表选B；通过小灯的电流I最大为：0.2A=200mA，故电流表的量程需要选择500mA，故电流表选D；电路采用滑动变阻器限流接法，为了便于实验操作，滑动变阻器应选小阻值的，故滑动变阻器选E；〔3〕从图甲可知，当滑动变阻器接入电阻为0时，小灯两端电压U1最大为6V，通过小灯的电流I1最大为，那么此时小灯电阻RL==30Ω由闭合电路欧姆定律有当滑动变阻器接入电阻为R2=60Ω时，小灯两端电压U2最小为1V，通过小灯的电流I2最小为，那么此时小灯电阻RL==10Ω由闭合电路欧姆定律有解得电源电动势E=8V，内阻r=10Ω；〔4〕将两个该型号小灯泡串联后直接与器材G中的直流电源E相连，根据闭合电路欧姆定律，有E=2U+Ir解得U=4﹣5I作出此时的U﹣I图象如下图：图中交点，，即通过每个灯泡的电流为，每个灯泡的电压为，故每个小灯消耗的实际功率P=0.18A〔由于交点读数存在误差，因此在～范围内均对〕【分析】〔1〕利用表格数据可以判别滑动变阻器使用限流式接法；电流表使用外接法；〔2〕利用灯泡两端电压可以判别电压表的量程；利用电流的最大值可以判别电流表量程；滑动变阻器使用小量程；〔3〕利用欧姆定律结合滑动变阻器的阻值大小可以求出电动势和内阻的大小；〔4〕利用闭合电路欧姆定律的图线与伏安特性曲线的交点可以求出灯泡的实际功率大小。15.某同学要将一满偏电流为3mA的毫安表G改装为量程为30mA的电流表。他先测量出毫安表G的电阻，然后对表进行改装，最后再利用一标准毫安表，对改装后的电流表进行检测具体实验步骤如下：①按电路原理图a连接线路②将R1的阻值调到最大，闭合开关S1后调节R1的阻值，使毫安表G的指针偏转到满刻度③闭合S2，保持R1不变，调节R2的阻值，使毫安表G的指针偏转到满刻度的三分之一的位置④记下R2的阻值答复以下问题：〔1〕如果按正确操作步骤测得R2的阻值为90Ω，那么毫安表G内阻的测量值Rg=________Ω，与毫安表内阻的真实值相比，Rg________〔填“>〞、“＝〞或“<〞〕〔2〕假设忽略实验的误差，将上述毫安表G改装成量程为30mA的电流表，那么需要并联一个阻值R=________Ω的电阻〔3〕根据图b所示电路对改装后的电表进行检测，当标准毫安表的示数为时，改装表的指针位置如图c所示，由此可以推测出改装的电表量程不是预期值，改装电流表的量程是________mA〔4〕要到达预期目的，无论测得的内阻值是否正确，都不必重新测量，只需要将阻值为R的电阻换为一个阻值为kR的电阻即可，其中k=________【答案】〔1〕180；<〔2〕20〔3〕32〔4〕【考点】欧姆定律，电表的改装【解析】【解答】〔1〕由于指针指在三分之一的位置，说明R2分得电流为电流计电流的两倍，所以电流计电阻是R2的两倍，为180Ω。闭合S2后，R2与Rg的并联值R并<Rg，所以I总>Ig，而此时G的示数为满偏电流的三分之一，所以IR2大于三分之二满偏电流，所以2R2<，即Rg<；〔2〕由并联电路分流特点，得Ω=20Ω〔3〕标准毫安表的示数为时，改装后的电表显示为刻度盘的中值刻度，故改装电流表的量程为32mA；〔4〕把毫安表改装成电流表需要并联分流电阻，并联电阻阻值当量程为32mA时，那么有当量程为30mA时，那么有联立解得【分析】〔1〕两个元件并联，电压相等，利用欧姆定律求解电流计的电阻；〔2〕通过并联一个小电阻起分流作用，可以把电流计改装成电流表，利用欧姆定律求解并联电阻的阻值；〔3〕通过并联一个小电阻起分流作用，可以把电流计改装成电流表，利用欧姆定律求解量程即可；〔4〕结合前后电流计的量程，利用欧姆定律求解K值即可。16.〔2021·无锡模拟〕测定一节电池的电动势和内阻，电路如图甲所示，MN为一段粗细均匀、电阻率较大的电阻丝，定值电阻R0Ω。调节滑片P，记录电压表示数U、电流表示数I及对应的PN长度x，绘制了U-I图像如图乙所示。〔1〕由图乙求得电池的电动势E＝________V，内阻r=________Ω。〔2〕实验中由于电表内阻的影响，电动势测量值________其真实值〔选填“大于〞、“等于〞或“小于〞〕。〔3〕根据实验数据可绘出-x图像，如图丙所示。图像斜率为k，电阻丝横截面积为S，可求得电阻丝的电阻率ρ＝________，电表内阻对电阻率的测量________〔选填“有〞或“没有〞〕影响。【答案】〔1〕；〔2〕小于〔3〕kS；没有【考点】测电源电动势和内阻【解析】【解答】(1)由闭合电路欧姆定律可知U=E-I(r+R0)那么可知图2中的图象与纵坐标间的交点表示电动势，故；图象的斜率表示(r+R0)，那么解得Ω(2)由图示可知，伏安法测电阻相对于电源来说采用电流表外接法，由于电压表分流作用，电流表测量值偏小，当外电路短路时，电流测量值等于真实值，电源的U-I图象如下图由图象可知，电动势测量值小于真实值，电源内阻测量值小于真实值。(3)根据欧姆定律可知，电阻那么可知解得ρ=kS假设考虑电流表的内阻，那么，那么图象的斜率不变，所以得出的电阻率没有影响。【分析】〔1〕利用图像斜率和截距可以求出电动势和内阻的大小；〔2〕由于电压表分流所以导致电动势和内阻的测量值偏小；〔3〕利用电阻定律结合欧姆定律可以求出电阻率的大小；电表内阻对于电阻率没有影响。17.〔2021·广州模拟〕为了测量一个电动势约为6V~8V，内电阻小于的电源，由于直流电压表量程只有3V，需要将这只电压表通过连接一固定电阻〔用电阻箱代替〕，改装为量程9V的电压表，然后再用伏安法测电源的电动势和内电阻，以下是他们的实验操作过程：〔1〕把电压表量程扩大，实验电路如图甲所示，实验步骤如下，完成填空。第一步：按电路图连接实物第二步：把滑动变阻器滑动片移到最右端，把电阻箱阻值调到零第三步：闭合电键，把滑动变阻器滑动片调到适当位置，使电压表读数为第四步：把电阻箱阻值调到适当值，使电压表读数为________V。第五步：不再改变电阻箱阻值，保持电压表和电阻箱串联，撤去其它线路，即得量程为9V的电压表〔2〕以上实验可供选择的器材有：A．电压表〔量程为3V，内阻约〕B．电流表〔量程为3A，内阻约〕C．电阻箱〔阻值范围〕D.电阻箱〔阻值范围〕E.滑动变阻器〔阻值为，额定电流3A〕F.滑动变阻器〔阻值为，额定电流〕电阻箱应选________，滑动变阻器应选________。③用该扩大了量程的电压表〔电压表的表盘没变〕，测电源电动势E和内电阻r，实验电路如图乙所示，得到多组电压表U和电流I的值，并作出U—I图线如图丙所示，可知电池的电动势为________V，内电阻为________。〔结果保存2位有效数字〕【答案】〔1〕〔2〕C；E；；1.5【考点】测电源电动势和内阻【解析】【解答】(1)把3V的直流电压表接一电阻箱，改装为量程为9V的电压表时，将直流电压表与电阻箱串联，整个作为一只电压表，据题分析，电阻箱阻值调到零，电压表读数为3V，那么知把电阻箱阻值调到适当值，使电压表读数为(2)由题，电压表的量程为3V，内阻约为2kΩ，要改装成9V的电压表，根据串联电路的特点可知，所串联的电阻箱电阻应为2×2kΩ=4kΩ故电阻箱应选C；在分压电路中，为方便调节，滑动变阻器选用阻值较小的，即选E；(3)由丙读出，外电路断路时，电压表的电压为那么电源的电动势为内阻为【分析】〔1〕利用电表的改装结合量程的大小可以求出电压表的读数；〔2〕利用电表的改装结合串联电路的特点可以求出串联电阻的大小，进而判别电阻箱的量程；分压式滑动变阻器使用小量程；利用图像斜率和截距可以求出电动势和内阻的大小。18.某同学想将一量程为1mA的灵敏电流计G改装为多用电表，他的局部实验步骤如下：〔1〕他用如图甲所示的电路测量灵敏电流计G的内阻①请在乙图中将实物连线补充完整________；②闭合开关S1后，将单刀双置开关S2置于位置1，调节滑动变阻器R1的阻值，使电流表G0有适当示数I0：然后保持R1的阻值不变，将开关S2置于位置2，调节电阻箱R2，使电流表G0示数仍为I0。假设此时电阻箱阻值R2=200Ω，那么灵敏电流计G的内阻Rg=________Ω。〔2〕他将该灵敏电流计G按图丙所示电路改装成量程为3mA、30mA及倍率为“×1〞、“×10〞的多用电表。假设选择电流30mA量程时，应将选择开关S置于________(选填“a〞或“b〞或“c〞或“d")，根据题给条件可得电阻R1=________Ω，R2=________Ω。〔3〕电路中两个电源的电动势均为3V，将选择开关置于a测量某电阻的阻值，假设通过灵敏电流计G的电流为，那么所测电阻阻值为________Ω。【答案】〔1〕；200〔2〕B；10；90〔3〕150【考点】欧姆定律，电表的改装【解析】【解答】(1)①由原理图连线如图：；②由闭合电路欧姆定律可知，两情况下的电流相同，所以灵敏电流计G的内阻Rg=200；(2)由表头改装成大量程的电流表原理可知，当开关接b时，表头与R2串联再与R1串联，此种情形比开关接c时更大，故开关应接b由电流表的两种量程可知：接c时有：接b时有：联立解得：；(3)接a时，，多用电表的内阻为：，此时流过待测电阻的电流为，所以总电阻为：，所以测电阻阻值为150。【分析】〔1〕电压表并联在电路中，滑动变阻器的接线柱一上一下；利用欧姆定律求解电流计的内阻；〔2〕通过并联一个小电阻起分流作用，可以把电流计改装成电流表，利用欧姆定律求解并联电阻的阻值。19.某同学要用电阻箱和电压表测量某水果电池组的电动势和内阻，考虑到水果电池组的内阻较大，为了提高实验的精确度，需要测量电压表的内阻。实验器材中恰好有一块零刻度在中央的双电压表，该同学便充分利用这块电压表，设计了如下图的实验电路，既能实现对该电压表的内阻的测量，又能利用该表完成水果电池组电动势和内阻的测量，他用到的实验器材有：待测水果电池组〔电动势约，内阻约〕、双向电压表〔量程为，内阻约为〕、电阻箱〔〕、滑动变阻器〔〕，一个单刀双掷开关及假设干导线。〔1〕该同学按如下图电路图连线后，首先测出了电压表的内阻。请完善测量电压表内阻的实验步骤：①将的滑动触头滑至最左端，将拨向1位置，将电阻箱阻值调为0；②调节的滑动触头，使电压表示数到达满偏；③保持________不变，调节，使电压表的示数到达________；④读出电阻箱的阻值，记为，那么电压表的内阻________。〔2〕假设测得电压表内阻为，可分析此测量值应________〔选填“大于〞“等于〞或“小于〞〕真实值。〔3〕接下来测量水果电池组的电动势和内阻，实验步骤如下：①将开关拨至________〔选填“1〞或“2〞〕位置，将的滑动触片移到最________端，不再移动；②调节电阻箱的阻值，使电压表的示数到达一个适宜值，记录下电压表的示数和电阻箱的阻值；③重复步骤②，记录多组电压表的示数及对应的电阻箱的阻值。〔4〕