全国名校高考生物试题分类汇编（12月 第七期）E单元 遗传的基本规律及应用

E单元遗传的基本规律及应用目录E单元遗传的基本规律及应用 1E1基因的分离定律及应用 1E2基因的自由组合定律及应用 6E3基因在染色体上 29E4减数分裂和受精作用 30E5被子植物个体发育 54E6高等动物个体发育 54E7细胞质遗传和伴性遗传 54E8遗传的基本规律的综合应用 62E1基因的分离定律及应用【生物卷(解析)·届浙江省嘉兴一中等五校届高三上学期第一次联考（12）】14．孟德尔一对相对性状的杂交实验中，实现3：1的分离比必须同时满足的条件是①观察的子代样本数目足够多②F1形成的两种配子数目相等且生活力相同③雌、雄配子结合的机会相等④F2不同基因型的个体存活率相等⑤等位基因间的显隐性关系是完全的⑥F1体细胞中各基因表达的机会相等A．①②⑤⑥B．①③④⑥C．①②③④⑤D．①②③④⑤⑥【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】C【生物卷(解析)·届浙江省嘉兴一中等五校届高三上学期第一次联考（12）】13．性状分离比的模拟实验中，如右图准备了实验装置，棋子上标记的D、d代表基因。实验时需分别从甲、乙中各随机抓取一枚棋子，并记录字母。下列分析错误的是A．该过程模拟了等位基因的分离和雌雄配子的随机结合B．甲、乙袋子模拟的是杂合子个体，袋中两种棋子1:1C．每次抓取记录后，要把棋子放回原袋中，并记录统计D．要模拟自由组合定律，可往甲、乙袋子中放入等量标记A、a的棋子【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】D【生物卷（解析）·届江西省师大附中高三上学期期中考试（11）】15．某哺乳动物背部的皮毛颜色由常染色体复基因A1、A2和A3控制，且A1、A2和A3任何两个基因组合在一起，各基因都能正常表达，如图表示基因对背部皮毛颜色的控制关系。下列说法错误的是（）A．体现了基因通过控制酶的合成来控制代谢从而控制性状B．该动物种群中关于体色共有6种基因型、纯合子有3种C．D．分析图可知，该动物体色为白色的个体一定为纯合子【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】D解析：选项A，基因控制生物性状的途径有两条，一是通过控制酶的合成来控制代谢过程从而控制性状，二是通过控制蛋白质的结构直接控制生物性状，本题图中体现了第一条途径，说法正确。选项B，A1、A2、A3三个复等位基因两两组合，纯合子有A1A1、A2A2、A3A3三种，杂合子有A1A2、A1A3、A2A3三种，共计6种，说法正确。选项C，黑色个体的基因型只能是A1A3，该白色雄性个体与多个黑色异性个体交配，后代中出现棕色(A1A2)个体，说明该白色个体必定含有A2基因，其基因型只能是A2A2或A2A3，若为A2A2，子代只能有A1A2棕色和A2A3白色两种类型，若为A2A3，则子代会有A1A2棕色、A1A3黑色和A2A3白色三种类型，故选项C正确。选项D，从图中信息可以发现，只要缺乏酶1，体色就为白色，白色个体的基因型有A2A2、A3A3和A2A3三种，而A2A3属于杂合子，故说法错误；【思路点拨】注意题意A1、A2和A3任何两个基因组合在一起，各基因都能正常表达的含义。【生物卷（解析）·届江西省师大附中高三上学期期中考试（11）】13．豌豆花的位置分为叶腋和茎顶两种，分别受T和t基因控制。种植基因型为TT和Tt的豌豆，两者数量之比是2∶1。两种类型的豌豆繁殖率相同，则在自然状态下，其子代中基因型为TT、Tt、tt的数量之比为（）A．7∶6∶3 B．9∶2∶1 C．7∶2∶1 D．25∶10∶1【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】B解析：根据两者数量比为2：1可知，TT占2/3，Tt占1/3，自然状态下豌豆进行的是自交，TT自交后代仍为TT，Tt自交后代有三种基因型：TT、Tt、tt，将它们的比例合并可得出比例。【思路点拨】明确豌豆自然状态下是自交是解题的关键。【生物卷（解析）·届江西省临川一中高三上学期期中考试（11）】20．孟德尔利用“假说—演绎”的方法发现了两大遗传规律。下列对其研究过程的分析，正确的是A．在豌豆杂交、F1自交和测交的实验基础上提出问题B．假说的核心内容是“性状是由位于染色体上的基因控制的”C．为了验证所作出的假说是否正确，设计并完成了正、反交实验D．先研究一对相对性状的遗传，再研究两对或多对相对性状的遗传【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】D测交为了验证假说是否正确所做的实验，A错误；假说内容是“性状是由细胞内的遗传因子（基因）控制的”，基因位于染色体上是由摩尔根等人发现的，B错误；验证假说是否正确，需要进行测交实验，C错误；先研究一对相对性状的遗传，再研究两对或多对相对性状的遗传，D正确。【生物卷（解析）·届江西省赣州市高三上学期十二县（市）期中联考（11）】21．采用下列哪一组方法，可以依次解决（1）——（4）中的遗传问题()（1）检验杂种F1的基因型（2）不断提高小麦抗病品种的纯合度（3）在一对相对性状中区分显隐性（4）鉴定一只白羊是否纯种A．杂交、自交、杂交、测交B．测交、自交、杂交、测交C．测交、杂交、自交、杂交D．杂交、杂交、杂交、测交【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】B解析：测交的重要意义是可以鉴定显性个体的基因组成，测交可以解决（1）；不断地自交可以明显提高生物品种的纯合度，自交可以解决（2）；要区分一对相对性状的显隐性关系，可以让生物进行杂交，有两种情况可以作出判断，若是两个相同性状的生物个体杂交，后代中有另一个新的相对性状产生，则亲本的性状为显性性状；若是不同性状的生物个体杂交后代中只出现一种性状，则此性状为显性性状，杂交可以解决（,3）；鉴定生物是否是纯种，对于植物来说可以用自交、测交的方法，其中自交是最简便的方法；对于动物来说，则只能用测交方法，测交可以解决（4）。【生物卷(解析）·届湖南省长沙长郡中学高三上学期第四次月考（12）word版】39．孟德尔遗传基本规律的精髓：生物体遗传的不是性状，而是。【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】控制性状的遗传因子解析：抓住生物性状的本质是受遗传物质控制的【生物卷(解析）·届湖南省长沙长郡中学高三上学期第四次月考（12）word版】15．下列有关孟德尔一对相对性状杂交实验的说法中正确的是 ①豌豆是自花传粉，实验过程免去了人工授粉的麻烦 ②解释实验现象时，提出的“假说”之一是：F1产生配子时，成对的遗传因子分离 ③解释性状分离现象的“演绎”过程是：若F1产生配子时，成对的遗传因子分离，则测交后代出现两种表现型，且比例接近1:1 ④“豌豆在自然状态下一般是纯种”属于孟德尔假说的内容 A．①③④ B②③ C．②④ D．①②【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】B解析：豌豆是自花传粉的植物，在自然界中是纯种，但是实验过程中需要异花传粉即人工授粉，①错误；解释实验现象时，提出的“假说”是：F1产生配子时，成对的遗传因子分离，②正确；解释性状分离现象的“演绎”过程是：若F1产生配子时，成对的遗传因子分离，则测交后代出现两种表现型，且比例接近1：1，③正确；豌豆在自然状态下一般是纯种只是一个事实，不属于假说内容，④错误．B正确【生物卷（解析）·届湖北省重点高中高三上学期期中联考（11）】30．白粒玉米自交系与黄粒玉米自交系进行杂交得F1全是黄粒玉米，F1自交所结果穗上同时出现了黄色子粒和白色子粒。对F2出现两种颜色不同的子粒的下列解释中，错误的是()A．由于F1是杂合子，其后代发生了性状分离B．F1能产生两种雄配子和两种雌配子,受精作用后产生三种基因型,两种表现型后代C．F1黄粒玉米包含有白色玉米的隐性基因，减数分裂时等位基因分离后，受精作用中两隐性基因纯合而出现白色子粒性状，因而出现了两种不同颜色的子粒D．玉米的黄色对白色为显性，F1在形成配子时发生了基因重组，因而产生了白色子粒性状【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】D解析：白粒玉米自交系与黄粒玉米自交系进行杂交得F1全是黄粒玉米，说明黄粒是显性性状，F1自交所结果穗上同时出现了黄色籽粒和白色籽粒出现了性状分离，说明F1的黄粒玉米是杂合子，A正确。杂合子的F1能产生两种雄配子和两种雌配子，受精作用后产生三种基因型、两种表现型，B正确。在F2之所以会出现性状分离是因为F1黄粒玉米包含有白色玉米的隐性基因，减数分裂时等位基因分离后，受精作用中两隐性基因纯合而出现白色子粒性状，因而出现了两种不同颜色的籽粒，C正确。一对性状无法基因重组，D错误。【思路点拨】本题考查分离定律相关知识，意在考察考生对知识点的理解掌握程度。【生物卷（解析）·届安徽省安庆一中等江淮名校高三第二次联考（11）word版】35．白斑银狐是灰色银狐中的一种变种，在灰色背景上出现臼色的斑点，十分漂亮。让白斑银狐自由交配，后代中总会出现约1/3的灰色银狐，其余均为白斑银狐。由此推断合理的是A．可以利用测交的方法获得纯种白斑银狐B．后代代灰色银狐中既有杂合子义有纯台子C．白斑银狐后代出现灰色银狐是由基因突变所致D．白斑银狐与灰色银狐交配，后代中白斑银狐约占l/2【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】D解析：假设控制毛色的基因为A、a由题意可知，白斑银狐自由交配，后代中出现灰色银狐，说明灰色银狐是由隐性基因控制的，进一步可推断亲本基因型为Aa和Aa。根据后代表现型及其比例为白斑银狐∶灰色银狐＝2∶1，可推断出显性基因纯合(AA)致死。纯种白斑银狐(AA)不存在，则用于测交的白斑银狐是杂合的(Aa)。白斑银狐自由交配，后代灰色银狐(aa)一定是纯合子。白斑银狐(Aa)与灰色银狐(aa)交配，后代中白斑银狐(Aa)的比例为1/2。【生物卷（解析）·届安徽省安庆一中等江淮名校高三第二次联考（11）word版】34．人类秃发遗传是由位于常染色体上的一对等位基因b+和b控制，b+b+表现正常，bb表现秃发，杂合子b+b在男性中表现秃发，而在女性中表现正常：一对A妇丈夫秃发妻子正常，生育一秃发儿子和一正常女儿。下列表述正确的是A．人类秃发遗传与性别相关联，属于伴性遗传B．秃发儿子和正常女儿的基因型分别是bb和b+bC．若秃发儿子和正常女儿基因型相同，父母一定是纯合子D．这对夫妇再生一女儿是秃发的概率是0或25%或50%【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】B解析：人类秃发遗传是由位于常染色体上的一对等位基因b+和b控制，不属于伴性遗传，A错。由题干所给信息得知丈夫的基因型可以是b+b或bb，妻子的基因型可以是b+b+或b+b，这样.秃发儿子的基因型可以是b+

b或bb，正常女儿的基因型可以是b+b+或b+

b，B错误。若秃发儿子和正常女儿基因型相同，这个基因型只能是b+

b，由上述分析可知，其父母可以是杂合子，C不对。若丈夫的基因型是b+b或bb，妻子的基因型是b+b+，再生一女儿是秃发的概率是0，丈夫的基因型是b+b，妻子的基因型b+b，再生一女儿是秃发的概率是25%，丈夫的基因型是bb，妻子的基因型是b+b，再生一女儿是秃发的概率是50%，D正确。【生物卷（解析）·届安徽省安庆一中等江淮名校高三第二次联考（11）word版】32．某种群中，AA的个体占25%，Aa的个体占50%。aa的个体占25%。若种群中的雌雄个体自由交配，且aa的个体无繁殖能力，则子代中AA：Aa：aa的比例是A．3:2:3 B．4:4:1 C．1:1:0 D．1:2:0【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】B解析：若aa无繁殖能力，则AA和Aa比为1：2，则A基因频率为2/3，a基因频率为1/3，则AA基因型频率为2/3×2/3=4/9，aa基因频率为1/3×1/3=1/9，Aa基因频率为4/9，所以选B。【生物卷（解析）·届安徽省安庆一中等江淮名校高三第二次联考（11）word版】31．将具有一对相对性状的纯种豌豆个体间行种植，另将具有一对相对性状的纯种玉米个体间行种植，通常情况下，具有隐性性状的一行植株上所产生的F1是A．豌豆和玉米都有显性个体和隐性个体B．玉米都为隐性个体，豌豆既有显性义有隐性C．豌豆和玉米的显性和隐性比例都是3：1D．豌豆都为隐性个体，玉米既有显性又有隐性【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】D解析：由于豌豆为雌雄同株，自花且闭花授粉植物，自然状态下豌豆都是自交；将显性和隐形个体间行种植，豌豆也不会杂交，故隐性植株自交后代仍为隐性个体。玉米既可自花传粉又可异花传粉,所以在玉米植株上既有显性性状,又有隐性性状,但比例不一定为3∶1。D正确。【生物卷（解析）·届安徽省安庆一中等江淮名校高三第二次联考（11）word版】30．在性状分离比的模拟实验中，甲、乙容器分别代表某动物的雌、雄生殖器官，小球的颜色和字母表示雌、雄配子的种类，每个容器中小球数量为12个。则下列装置正确的是【答案】【知识点】E1基因的分离定律及应用【答案解析】D解析：性状分离比的模拟实验实质上是模拟模拟生物在生殖过程中，雌雄配子的随机组合。甲、乙容器分别代表某动物的雌、雄生殖器官，理论上父本和母本都能产生等量的A与a(或B与b的配子),所以甲乙容器都含有等量的A与a(或B与b的配子)，注意应用相同字母表示。D正确。E2基因的自由组合定律及应用【生物卷（解析）·届湖南省衡阳市五校高三11月联考（11）】35．（每空1分，共6分）某种野生植物有紫花和白花两种表现型，已知紫花形成的生物化学途径是：A和a、B和b是分别位于两对同源染色体上的等位基因，A对a、B对b为显性。基因型不同的两白花植株杂交，所得F1中紫花∶白花=1∶3。若将F1紫花植株自交，所得F2中紫花：白花=9∶7。请回答下列问题：（1）从紫花形成的途径可知，紫花性状是由对基因控制。（2）根据F1紫花植株自交的结果，可以推测F1紫花植株的基因型是，其自交所得F2中，白花植株有种基因型。（3）推测两亲本白花植株的杂交组合（基因型）是。（4）紫花形成的生物化学途径中，若中间产物是红色（形成红花），那么基因型为AaBb的植株自交，子一代植株的表现型及比例为。（5）紫花形成的生物化学途径可说明基因控制性状的途径之一是，进而控制生物体的性状。【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】（1）两（2）AaBb//5（3）Aabb×aaBb（4）紫花∶红花∶白花=9∶3∶4（5）基因通过控制酶的合成来控制代谢过程。解析：本题考查基因对性状的控制以及遗传规律的有关知识。(1）从紫花形成的途径可知，紫花性状是由2对基因控制。（2）根据F1紫花植株自交的结果，可以推测F1紫花植株的基因型是AaBb，由于其自交所得F2中紫花∶白花=9∶7，所以紫花植株的基因型是A-B-，白花植株的基因型是aaBB、aaBb、AAbb、Aabb、aabb，共五种。（3）依题意，可以推测两亲本白花植株的杂交组合（基因型）是Aabb×aaBb。（4）若中间产物是红色（形成红花），那么基因型为AaBb的植株自交，子一代植株的表现型及比例为紫花（A-B-）∶红花（A-bb）∶白花（3aaB-、1aabb）=9∶3∶4。（5）紫花形成的生物化学途径可说明基因控制性状的途径之一是基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状。【理综卷(生物解析)·届河北省唐山一中高三12月调研考试（12）】3．与某动物毛型有关的有两对基因（A、a与B、b），其中只要有一对隐性基因纯合就出现特殊毛型，否则为普通毛型。若只考虑上述两对基因对毛型的影响，用已知基因型aaBB和AAbb为亲本杂交，得到F1，F1彼此交配获得F2，下列叙述正确的是A．F2出现不同表现型的主要原因是受精时雌雄配子的随机结合B．若F2普通毛型中有4种基因型，则上述与毛型相关的两对基因发生了自由组合C．若上述两对基因位于两对同源染色体上，则F2特殊毛型个体兔中杂合子占3/7D．若要从F2中筛选出双隐性的特殊毛型个体，可用F2中的特殊毛型个体分别与亲本杂交【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】D解析：子二代中不同表现型出现的原因是减Ⅰ分裂后期同源染色体分离非等位基因自由组合即基因重组引起的；A不正确。若子二代中含有9种基因型，则说明两对等位基因遵循基因的自由组合定律，B不正确；子二代中特殊毛型个体是aaB_、A_bb、aabb，其中杂合子占4/7；C不正确。【思路点拨】根据题意表现型明确相应的基因型，结合基因的自由组合定律分析。【生物卷（解析）·届重庆市重庆一中高三上学期期中考试（11）word版】9.(18分)某种二倍体野生植物属于XY型性别决定。研究表明，该植株的花瓣有白色、紫色、红色、粉红色四种，花瓣的颜色由花青素决定，花青素的形成由位于两对常染色体上的等位基因（A、a和B、b）共同控制（如图所示）。研究人员将白花植株的花粉授给紫花植株，得到的F1全部表现为红花，然后让F1进行自交得到F2。白色物质紫色色素白色物质紫色色素红色粉红色酶基因A淡化不明显BbBB淡化明显(1)细胞中花青素存在的场所是

。(2)亲本中白花植株的基因型为

，F2中白色∶紫色∶红色∶粉红色的比例为

。F2中自交后代不会发生性状分离的植株占

。(3)研究人员用两株不同花色的植株杂交，得到的子代植株有四种花色。则亲代两株植株的花色分别为

。(4)该种植株的粉红色花瓣具有极高的观赏价值,为了方便储存和运输粉红花植株，科学家通常会技术将粉红花植株的叶肉细胞培养成胚状体，再将胚状体用人工薄膜包装成。(5)研究人员发现该矮茎植株种群中出现了高茎性状的雌雄个体，若高茎性状为基因突变所致，并且为显性性状，请你设计一个简单实验方案证明突变基因位于X染色体上（XY非同源区段）还是常染色体上。杂交组合:将多对矮茎雌性植株与高茎雄性植株作为亲本进行杂交，观察子代的表现型：①若杂交后代，则突变基因位于X染色体上；②若杂交后代，则突变基因位于常染色体上。【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】(1)液泡(2)aaBB4∶3∶6∶33/8(3)白色和红色(4)植物组织培养人工种子(5)①雄株全为矮茎，雌株全为高茎②雌、雄株均有矮茎和高茎解析：（1）花青素存在于液泡中。（2）根据题意，亲本中紫色植株的基因型为AAbb，白色植株的基因型为aaBB，F1的基因型为AaBb，F1自交产生的F2有9种基因型，白花的有aaBB、2aaBb、aabb，紫色的有AAbb、2Aabb，红色的有2AABb、4AaBb，粉红色的有AABB、2AaBB，因而F2中白色∶紫色∶红色∶粉红色的比例为4∶3∶6∶3；F2中自交后代不会发生性状分离的是有AABB、aaBB、2aaBb、aabb、AAbb，占比例为6/16=3/8。（3）用aaBb白花与AaBb红花作亲本杂交后代有四种花色。（4）制作人工种子可先用植物组织培养技术获得胚状体，再在胚状体外用人工薄膜包装。（5）根据位于X染色体上的基因控制的性状遗传子代性状表现有性别差异而常染色体上基因控制的性状子代没有性别差异进行分析。【思路点拨】注意根据图示明确不同表现型的个体所具有的相应基因型是解题的关键，再结合基因的自由组合定律分析。【生物卷（解析）·届重庆市重庆一中高三上学期期中考试（11）word版】6.某单子叶植物非糯性(A)对糯性(a)为显性，叶片抗病(T)对染病(t)为显性，花粉粒长形(D)对圆形(d)为显性，三对等位基因位于三对同源染色体上，非糯性花粉遇碘液变蓝，糯性花粉遇碘液为棕色。现有四种纯合子基因型分别为：①AATTdd，②AAttDD，③AAttdd，④aattdd,下列说法正确的是（）A.若采用花粉鉴定法验证基因分离定律，应选择亲本①和③杂交B.若采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可以选择亲本①②杂交C.若培育糯性抗病优良品种，应选用①④杂交D.若将①和④杂交所得F1的花粉用碘液染色，可观察到比例为1:1:1:1的四种花粉粒【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】C解析：采用花粉鉴定法验证基因的分离定律，应选择A与a这对等位基因或D与d这对等位基因，即选择①和②或①和④或②和③或③和④杂交；采用花粉鉴定法验证基因的自由组合定律，可选择②和④杂交，将②和④杂交后所得的F1(AattDd)的花粉涂在载玻片上，加碘液染色后，置于显微镜下观察，将会看到四种类型的花粉，其比例为1∶1∶1∶1。【思路点拨】根据基因的分离定律和自由组合定律的实质进行分析【生物卷(解析)·届浙江省嘉兴一中等五校届高三上学期第一次联考（12）】31．等位基因（A、a）与（D、d）位于同一对常染色体上，基因型为AA或dd的个体胚胎致死。两对等位基因功能互不影响，且在减数分裂过程不发生交叉互换。以基因型如右图果蝇为亲本，逐代自由交配，则后代中基因A的频率将A．上升B．不变C．下降D．先升后降【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】B解析：由于两对等位基因位于一对同源染色体上，所以其遗传不遵循自由组合定律。图示的个体只产生两种配子：AD和ad，含AD的配子和含AD的配子结合，胚胎致死，含ad的配子和含ad的配子结合，也使胚胎致死，能存活的个体只能是含AD的配子和含ad的配子结合形成的，因此无论自由交配多少代，种群中都只有基因型为AaDd的个体存活，故A的基因频率不变。【思路点拨】注意两对基因的位置及致死情况【生物卷（解析）·届浙江省慈溪市慈溪中学高三上学期期中考试（11）】38．下图表示不同基因型豌豆体细胞中的两对基因及其在染色体上的位置，这两对基因分别控制两对相对性状，从理论上说，下列分析不正确的是 A．甲、乙植株杂交后代的表现型比例是1∶1∶1∶1B．甲、丙植株杂交后代的基因型比例是1∶1∶1∶1C．丁植株自交后代的基因型比例是1∶2∶1D．正常情况下，甲植株中基因A与a在减数第二次分裂时分离【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】D解析：根据分析自由定律的解题规律：甲、丙植株杂交后代的基因型比例为（1AA：1Aa）（1Bb：1bb）＝1：1：1：1，A正确；甲、乙植株杂交过程属于测交，子代表现型比为1：1：1：1，B正确；丁植株自交后代的基因型比例（1AA：2Aa：1aa）bb,C正确；A与a是等位基因，在减数第一次分裂时分离，D错误【思路点拨】本题考查遗传规律相关知识，意在考查考生识记所列知识点，并能运用所学知识做出合理的判断或得出正确的结论的能力。【生物卷（解析）·届浙江省慈溪市慈溪中学高三上学期期中考试（11）】14在孟德尔两对相对性状杂交实验中，F1黄色圆粒豌豆(YyRr)自交产生F2。下列表述正确的是 A．F1产生4个配子，比例为1∶1∶1∶1B．F1产生基因型YR的卵和基因型YR的精子数量之比为1∶1C．基因自由组合定律是指F1产生的4种类型的精子和卵可以自由组合D．F1产生的精子中，基因型为YR和基因型为yr的比例为1∶1【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】D解析：F1黄色圆粒豌豆(YyRr)能够产生4种配子，比例为1∶1∶1∶1，A错误；F1产生基因型YR的卵数量之远远小于基因型YR的精子数量，B错误；基因自由组合定律发生在减数第一次分裂后期，而不是在受精作用过程中，C错误；F1黄色圆粒豌豆(YyRr)能够产生4种配子，比例为1∶1∶1∶1，因此基因型为YR和基因型为yr的比例为1∶1，D正确【思路点拨】该题主要考查学生对自由组合定律的理解，以及减数分裂过程中产生殖细胞种类和数量的比较，重点是要抓住自由组合定律的实质【生物卷（解析）·届四川省成都外国语学校高三12月月考（12）】11．（14分）四川是我国重要的蚕桑基地，家蚕是二倍体，雄蚕含有两个同型的性染色体ZZ，雌蚕含有两个异型的性染色体ZW。(1)在家蚕的一对常染色体上有控制蚕茧颜色的黄色基因（A）与白色基因（a）。在另一对常染色体上有B、b基因，当基因b存在时可能会抑制黄色基因A的表达，从而使蚕茧变为白色；而基因B不会抑制黄色基因A的作用。①该两对基因遗传时遵循定律，若B基因与b基因不存在抑制关系，则结黄茧蚕的基因型是。基因型为AaBb的两个个体交配，子代出现结白色茧的概率是______。②若B基因能抑制b基因的表达：基因型为AaBb的两个个体交配，子代出现结白色茧的概率是______；基因型不同的两个结白茧的蚕杂交，产生了足够多的子代，子代中结白茧的与结黄茧的比例是3：1。这两个亲本的基因型组合可能是(正交、反交视作同一种情况)。(2)家蚕中D、d基因只位于Z染色体上，Zd使雌配子致死，（能或不能）选择出相应基因型的雌雄蚕杂交，使后代只有雌性。若能请写出亲本的基因型组合，若不能请说明原因。【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】(1)①基因自由组合定律AABB或AaBB13/16②7/16③Aabb×aaBb

(2)能ZDZD×ZdW或ZDZd×ZdW或ZdZd×Zdw（1）①由题意可知，这是有两对等位基因控制的性状，两对基因遗传遵循基因自由组合定律；当基因b存在时可能会抑制黄色基因A的表达，从而使蚕茧变为白色，则黄茧不存在b基因，则黄茧的基因型为AABB或AaBB；基因型为AaBb的两个个体交配，后代为黄茧的基因型为A_BB，其概率为3/4×1/4=3/16，则白茧的概率为1－3/16=13/16。②基因型为AaBb的两个个体交配，若B基因能抑制b基因的表达，则黄茧的基因型为A_B_,其概率为3/4×3/4=9/16，子代白茧的概率为1－9/16=7/16；白茧的基因型为A_bb，aabb，aaBb，要是其后代子代中结白茧的与结黄茧的比例是3：1，说明其基因型为Aabb×aaBb。（3）家蚕中D、d基因只位于Z染色体上，Zd使雌配子致死，当基因型为ZdW的雌性与基因型为ZDZD、ZDZd、ZdZd的雄性杂交时，因为Zd使雌配子致死，后代均只有雌性，没有雄性。【生物卷(解析)·届四川省成都外国语学校高三12月月考（12）】11．（14分）四川是我国重要的蚕桑基地，家蚕是二倍体，雄蚕含有两个同型的性染色体ZZ，雌蚕含有两个异型的性染色体ZW。(1)在家蚕的一对常染色体上有控制蚕茧颜色的黄色基因（A）与白色基因（a）。在另一对常染色体上有B、b基因，当基因b存在时可能会抑制黄色基因A的表达，从而使蚕茧变为白色；而基因B不会抑制黄色基因A的作用。①该两对基因遗传时遵循定律，若B基因与b基因不存在抑制关系，则结黄茧蚕的基因型是。基因型为AaBb的两个个体交配，子代出现结白色茧的概率是______。②若B基因能抑制b基因的表达：基因型为AaBb的两个个体交配，子代出现结白色茧的概率是______；基因型不同的两个结白茧的蚕杂交，产生了足够多的子代，子代中结白茧的与结黄茧的比例是3：1。这两个亲本的基因型组合可能是(正交、反交视作同一种情况)。(2)家蚕中D、d基因只位于Z染色体上，Zd使雌配子致死，（能或不能）选择出相应基因型的雌雄蚕杂交，使后代只有雌性。若能请写出亲本的基因型组合，若不能请说明原因。【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】(1)①基因自由组合定律AABB或AaBB13/16②7/16③Aabb×aaBb

(2)能ZDZD×ZdW或ZDZd×ZdW或ZdZd×Zdw（1）①由题意可知，这是有两对等位基因控制的性状，两对基因遗传遵循基因自由组合定律；当基因b存在时可能会抑制黄色基因A的表达，从而使蚕茧变为白色，则黄茧不存在b基因，则黄茧的基因型为AABB或AaBB；基因型为AaBb的两个个体交配，后代为黄茧的基因型为A_BB，其概率为3/4×1/4=3/16，则白茧的概率为1－3/16=13/16。②基因型为AaBb的两个个体交配，若B基因能抑制b基因的表达，则黄茧的基因型为A_B_,其概率为3/4×3/4=9/16，子代白茧的概率为1－9/16=7/16；白茧的基因型为A_bb，aabb，aaBb，要是其后代子代中结白茧的与结黄茧的比例是3：1，说明其基因型为Aabb×aaBb。（3）家蚕中D、d基因只位于Z染色体上，Zd使雌配子致死，当基因型为ZdW的雌性与基因型为ZDZD、ZDZd、ZdZd的雄性杂交时，因为Zd使雌配子致死，后代均只有雌性，没有雄性。【生物卷（解析）·届山西省山大附中高三上学期期中考试（11）】14．如图所示，某种植物的花色(白色、蓝色、紫色)由常染色体上的两对独立遗传的等位基因(D、d和R、r)控制。下列说法错误的是()A．该种植物中能开紫花的植株的基因型有4种B．植株Ddrr与植株ddRR杂交，后代中1/2为蓝花植株，1/2为紫花植株C．植株DDrr与植株ddRr杂交，后代中1/2为蓝花植株，1/2为紫花植株D．植株DdRr自交，后代紫花植株中能稳定遗传的个体所占的比例是1/6【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】D解析：根据题中图解可以判断出，基因型与表现性之间的对应关系如下：DR为蓝色，Drr或ddR为紫色，ddrr为白色。故开紫花的基因型有DDrr、Ddrr、ddRR、ddRr四种，A正确；Ddrr与植株ddRR杂交，可产生两种基因型分别为DdRr（蓝色）：ddRr（紫色）=1:1，B正确；植株DDrr与植株ddRr后代为1/2DdRr（蓝色），1/2Ddrr(紫色)，C正确；DdRr自交，后代紫花(Drr和ddR)占6/16，紫花纯合子DDrr占1/16，ddRR占1/16，共2/16,可知后代紫花植株中能稳定遗传的个体所占的比例是2/6即1/3【思路点拨】解题关键在于判断出基因型与表现型之间的关系，概率计算还是比较简单的。【生物卷（解析）·届辽宁省五校协作体高三上学期期中考试（11）】11．“遗传学之父”孟德尔经过多年的实验发现了遗传规律，其中基因的自由组合定律应该作用于下图中的()A．①和②B．①C．②D．③【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】B基因分离和自由组合定律的实质发生在减数分裂产生配子的过程中，故B正确。【生物卷（解析）·届江西省师大附中高三上学期期中考试（11）】18．与家兔毛型有关的基因中，有两对基因（A、a与B、b）只要其中一对隐性基因纯合就能出现力克斯毛型，否则为普通毛型。若只考虑上述两对基因对毛型的影响，用已知基因型为aaBB和AAbb的家兔为亲本杂交，得到F1，F1彼此交配获得F2。下列叙述不正确的是（）A．F2出现不同表现型的主要原因是F1减数分裂过程中发生了基因重组的现象B．若上述两对基因位于两对同源染色体上，则F2与亲本毛型相同的个体占7/16C．若要从F2力克斯毛型兔中筛选出双隐性纯合子，可采用分别与亲本杂交的方法D．若F2力克斯毛型兔有4种基因型，则上述与毛型相关的两对基因自由组合【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】D解析：子二代中不同表现型出现的原因是子一代产生配子时非等位基因自由组合即基因重组；子二代中与亲本表现型相同的是aaB_、A_bb、aabb，三者比例共占3/16＋3/16＋1/16＝7/16；若子二代中含有9种基因型，才说明两对等位基因遵循基因的自由组合定律。【思路点拨】根据自由组合规律分析。【生物卷（解析）·届江西省师大附中高三上学期期中考试（11）】14．豌豆种子的黄色（Y）对绿色（y）为显性，圆粒种子（R）对皱粒（r）为显性，让绿色圆粒豌豆与黄色皱粒豌豆杂交，F1都表现为黄色圆粒，F1自交得F2，F2有四种表现型，如果继续将F2中全部杂合的黄色圆粒种子播种后进行自交，所得后代的表现型比例为（）A．25：15：15：9 B．25：5：5：1C．21：5：5：1 D．16：4：4：1【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】C解析：F1代为YyRr,自交得到的黄色圆粒为：YYRRYyRRYYRrYyRr。继续将F2中全部的杂合黄色圆粒种子播种后进行自交，就是YyRRYYRrYyRr分别自交。先要写好YyRRYYRrYyRr的比例：1/4YyRR1/4YYRr1/2YyRr。自交后：1/4YyRR后代：1/4YYRR1/2YyRR1/4yyRR1/4YYRr后代：1/4YYRR1/2YYRr1/4YYrr1/2YyRr后代：9/16Y_R_3/16Y_rr3/16yyR_1/16yyrr可以发现一共4种表现型，各自比例为：Y_R_=1/4*3/41/4*3/41/29/16=21/32Y_rr=1/4*1/41/2*3/16=5/32yyR_=1/4*1/41/2*3/16=5/32yyrr=1/2*1/16=1/32所以后代表现型比例为21:5：5:1。【思路点拨】根据自由组合规律分析【生物卷（解析）·届江西省临川一中高三上学期期中考试（11）】22.等位基因Bb、B+位于常染色体上，分别决定山羊有胡子和无胡子，但是在雄性中Bb为显性基因，在雌性中B+为显性基因。有胡子雌山羊与无胡子雄山羊杂交产生F1，F1雌雄个体交配产生F2。下列判断正确的是A．F1中雌性表现为有胡子B．F1中雄性50%表现为有胡子C．F2雄山羊中有胡子个体占1/4D．F2纯合子中有胡子雌山羊占1/4【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】D根据题意可知B+为有胡子，Bb为无胡子，有胡子雌山羊为BbBb，无胡子雄山羊为B+B+，F1基因型为B+Bb，，雌性均无胡子，雄性全有胡子，在F2雄山羊中有胡子个体占3/4，F2纯合子中有胡子雌山羊占1/4，D正确。【生物卷（解析）·届江西省临川一中高三上学期期中考试（11）】21.某种昆虫控制翅色的等位基因种类共有五种，分别为VA、VB、VD、VE、v。其中VA、VB、VD、VE均对v为显性。VA、VB、VD、VE互为显性，都可以表现出各自控制的性状。该昆虫体细胞中的基因成对存在，则基因型种类和翅色性状种类依次分别为A．15和10B．10和7C．15和11D．25和7【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】C利用数学的组合问题来解此题，由于VA、VB、VD、VE、v有5种基因组合形成的基因型为C52共10种，再加上因各自基因纯合形成的5种基因型，总共15种；VA、VB、VD、VE互为显性，有4种基因组合形成的基因型为C42共6种，再加上因各自基因纯合形成的5种表现型，总共11种。【生物卷（解析）·届江西省赣州市高三上学期十二县（市）期中联考（11）】30．（每空2分，共10分）菊花的花瓣中存在着三种色素：红色、黄色和蓝色，红色与蓝色混合呈现紫色，蓝色与黄色混合呈现绿色，缺乏上述色素的花瓣呈白色，各种色素的合成途径如图，控制相关酶合成的基因均为显性。当B基因存在时，黄色素会全部转化为红色素。当E基因存在时，白色物3只转化为白色物4，但E不存在时，白色物3也会在D基因控制下转化为黄色素。

请据图回答下列问题：(1)如果只考虑途径一(G、g)和途径二(A、a，B、b)，纯种紫色菊花（甲）与另一纯种蓝色菊花（乙）杂交，F1表现为紫色，F2的表现型及比例为9紫色：3绿色：4蓝色。亲本基因型分别是_________，F2紫色菊花中能稳定遗传的比例占________。(2)如果只考虑途径一(G、g)和途径三(B、b，D、d，E、e)，两株纯合亲本杂交(BBDDeeGG×BBddeegg)，F2的表现型及比例为___________。(3)如果三条途径均考虑，两株纯合亲本杂交，如果F1的基因型为AaBBDDEeGG，F2的表现型及比例为，两亲本组合的表现型为________。【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】（1）AABBGG和aabbGG1/9（2）紫色：红色：蓝色：白色=9：：：:3（3）13紫色：3蓝色紫色×紫色或紫色×蓝色解析：（1）据题意及图解分析知纯种紫色菊花(甲)基因型为AABBGG与另一纯种蓝色菊花(乙)基因型为aabbGG,杂交得到F1的基因型为AaBbGG,自交得到的F2中表现型及比例为9紫色∶3绿色∶4蓝色,说明有两对等位基因位于两对同源染色体上，遵循自由组合定律，则紫色菊花基因型为9/16A_B_GG，其中能稳定遗传的纯合子为1/16AABBGG,占F2紫色菊花的1/9。（2）基因型为BBDDeeGG和BBddeegg的个体杂交得到F1为BBDdeeGg，其自交得到F2表现型及比例为9/16BBD_eeG_紫色：3/16BBD_eegg红色：3/16BBddeeG_蓝色：1/16BBddeegg白色=9：3：3：1。（3）如果三条途径均考虑，F2的表现型及比例为13紫色∶3蓝色，说明一定存在G、B基因,有两对等位基因存在，有三对基因是纯合，若A、D有一个存在时，途径二、三的整体表现的一定是红色，若A、D都不存在时，途径二、三表现的为白色，若一定E存在，则D或d任一个在途径三中都不起作用，所以综上所述F1的基因型为AaBBDDEeGG,则推出得到F1的两纯合亲本的基因型及表现型为AABBDDEEGG紫色或AABBDDeeGG紫色或aaBBDDeeGG紫色或aaBBDDEEGG蓝色，则符合题意的亲本表现型为紫色AABBDDeeGG和蓝色aaBBDDEEGG或紫色AABBDDEEGG和紫色aaBBDDeeGG。【生物卷（解析）·届江西省赣州市高三上学期十二县（市）期中联考（11）】24．已知玉米子粒有色子粒对无子粒是显性。现将一有色子粒的植株X进行测交，后代出现有色子粒与无色子粒的比例是1：3，对这种杂交现象的推测不正确的是（）A．测交后代的有色子粒的基因型与植株X的相同B．玉米有、无色子粒的遗传遵循基因自由组合定律C．玉米有、无色子粒是由两对等位基因控制的D．测交后代的的基因型有三种【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】D解析：测交比为隐性：显性=1：3，这是由两对基因控制一对相对性状，双显表现为有色，其他则表现为无色。即基因型为A_B_时为有色，其他均为无色。则亲本基因型为AaBb和aabb测交，则子代基因就为1AaBb（有色）：3（Aabb、aaBb、aabb）无色，即有色子粒与无色子粒的比是1：3；选C。【生物卷（解析）·届江西省赣州市高三上学期十二县（市）期中联考（11）】23．一对相对性状的遗传实验中，下列描述不正确的是（）A．具有不同性状的两亲本杂交，子代有两种性状出现，则无法判断性状的显隐性及两亲本各自的遗传因子组成B．具有相同性状的两亲本杂交，子代只出现与亲本相同的性状，则亲本及子代个体均为纯合子C．具有相同性状的两亲本杂交，子代出现了与亲本不同的性状，则亲代均为杂合子D．某亲本自交，子代出现了两种性状，且性状分离比为3：1，则占3/4的子代个体表现为显性性状【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】B解析：具有不同性状的两亲本杂交，子代有两种性状出现，则无法判断性状的显隐性及两亲本各自的遗传因子组成，如显性杂合体和隐性个体杂交，A正确；具有相同性状的两亲本杂交，子代只出现与亲本相同的性状，则亲本不可能都为杂合子，但不能肯定亲本及子代个体均为纯合子，B错；具有相同性状的两亲本杂交，子代出现了与亲本不同的性状，说明发生了性状分离，所以亲本均为杂合子，C正确；某亲本自交，子代出现了两种性状，且性状分离比为3：1，说明亲本都是杂合子，其子代中，表现型为显性性状的个体占3/4，D正确。【生物卷（解析）·届江西省赣州市高三上学期十二县（市）期中联考（11）】22．两对相对性状的基因自由组合，如果F2的分离比分别为9：7、9：6：1和15：1，那么F1与隐性个体测交，得到的分离比分别是（）A．1：3、1：2：1和3：1

B．3：1、4：1和1：3C．1：2：1、4：1和3：1

D．3：1、3：1和1：4【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】A解析：两对相对性状的个体杂交，F1的测交后代出现四种比例相同的基因型。当F2的分离比为9:7时，即只出现双显性与其他性状之比，那么测交只出现两种性状比为1:3；F2的分离比为9:6:1，说明出现三种性状，测交后代中双显、两个一显一隐、双隐比例为1:2:1；F2的分离比为15:1，则只出现双隐与其他类型，比例为3:1。【思路点拨】本题考查基因自由组合定律运用，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论能力。【生物卷（解析）·届江苏省扬州中学（扬州市）高三上学期期中检测（11）】11．两对相对性状的基因自由组合，如果F2的分离比分别为9:7、9:6:1和15:1，那么F1与双隐性个体测交，得到的表现型分离比分别是A．1:3、1:2:1和3:1 B．3:1、1:2:1和l:3C．1:2:1、4:1和3:1 D．3:1、1:1:1:1和3:1【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】A解析：根据F2的分离比分别为9:7、9:6:1和15:1可推知，F1的基因型都是AaBb，但第一种情况的性状表现有三种，双显为一种，其它一显一隐、一隐一显、双隐的表现型相同，因而F1与双隐性个体测交得到的表现型分离比为1：3；第二种情况的表现型有三种，双显为一种，一显一隐、一隐一显的表现型相同，双隐又为一种表现型，因而F1与双隐性个体测交得到的表现型分离比为1：2：1；第三种情况的表现型有两种，只要有显性基因的表现型都相同，双隐的为另一种表现型，因而F1与双隐性个体测交得到的表现型分离比为3：1。【思路点拨】根据F2的分离比分别为9:7、9:6:1和15:1与9：3：3：1的关系结合基因的自由组合定律进行分析。【生物卷（解析）·届江苏省扬州中学（扬州市）高三上学期期中检测（11）】10．控制南瓜重量的基因有Aa、Bb、Ee三对基因，分别位于三对染色体上，且每种显性基因控制的重量程度相同。aabbee重量是100g，基因型为AaBbee的南瓜重130克。今有基因型AaBbEe和AaBBEe的亲代杂交，则有关其子代的叙述不正确的是 A．基因型有18种 B．表现型有6种C．果实最轻约115克 D．果实最重的个体出现的几率是1/8【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】D解析：基因型AaBbEe和AaBBEe的亲代杂交，根据自由组合规律知识可计算出基因型表现型种类，果实最重的个体基因型为AABBEE，出现的几率为1/4×1/2×1/4＝1/32【思路点拨】根据基因的自由组合规律结合题意分析计算【生物卷(解析）·届湖南省长沙长郡中学高三上学期第四次月考（12）word版】17．玉米籽粒有白色、红色和紫色，相关物质的合成途径如下图。基因M、N和P及它们的等位基因依次分布在第9、10、5号染色体上。现有一红色籽粒玉米植株自交，后代籽粒的性状分离比为紫色：红色：白色=0：3：1，则该植株的基因型可能为 A．MMNnPP B．MmNnPP C．MmNNpp D．MmNnpp【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】C解析：据图分析，白色为mm____,M_nnpp；红色为M_N_pp；紫色为M_N_P_。红色籽粒玉米植株自交，即M_N_pp自交，AB错误；MmNNpp自交子代为：3M_NNpp（红色）：1mmNNpp（白色），C正确。MmNnpp自交，子代为9M_N_pp（红色）:3mmN_pp（白色）:3M_nnpp（白色）:1mmnnpp（白色），即红色∶白色＝9∶7，D错误。【思路点拨】本题考查基因决定生物性状相关知识和遗传定律运用，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论能力【生物卷（解析）·届湖南省岳阳一中高三上学期第三次月考（11）】17、节瓜有全雌株（只有雌花）、全雄株（只有雄花）和正常株（雌花、雄花均有）等不同性别类型的植株，研究人员做了如图所示的实验。下列推测不合理的是A．节瓜的性别是由常染色体上的基因决定的，其遗传方式遵循基因的自由组合定律B．实验一中，F2正常株的基因型为A_B_，其中纯合子占1／9C．实验二中，亲本正常株的基因型为AABb或AaBB，F1正常株的基因型也为AABb或AaBBD．实验一中F1正常株测交结果为全雌株：正常株：全雄株=1:2:1【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】B实验一全雌株与全雄株杂交，F1全正常株，F2代的分离比接近3：10：3，共16个组合，可见该节瓜的性别决定是由两对基因控制的，遵循基因的自由组合定律，A正确；F2正常株的基因型为A_B_、aabb，其中纯合子占1/5，B错误；<实验二中亲本为纯合全雌株（AAbb或aaBB）与正常株杂交，后代性状分离比为1：1，故亲本正常株有一对基因纯合，一对基因杂合，即亲本正常株的基因型为AABb或AaBB，C正确；实验一中F1正常株测交结果子代全雌株（单显）：正常株（双显或双隐）：全雄株（单显）=1：2：1，D正确【思路点拨】实验一全雌株与全雄株杂交，F1全正常株，F2代的分离比接近3：10：3，共16个组合，可见该节瓜的性别决定是由两对基因控制的，遵循基因的自由组合定律，同时说明F1是双杂合子．实验二中亲本为纯合全雌株（AAbb或aaBB）与正常株杂交，后代性状分离比为1：1，故亲本正常株有一对基因纯合，一对基因杂合，即亲本正常株的基因型为AABb或AaBB。【生物卷（解析）·届湖南省衡阳市五校高三11月联考（11）】35．（每空1分，共6分）某种野生植物有紫花和白花两种表现型，已知紫花形成的生物化学途径是：A和a、B和b是分别位于两对同源染色体上的等位基因，A对a、B对b为显性。基因型不同的两白花植株杂交，所得F1中紫花∶白花=1∶3。若将F1紫花植株自交，所得F2中紫花：白花=9∶7。请回答下列问题：（1）从紫花形成的途径可知，紫花性状是由对基因控制。（2）根据F1紫花植株自交的结果，可以推测F1紫花植株的基因型是，其自交所得F2中，白花植株有种基因型。（3）推测两亲本白花植株的杂交组合（基因型）是。（4）紫花形成的生物化学途径中，若中间产物是红色（形成红花），那么基因型为AaBb的植株自交，子一代植株的表现型及比例为。（5）紫花形成的生物化学途径可说明基因控制性状的途径之一是，进而控制生物体的性状。【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】（1）两（2）AaBb//5（3）Aabb×aaBb（4）紫花∶红花∶白花=9∶3∶4（5）基因通过控制酶的合成来控制代谢过程。解析：本题考查基因对性状的控制以及遗传规律的有关知识。(1）从紫花形成的途径可知，紫花性状是由2对基因控制。（2）根据F1紫花植株自交的结果，可以推测F1紫花植株的基因型是AaBb，由于其自交所得F2中紫花∶白花=9∶7，所以紫花植株的基因型是A-B-，白花植株的基因型是aaBB、aaBb、AAbb、Aabb、aabb，共五种。（3）依题意，可以推测两亲本白花植株的杂交组合（基因型）是Aabb×aaBb。（4）若中间产物是红色（形成红花），那么基因型为AaBb的植株自交，子一代植株的表现型及比例为紫花（A-B-）∶红花（A-bb）∶白花（3aaB-、1aabb）=9∶3∶4。（5）紫花形成的生物化学途径可说明基因控制性状的途径之一是基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状。【生物卷（解析）·届湖北省重点高中高三上学期期中联考（11）】29．下列关于遗传规律的叙述正确的是()A．遗传规律适用于一切生物B．遗传规律只适用于高等植物C．遗传规律在配子形成过程中起作用D．遗传规律在受精作用过程中起作用【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】C解析：遗传定律适合真核生物，细胞核遗传，有性生殖，所以C正确【典型总结】与基因的遗传规律有关的易错点(1)孟德尔发现遗传定律是通过性状的遗传来发现的，其实质是基因的遗传规律。(2)孟德尔做测交实验是为了验证他对分离现象的解释是否正确。(3)若测交结果出现两种表现型，比例为1∶1，则能够推断亲本只能产生两种比例相当的配子，不能说明只有一对等位基因。(4)遗传图解与遗传图谱并不是一回事，注意遗传图解的书写要求和规范。(5)预测概率与实际概率不是一回事，如生男孩和生女孩各占1/2，但一个家庭生了4个小孩，则各种情况都有可能出现。(6)基因的自由组合定律只有真核生物符合，凡原核生物及病毒的遗传均不符合。【生物卷（解析）·届湖北省重点高中高三上学期期中联考（11）】28．已知A、B、C基因分别位于三对不同的同源染色体上，若有一对夫妇的基因型为(♀)AaBBCc×aaBbCc(♂)，则其子女中有基因型(aaBBCC)和女儿中出现(a、B、C)的表现型后代占F1的比例为()A．1/8、3/8B．1/8、3/16C．1/16、3/8D．1/16、3/16【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】C解析：可以用”拆合法”,夫妇(♀)AaBBCc×aaBbCc(♂)，1，求女中有基因型(aaBBCC)的概率：Aa×aa后代出现aa概率为1/2;BB×Bb后代出现BB概率为1/2，Cc×Cc后代出现CC的概率为1/4，所以aaBBCC的概率：1/2×1/2×1/4=1/16。女儿中出现(aaB-C-)的表现型后代占F1的比例：Aa×aa后代出现aa概率为1/2;BB×Bb后代出现B_概率为:1;Cc×Cc后代出现C_的概率为3/4，女儿中出现(aaB-C-)的表现型后代占F1的比例和后代(aaB-C-)的表现型后代占F1的比例是一样，为1/2×1×3/4=3/8。C正确。【思路点拨】本题考查基因自由组合定律的应用，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论能力【生物卷（解析）·届湖北省重点高中高三上学期期中联考（11）】27．水稻的高秆和矮秆由一对等位基因控制（A、a），抗病与易感病由另一对等位基因控制（B、b），均为完全显性，现有纯合高秆抗病和纯合矮秆易感病的两种亲本杂交，所得F1均为高秆抗病，F1自交，多次重复实验，统计F2的表现型及比例，都近似得到如下结果：高秆抗病∶高秆易感病∶矮秆抗病∶矮秆易感病＝66∶9∶9∶16。由实验结果可知，下列说法错误的是A．等位基因A与a、B与b的遗传都符合基因的分离定律B．控制这两对相对性状的两对等位基因的遗传不符合基因的自由组合定律C．出现性状重组类型的根本原因是在减数第一次分裂时发生了基因重组D．对F1测交，测交后代会有四种表现型，比例应接近1∶1∶1∶1【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】D解析：分析子二代中数据：高秆：矮秆=（66+9）：（9+16）=3:1，同理分析抗病：易感病=3:1，所以等位基因A与a、B与b的遗传都符合基因的分离定律，A正确；F2表现型及比例，高秆抗病∶高秆易感病∶矮秆抗病∶矮秆易感病不等于9∶3∶3∶1；所以两对等位基因的遗传不符合基因的自由组合定律，B正确；在F2高秆易感病与矮秆抗病所占比例比较少，说明这两对基因位于一对同源染色体上，且在减数第一次分裂前期同源染色体上的非姐妹染色单体发生了交叉互换即基因重组，C正确；由于F2表现型及比例，高秆抗病∶高秆易感病∶矮秆抗病∶矮秆易感病不等于9∶3∶3∶1，所以对F1测交，测交后代会有四种表现型，比例不会出现1∶1∶1∶1；D错误【思路点拨】该题主要理解基因自由组合的条件以及判断标准，本题的突破口在于对子二代四种表现型比例的分析，根据结果可以看出两对基因位于一对同源染色体上，从而本题得到解决【生物卷（解析）·届湖北省重点高中高三上学期期中联考（11）】26．位于常染色体上的A、B、C三个基因分别对a、b、c完全显性。用隐性性状个体与显性纯合个体杂交得F1，F1测交结果为aabbcc:AaBbCc:aaBbcc:AabbCc＝1:1:1:1，则下列正确表示F1基因型的是()【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】B解析：亲本基因型为AABBCC和aabbcc，F1基因型为AaBbCc，测交后代aa总是和cc一起，Aa总是和Cc一起，说明A和C在一条染色体上，a和c在一条染色体上。，B正确【生物卷（解析）·届湖北省重点高中高三上学期期中联考（11）】23.进行两对相对性状的遗传实验，不必考虑的是（）A．显性亲本作父本，隐性亲本作母本B．每对相对性状各自要有显隐关系C．对母本去雄，授以父本的花粉D．亲本的双方都必须是纯合子【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】A解析：进行两对相对性状的遗传实验，利用了正反交实验，所以不一定显性亲本作父本，隐性亲本作母本，A错误；两对相对性状中每对相对性状各自要有显隐关系才能够区分和分析他们的自由组合问题，B正确；豌豆是自花闭花授粉植物，所以在杂交实验中需要对母本去雄，授以父本的花粉，C正确；亲本的双方都必须是纯合子，便于判断性状的显隐性以及子一代问题的分析，D正确【生物卷（解析）·届湖北省重点高中高三上学期期中联考（11）】22．假如水稻高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗稻瘟病(R)对易感稻瘟病(r)为显性，两对性状独立遗传，用一个纯合易感病的矮秆品种(抗倒伏)与一个纯合抗病高秆品种(易倒伏)杂交，F2代中出现既抗病又抗倒伏类型的基因型及其比例为()A．ddRR,1/8B．ddRr,1/16C．ddRR,1/16和ddRr,1/8D．DDrr,1/16和DdRR,1/8【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】C解析：亲本基因型为ddrr和DDRR，杂交得F1，基因型为DdRr，自交得F2，F2中既抗病又抗倒伏类型的基因型有ddRR和ddRr，分别占1/16和1/8，C正确【典型总结】基因型和表现型：1、表现型：指生物个体表现出来的性状，如豌豆的高茎和矮茎。2、基因型：与表现型有关的基因组成，如高茎豌豆的基因型是DD或Dd，矮茎豌豆的基因型是dd。3、等位基因：控制相对性状的基因。4、纯合子：由两个基因型相同的配子结合而成的合子，再由此合子发育而成的新个体。如基因型为AAbb、XBXB、XBY的个体都是纯合子。纯合子的基因组成中无等位基因，只能产生一种基因型的配子（雌配子或雄配子），自交后代无性状分离。

5、杂合子：由两个基因型不同的配子结合而成的合子，再由此合子发育而成的新个体。如基因型为AaBB、AaBb的个体。杂合子的基因组成至少右一对等位基因，因此至少可形成两种类型的配子（雌配子或雄配子），自交后代出现性状分离。

表现型与基因型的相互推导：1、由亲代推断子代的基因型与表现型（正推型）

亲本子代基因型子代表现型AA×AAAA全为显性AA×AaAA:Aa=1:1全为显性AA×aaAa全为显性Aa×AaAA:Aa:aa=1:2:1显性：隐性=3:1aa×AaAa:aa=1：1显性：隐性=1:1aa×aaaa全为隐性2、由子代推断亲代的基因型（逆推型）①隐性纯合突破方法：若子代出现隐性性状，则基因型一定是aa，其中一个a来自父本，另一个a来自母本。②后代分离比推断法后代表现型亲本基因型组合亲本表现型全显AA×AA（或Aa或aa）亲本中一定有一个是显性纯合子全隐aa×aa双亲均为隐性纯合子显：隐=1：1Aa×aa亲本一方为显性杂合子，一方为隐性纯合子显：隐=3:1Aa×Aa双亲均为显性杂合子3、用配子的概率计算(1)方法：先算出亲本产生几种配子，求出每种配子产生的概率，再用相关的两种配子的概率相乘。

(2)实例：如白化病遗传，Aa×Aa1AA:2Aa:laa，父方产生A、a配子的概率各是1/2，母方产生A、a配子的概率也各是1/2，因此生一个白化病(aa)孩子的概率为1/2×1/2=1/4。3、亲代的基因型在未确定的情况下，如何求其后代某一性状发生的几率例如：一对夫妇均正常，且他们的双亲也都正常，但双方都有一白化病的兄弟，求他们婚后生白化病孩子的几率是多少？解此题分三步进行：

(1)首先确定该夫妇的基因型及其几率。由前面分析可推知该夫妇是Aa的几率均为2/3，是AA的几率均为1/3。(2)假设该夫妇均为Aa，后代患病可能性为1/4。(3)最后将该夫妇均为Aa的几率2/3×2/3与假设该夫妇均为Aa情况下生白化病忠者的几率1/4相乘，其乘积1/9即为该夫妇后代中出现百化病患者的几率【生物卷（解析）·届河北省衡水中学高三上学期四调考试（12）word版(1)】19．已知番茄的红果（R）对黄果（r）为显性，高茎（D）对矮茎（d）为显性，这两对基因是独立遗传的。某校科技活动小组将某一红果高茎番茄植株测交，对其后代再测交。并用柱形图来表示第二次测交后代中各种表现型的比例，其结果如图所示。请你分析最先用来做实验的亲本红果高茎番茄植株的基因型是 A．RRDd B．RRDD C．RrDD D．RrDd【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】A解析：根据题意结合图示比例，利用自由组合问题分离解决，第二次测交结果分析红果：黄果=1:1，推测子一代基因型为Rr，由于亲本也是测交推测亲代基因型为RR；第二次测交结果分析高茎：矮茎=1：3，推测子一代基因型为1/2Dd和1/2dd,由于亲本也是测交推测亲代基因型为Dd,所以亲本的基因型为RRDd,A正确【生物卷（解析）·届河北省衡水中学高三上学期四调考试（12）word版(1)】18．某种植物的株高由多对基因控制，显性基因越多就越高。现将最高和最矮的2个极端类型作为亲本杂交，Fz表现型的预期分布与下列哪一曲线最接近【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】A解析：：根据题意和图示分析可知：多对基因控制植物的株高，符合基因的自由组合定律，属于数量遗传，即显性基因有叠加作用，即越多就越高。最高和最矮的2个极端类型即显性纯合和隐性纯合亲本杂交，F1表现型居中，F1自交得F2表现型是极端类型最少，中间类型最多，所以预期分布与A图所示曲线最接近。【思路点拨】本题考查基因的自由组合定律的相关知识，意在考查考生理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力以及识图分析能力。【生物卷（解析）·届安徽省安庆一中等江淮名校高三第二次联考（11）word版】44．（共9分）甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因之间的对应关系如。 （1）白花（AABBDD）×黄花（aaBBDD），F1基因型是____，F1测交后代的花色表现型及其比例是。 （2）黄花（aaBBDD）×金黄花，F1白交，F2中黄花基因型有种，其中纯合个体占黄花的比例是____，杂合黄花占F2比例_是____。 （3）甘蓝型油菜花色有观赏价值选择基因型为的个体自交可同时获得四种花色表现型的子代，理论上子代比例量高的花色表现型是。 【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】（1）AaBBDD

乳白花：黄花=1：1

（2）8

1/5

（3）AaBbDd

乳白花解析：（1）白花（AABBDD）×黄花（aaBBDD），F1基因型是AaBBDD，F1测交后代的基因型及比例为AaBBDD：aaBbDd=1：1，结合表中信息，其表现型及比例为乳白花：黄花=1：1。（2）黄花（aaBBDD）×金黄花（aabbdd），F1的基因型为aaBbDd，F1自交，F2中黄花基因型有8种，基因型及比例分别为4/16aaBbDd、1/16aaBBDD、2/16aaBbDD、2/16aaBBDd、2/16aabbDd、1/16aabbDD、2/16aaBbdd、1/16aaBBdd，其中纯合子的个体占黄花的比例为3/16÷15/16=1/5。（3）要想同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为AaBbDd的个体自交，由表中信息可知，当AA存在时表现为白花，故白花占1/4，当Aa存在时表现为乳白花，占2/4，aa存在时表现为黄花或金黄花，共占1/4，其中黄花（aaB___、aa__D_）的比例为：1/4×3/4×1＋1/4×1/4×3/4=15/64，金黄花的比例为1/4×1/4×1/4=1/64，故理论上子一代比例最高的花色表现型是乳白色。【生物卷（解析）·届安徽省安庆一中等江淮名校高三第二次联考（11）word版】43．（每空2分，最后一空3分，共11分） 在群体中位于某同源染色体同一位置上的两个以上、决定同一性状的基因称为复等位基因，如控制ABO血型的基因。在家兔的常染色体上有一系列决定毛色的复等位基因：C、cch、ch、c，C基因对cch、ch、c为显性，cch基因对ch、c为显性，ch对c为显性。C基因系列在决定家兔毛皮颜色时其表现璎与基因型的关系如下表： 请回答下列问题： （1）家兔皮毛颜色的基因型共有种。 （2）若一只全色雄兔和一只喜马拉扬雌兔多次交配后，子代全色：青旗拉=1：1，则两只亲本兔的基因型分别为、。基因型为Ccch的雌、雄兔交配，子代中有全色兔和青旗拉兔，让子代中的全色兔与喜马拉扬杂合兔交配，后代的表现型及比例。 （3）若有一只喜马拉扬雄兔和多只其他各色的雌兔，如何利用杂交方法检测出喜马拉扬雄兔的基因型？（写出实验思路和预期实验结果即可）。【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答案解析】（1）10（2）Bbchbhbh或bhb全色∶青旗拉=2∶1

（3）选用多只白化雌兔与该喜马拉扬雄兔交配（1分）；若后代均为喜马拉扬兔，则该喜马拉扬雄兔的基因型为bhbh（1分）；若后代出现了白化兔，则该喜马拉扬兔的基因型为bhb解析：⑴因为相关复等位基因有四个，构成的纯合体有C41=4种，杂合体有C42=6种，共10种。⑵子代有全色（C

）和青旗拉（cch

）的C和cch基因只能来自全色雄兔，因为喜马拉扬雌兔（ch

）不存在C和cch基因（C基因对cch、ch、c为显性，cch基因对ch、c为显性，ch对c为显性）；可推出两只亲本兔的基因型分别为Ccch、chch或chc。基因型为Ccch的雌雄兔交配，子代中全色兔基因组成为CC︰Ccch=1︰2，与喜马拉扬杂合兔（chc）交配，后代中全色兔占的比例为：1/3+2/3×1/2=2/3，青旗兔占的比例为：2/3×1/2=1/3。喜马拉扬雄兔的基因型，应该用测交的方法。（4）选用多只白化雌兔与该喜马拉扬雄兔交配，若后代均为喜马拉扬兔，则该喜马拉扬雄兔的基因型为chch，若后代出现了白化兔，则该喜马拉扬兔的基因型为chc。【生物卷（解析）·届安徽省安庆一中等江淮名校高三第二次联考（11）word版】40．玉米籽粒有白色、红色和紫色，相关物质的合成途径如下图。基因M、N和P及它们的等位基因依次分布在第9、10、5号染色体上。现有一红色籽粒玉米植株白交，后代籽粒的性状分离比为紫色：红色：向色=O：3：1，则该植株的基因型可能为 A．MMNNPP B．MmNnPPC．MmNNpp D．MmNnpp【答案】【知识点】E2基因的自由组合定律及应用【答