重庆第二外国语校2023-2024学年中考三模物理试题

重庆第二外国语校2023-2024学年中考三模物理试题一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．（3分）现代建筑业出现一种新型材料，这种材料低于15℃时为固态，在15℃时开始熔化，超过40℃时完全熔化。把这种材料制成小颗粒，均匀混入水泥等材料中，制成地板或墙板，用于昼夜温差变化大的地区修筑房屋。下列温度时间图象中，能表示这种材料凝固过程的图象是（）A． B． C． D．2．（3分）如图，两个相同规格的电加热器加热质量、初温都相同的不同液体。若液体吸收的热量等于电加热器放出的热量，加热时间相同且液体均未沸腾，则（）A．两杯液体吸收的热量相等 B．温度较高的液体比热容较大 C．温度较低的液体吸收的热量较多 D．温度较高的液体吸收的热量较多3．（3分）下列现象与雨后彩虹的形成原因相同的是（）A．镜中的“我” B．树荫下的光斑 C．汽车后视镜 D．水中“断”笔4．（3分）生活中“吸”的实质或原理不同，下列对“吸”的分析不正确的是（）A．用吸管“吸走”饮料是利用了大气压的作用 B．用抽油烟机“吸走”油烟是利用了空气流速越大的位置压强越小的原理 C．壁虎脚掌底部的众多吸盘使其“吸”在墙壁上是因为大气压作用的结果 D．带吸盘的塑料挂钩能“吸住”墙壁不掉落是因为大气压作用的结果5．（3分）如图所示，A1、A2是完全相同的两个电流表，都有3A和0.6A两个量程，闭合开关后，发现两个电流表指针偏转的角度相同，则（）A．R1：R2＝4：1 B．R1：R2＝1：4 C．R1：R2＝1：5 D．R1：R2＝5：16．（3分）下列关于电磁信息的说法中，正确的是（）A．玩具电动车的电动机是利用电磁感应原理工作的 B．闭合电路的部分导体在磁场中运动时，一定能产生感应电流 C．发电机工作时，将机械能转化为电能 D．通电导体在磁场中的受力方向只与电流的方向有关7．（3分）如图所示，在微型电风扇的插头处接上一个小灯泡，用手旋转叶片，发现小灯泡发光。选项图示实验原理能解释上述现象的是（）A． B． C． D．二、填空题（本大题7小题，共21分）8．（3分）自然界只有两种电荷，同种电荷相互。（选填“吸引”或“排斥”）9．（3分）小明用图示滑轮组在5s内将重为300N的重物匀速提高了2m，所用拉力为200N，该过程中拉力做的有用功为J，该滑轮组的机械效率为。若其他条件不变，将重物匀速提升5m，该滑轮组的效率将。小华同学根据公式F＝（G物+G动）算出此滑轮组中动滑轮重力为100N，实际的动滑轮重力（选填“＞”、“＝”或“＜”）100N。10．（3分）夏天的早晨，树叶上常常会有一些露珠，透过这些露珠看到的叶脉会更清楚（如图），这是由于露珠相当于一个镜，使叶脉放大了。这种情形下，叶脉位于该“镜”的（选填“二倍焦距以外”、“一倍焦距与二倍焦距之间”或“一倍焦距之内”）。11．（3分）我国照明电路的电压为伏，家用电器之间是的（选填“并联”或“串联”）。12．（3分）冬天开着暖气的汽车内挡风玻璃上容易出现小水珠使得视野受阻，这是（填物态变化）现象，汽车行驶还会造成噪声污染，给汽车排气管装消声器是在控制噪声，我们常用水来做汽车发动机的冷却剂，是因为水的大。13．（3分）物体体积为0.5×10﹣3米3浸没水中后浮力为牛，若物体重力为10牛，则物体受到的合力为牛，方向为。14．（3分）丹麦物理学家奥斯特首先发现了电与磁之间存在本质联系，生产生活中的（选填“电磁起重机”“台灯”或“电热毯”）主要是利用电流磁效应工作的。飞机起飞时，利用了空气流速越大压强越（选填“大”或“小”）的原理。三、作图题（共7分）15．（2分）请在图中根据平面镜成像特点画出物体AB在平面镜中的像A′B′。16．（2分）画出使杠杆AB在如图所示位置静止时所用最小力F的作用点和方向。17．（3分）如图所示，凸透镜与水面平行，一侧的焦点恰好在水面上，水中一束入射光线射向凸透镜的焦点，请画出这束光线发生折射后的光路图。四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．（4分）探究声音的产生与特性过程结论如图，用音叉和乒乓球进行如下实验：①轻敲256Hz的音叉，用悬吊着的乒乓球接触发声的叉股，发现乒乓球也弹开，说明声音是由物体产生的；②重敲同一音叉，听到更大的声音，同时发现乒乓球被弹开得更远，说明声音的响度与发声体的有关；③换用512Hz的音叉重复实验，听到声音的音调更高，说明音调与发声体的有关。19．（4分）小明小组在测量滑轮组机械效率实验中，利用如图1所示的滑轮组进行了4次测量，测得数据如下表所示。次序钩码所受的重力钩码提升高度拉力绳端移动距离机械效率110.10.70.347.6%210.20.70.647.6%320.11.10.360.6%450.10.3（1）实验中应竖直向上拉动弹簧测力计。（2）第4次实验测得弹簧测力计示数如图，是N，机械效率η＝%。（3）比较第次实验，小组同学发现：同一滑轮组的机械效率与重物被提升高度无关；比较第3、4次实验数据可知，同一滑轮组，越大，机械效率越高：第4次拉力做的额外功与第3次相比（增大减小/不变）。（4）在测拉力时，某同学觉得很难使测力计做匀速直线运动，不便于读数，就让测力计处于静止状态时读数，测得的机械效率与实际相比（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。（5）小强小组也按正确方法操作测量滑轮组的机械效率，图2是他实验中的情景，下表是他记录的一组数据。根据计算进行比较，发现表中数据的不合理之处是钩码重量G（N）钩码上升距离h（m）测力计拉力F（N）测力计移动距离s（m）20.050.40.1520．（4分）在探究“电流与电压、电阻的关系”的实验中，电源由三节干电池串联组成，如图甲所示，可选用的定值电阻有5Ω、10Ω、20Ω。实验序号电压/V电流/A11.00.1822.00.3633.00.54（1）请你用笔画线代替导线，将图甲所示的电路补充完整，要求滑动变阻器的滑片向右移动时连入电路中的阻值变大。（2）连接电路时，开关必须；闭合开关前，要将滑动变阻器滑片置于使接入电路的电阻值的位置。（3）小明同学探究“电流与电压的关系”：①滑动变阻器起到保护电路和的作用；②多次改变R两端的电压，把对应的电流表示数填入表格中，分析表格中的数据可得出结论：。（4）小华同学探究“电流与电阻的关系”：①他把5Ω的电阻接入电路，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，电路中的故障可能是。故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，达到实验要求，电流表的示数如图乙所示，则电路中的电流为A。②将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向（选填“左”或“右”）端移动，直到电压表的示数为V，记录电流表的示数。③为了确保所给的3个定值电阻接入电路后都能正常进行实验，应该选取最大阻值不小于Ω的滑动变阻器。（5）本实验探究主要运用的科学探究方法是控制变量法，下列实验探究没有采用控制变量法的是。A．探究物质吸热或放热规律B．液体蒸发的快慢与哪些因素有关C．滑动摩擦力的大小与哪些因素有关D．串联电路中各处的电流有什么关系21．（4分）在测盐水密度的实验中：（1）将装有适量盐水的杯子放在调好的天平左盘内，测出杯子和盐水的总质量为116g，然后将杯子中的一部分盐水倒入量筒中，如图所示，则量筒中盐水的体积为cm3。（2）将装有剩余盐水的杯子放在天平左盘内，右盘中砝码的质量和游码在标尺上的位置如图乙所示时，天平再一次平衡，则杯子及杯内剩余盐水的总质量为g。（3）根据上述实验数据计算出此盐水的密度为kg/m3（结果保留两位小数）。（4）在完成上述实验后，某同学想测量一个小蜡块的密度（其密度小于水），他手中只有如下器材：一个量筒、一个细钢针、一个小蜡块、适量的水。请你帮助他设计实验，并填写实验步骤，用测量的物理量符号表示结果。①向量筒中倒入适量的水，记下体积V1；②；③；④ρ蜡块＝（水的密度用ρ水表示）。22．（4分）测量小灯泡电功率的实验（小灯泡标有“2.5V”字样）。（1）如图甲所示，实验电路存在连接错误，只需改动一根导线，即可使电路连接正确。请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法。（2）实验时，若开关处接触不良，下列判断正确的是；A．灯泡能正常发光B．灯泡会烧坏C．电流表有示数D．电压表没有示数（3）当电压表的示数为2.5V时。电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是W。（4）实验结束后，根据测量数据做出了如图丙所示的图像，发现I与U不成正比，造成这个结果的原因是：。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．（6分）如图所示的电路中，R1＝5Ω，R2＝10Ω，闭合开关S后，电流表的示数为2A，求：（1）电源电压；（2）通过R2的电流。24．（7分）小明家买了一个家用电吹风，其简化电路如图甲所示，主要技术参数如下表乙。由于热风功率看不清，小明决定，利用家庭中的电能表和钟表来测定电吹风吹热风时的电功率。于是，他将电吹风单独接入家庭电路中，电吹风在吹热风状态下工作2min，小明发现电能表指示灯闪烁了64次。求：（1）电吹风吹冷风时，通过电动机的电流是多大？（2）电吹风吹热风时的功率是多少？（3）电吹风内电动机的电阻是1Ω，电吹风吹冷风时，1min产生的热量是多少？六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．（6分）如图1是水果自动筛选装置，它能将质量小于一定标准的水果自动剔除，其原理如下：传送带上的水果经过检测点时，使压敏电阻R的阻值发生变化，AB间的电压也随之发生改变，当UAB＜3V时，机械装置启动，将质量不达标的小水果推出传送带，实现自动筛选功能。已知：电源电压为12V，R0＝20Ω，压敏电阻R的阻值随压力变化关系如图2所示。求：（1）当检测点上没有水果时，电路中的电流是多大？（2）该装置能够剔除质量小于多少千克的水果？（3）不同等级的水果筛选的质量标准是不同的。请你对电路进行改进，使该装置能够方便地改设不同的筛选标准。26．（6分）根据图甲、乙、丙演示的实验现象，请你分别说明反映了什么物理规律：（1）图甲的滚摆实验，说明；（2）图乙用食指堵住双耳听到声音更响，说明；（3）图丙小明和小华认为火车的运动情况不同，说明；（4）这个实验是通过观察来比较燃料的热值。27．（6分）晚上小刚在家学习时，突然他所在房间的电灯不亮了，而其他房间的电灯正常亮。他发现灯丝断了，就决定换一个新灯泡。他先将控制该灯的开关断开，为了安全，又找来了测电笔检测灯头的两根接线，发现其中一根接线使氖管发光。（1）请你帮他分析该电灯的工作电路有什么问题？会带来什么危害？（2）你知道这盏电灯与其他房间的电灯是怎样连接的吗？这样连接有什么好处？参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．（3分）现代建筑业出现一种新型材料，这种材料低于15℃时为固态，在15℃时开始熔化，超过40℃时完全熔化。把这种材料制成小颗粒，均匀混入水泥等材料中，制成地板或墙板，用于昼夜温差变化大的地区修筑房屋。下列温度时间图象中，能表示这种材料凝固过程的图象是（）A． B． C． D．【解答】解：由于墙内混入非晶体材料，所以它在凝固的过程中，不会有固定的凝固点，它的温度会持续下降。A是晶体熔化图象，B是非晶体熔化图象，C是晶体凝固图象，D是非晶体凝固图象。故选：D。2．（3分）如图，两个相同规格的电加热器加热质量、初温都相同的不同液体。若液体吸收的热量等于电加热器放出的热量，加热时间相同且液体均未沸腾，则（）A．两杯液体吸收的热量相等 B．温度较高的液体比热容较大 C．温度较低的液体吸收的热量较多 D．温度较高的液体吸收的热量较多【解答】解：相同规格的电热器相同时间内放出的热量相等，液体未沸腾，液体吸收的热量相等，与液体变化的温度没有关系，故选项A正确，选项CD错误；根据Q吸＝cmΔt可知，在质量、吸收热量相同的条件下，变化的温度Δt越大，比热容越小，故B错误；故选：A。3．（3分）下列现象与雨后彩虹的形成原因相同的是（）A．镜中的“我” B．树荫下的光斑 C．汽车后视镜 D．水中“断”笔【解答】解：雨后彩虹是由光的折射形成的，是光的色散现象；A、镜中的“我”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故A不符合题意；B、大树上的树叶很多，树叶与树叶之间会形成很多小的缝隙。太阳光从这些小缝隙中照射下来，由于光在同种均匀介质中沿直线传播，所以在地面上会形成太阳的像。像的形状和太阳一样，而且是倒立的实像，故B不符合题意；C、后视镜中的景物，属于凸面镜成像，是由于光的反射形成的，故C不符合题意；D、水中筷子上反射的光线是从水中斜着射向空气中，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线看时，看到的是折射光线反向延长线形成的筷子的虚像，比筷子的实际位置较水面要浅些，所以感觉水中的筷子向上折断了，故D符合题意。故选：D。4．（3分）生活中“吸”的实质或原理不同，下列对“吸”的分析不正确的是（）A．用吸管“吸走”饮料是利用了大气压的作用 B．用抽油烟机“吸走”油烟是利用了空气流速越大的位置压强越小的原理 C．壁虎脚掌底部的众多吸盘使其“吸”在墙壁上是因为大气压作用的结果 D．带吸盘的塑料挂钩能“吸住”墙壁不掉落是因为大气压作用的结果【解答】解：A、人吸走管内的空气时，管内的气压减小，外界大气压压着饮料进入管内，使人喝到饮料，所以用吸管“吸走”饮料是利用了大气压的作用，故A正确；B、抽油烟机工作时，抽油烟机内空气流速加快，油烟机内的空气压强减小，外界压强大，从而把油烟抽走，所以用抽油烟机“吸走”油烟是利用了空气流速越大的位置压强越小的原理，故B正确；C、壁虎脚掌上的众多吸盘是由于有很多很细的刚毛，刚毛前端有又有分叉，与接触物体之间存在分子引力，也就是说利用的是分子引力，与大气压没有关系，故C错误；D、使用塑料吸盘时，先挤走里边的空气，使其内部近似真空，气体压强非常小，外界大气压的作用就把它压在墙面上，所以带吸盘的塑料挂钩能“吸住”墙壁不掉落是因为大气压作用的结果，故D正确。故选：C。5．（3分）如图所示，A1、A2是完全相同的两个电流表，都有3A和0.6A两个量程，闭合开关后，发现两个电流表指针偏转的角度相同，则（）A．R1：R2＝4：1 B．R1：R2＝1：4 C．R1：R2＝1：5 D．R1：R2＝5：1【解答】解：A1测量R1的电流，A2测量干路电流，并联电路干路电流等于各支路电流之和，指针偏转角度相同，两个电流表使用的量程一定不同。A2是使用0﹣3A的量程，A1是使用的0﹣0.6A的量程。A2的示数是A1示数的5倍，所以I＝5I1，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和得：I2＝4I1，根据R＝得：∴R1：R2＝：＝I2：I1＝4I1：I1＝4：1。故选：A。6．（3分）下列关于电磁信息的说法中，正确的是（）A．玩具电动车的电动机是利用电磁感应原理工作的 B．闭合电路的部分导体在磁场中运动时，一定能产生感应电流 C．发电机工作时，将机械能转化为电能 D．通电导体在磁场中的受力方向只与电流的方向有关【解答】解：A、玩具电动车的电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的，故A错误；B、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，就会产生感应电流，故B错误；C、发电机工作时，消耗机械能，产生电能，故是将机械能转化为电能的装置，故C正确；D、通电导体在磁场中受力的方向与电流的方向和磁场方向有关，故D错误。故选：C。7．（3分）如图所示，在微型电风扇的插头处接上一个小灯泡，用手旋转叶片，发现小灯泡发光。选项图示实验原理能解释上述现象的是（）A． B． C． D．【解答】解：尽管电风扇里装的是电动机，但此题中通过手快速拨动风扇叶片使小灯泡发光，说明是当作发电机用的，故是利用运动的线圈在磁场中切割磁感线产生了电流，即电磁感应现象，并将机械能转化为了电能。小灯泡发光，把电能转化成了光能。A、图中研究的是通电直导线的磁场，故A不合题意；B、图中是通电螺线管，故B不合题意；C、电磁感应实验的装置，故C符合题意；D、图中是通电导体在磁场中受力运动，故D不合题意。故选：C。二、填空题（本大题7小题，共21分）8．（3分）自然界只有两种电荷，同种电荷相互排斥。（选填“吸引”或“排斥”）【解答】解：由电荷间的相互作用规律可知，同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引。故答案为：排斥。9．（3分）小明用图示滑轮组在5s内将重为300N的重物匀速提高了2m，所用拉力为200N，该过程中拉力做的有用功为600J，该滑轮组的机械效率为75%。若其他条件不变，将重物匀速提升5m，该滑轮组的效率将不变。小华同学根据公式F＝（G物+G动）算出此滑轮组中动滑轮重力为100N，实际的动滑轮重力＜（选填“＞”、“＝”或“＜”）100N。【解答】解：（1）由图知，n＝2，则拉力端移动的距离：s＝2h＝2×2m＝4m，有用功：W有用＝Gh＝300N×2m＝600J，拉力做的总功：W总＝Fs＝200N×4m＝800J，滑轮组的机械效率：η＝×100%＝×100%＝75%；（2）由η＝＝＝＝可知，滑轮组的机械效率与提升高度无关，所以，若其他条件不变，重物匀速提升高度5m，该滑轮组的机械效率不变；（3）在不计摩擦和绳重的情况下，可根据F＝（G物+G动）求出动滑轮的重力；事实上，摩擦和绳重是存在的，一部分拉力要克服摩擦和绳重，则实际用于提升物体和动滑轮的拉力较小，因此根据F＝（G物+G动）可知，实际的动滑轮重力小于100N。故答案为：600；75%；不变；＜。10．（3分）夏天的早晨，树叶上常常会有一些露珠，透过这些露珠看到的叶脉会更清楚（如图），这是由于露珠相当于一个凸透镜，使叶脉放大了。这种情形下，叶脉位于该“镜”的一倍焦距之内（选填“二倍焦距以外”、“一倍焦距与二倍焦距之间”或“一倍焦距之内”）。【解答】解：此题中露珠相当于凸透镜，叶脉在凸透镜的一倍焦点以内，成正立、放大的虚像。因此透过这些露珠看到的叶脉会放大了。故答案为：凸透；一倍焦距之内。11．（3分）我国照明电路的电压为220伏，家用电器之间是并联的（选填“并联”或“串联”）。【解答】解：我国照明电路的电压是220V，家用电器的额定电压是220V，为了使家用电器正常工作并且互不影响，各家用电器之间是并联的。故答案为：220；并联。12．（3分）冬天开着暖气的汽车内挡风玻璃上容易出现小水珠使得视野受阻，这是液化（填物态变化）现象，汽车行驶还会造成噪声污染，给汽车排气管装消声器是在声源处控制噪声，我们常用水来做汽车发动机的冷却剂，是因为水的比热容大。【解答】解：（1）冬天开着暖气的汽车内挡风玻璃上容易出现小水珠使得视野受阻，这是因为车内温度高的水蒸气遇到温度低的玻璃，在其表面液化为小水滴。（2）给汽车排气管装消声器是在声源处减弱噪声。（3）常用水来做汽车发动机的冷却剂，是因为水的比热容大，在升高相同温度时，吸收的热量多。故答案为：液化；声源处；比热容。13．（3分）物体体积为0.5×10﹣3米3浸没水中后浮力为5牛，若物体重力为10牛，则物体受到的合力为5牛，方向为竖直向下。【解答】解：因为浸没，则所受浮力大小为：F浮＝G排＝ρ水gV排＝1000kg/m3×10N/kg×0.5×10﹣3m3＝5N，浮力方向竖直向上；物体在液体中只受浮力和重力作用，由于两个力在同一直线上，F浮＜G，则其合力为：F＝G﹣F浮＝10N﹣5N＝5N，方向是竖直向下。故答案为：5；5；竖直向下。14．（3分）丹麦物理学家奥斯特首先发现了电与磁之间存在本质联系，生产生活中的电磁起重机（选填“电磁起重机”“台灯”或“电热毯”）主要是利用电流磁效应工作的。飞机起飞时，利用了空气流速越大压强越小（选填“大”或“小”）的原理。【解答】解：（1）通电导线周围有磁场，这就是的电流的磁效应，电磁起重机、电磁继电器等都是利用该原理制成的；台灯工作时把电能转化为光和热，不是利用电流磁效应工作的；电热毯是利用电流流过导体时发热而工作的，应用了电流的热效应。（2）飞机的机翼通常都做成上面凸起，下面平直的形状。这样当飞机起飞时，流过机翼上方的空气流速大，压强小，流过机翼下方的空气流速小，压强大。机翼上下方所受到的压力差便形成向上的升力。故飞机起飞时，利用了空气流速越大压强越小的原理。故答案为：电磁起重机；小。三、作图题（共7分）15．（2分）请在图中根据平面镜成像特点画出物体AB在平面镜中的像A′B′。【解答】解：分别作出A，B两点关于平面镜的对称点，用虚线连接A，B两点即可。答案如图所示16．（2分）画出使杠杆AB在如图所示位置静止时所用最小力F的作用点和方向。【解答】解：在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。如图所示：17．（3分）如图所示，凸透镜与水面平行，一侧的焦点恰好在水面上，水中一束入射光线射向凸透镜的焦点，请画出这束光线发生折射后的光路图。【解答】解：（1）光由水中斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角，由此在法线右侧的空气中画出折射光线；（2）过焦点的入射光线，经凸透镜折射后平行于主光轴射出，如图所示：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．（4分）探究声音的产生与特性过程结论如图，用音叉和乒乓球进行如下实验：①轻敲256Hz的音叉，用悬吊着的乒乓球接触发声的叉股，发现乒乓球也弹开，说明声音是由物体振动产生的；②重敲同一音叉，听到更大的声音，同时发现乒乓球被弹开得更远，说明声音的响度与发声体的振幅有关；③换用512Hz的音叉重复实验，听到声音的音调更高，说明音调与发声体的频率有关。【解答】解：（1）发声的音叉在振动，当与乒乓球接触时，会把乒乓球弹起，说明声音是由物体振动产生的。（2）当敲击音叉的力增大时，音叉发出响度更大的声音，重做上面的实验时，观察到乒乓球弹起的幅度越大；通过实验可以判断物体振幅是不同的，说明了响度与声源的振幅有关，而且是振幅越大，响度越大；（3）振动越快，音调就越高；故换用512Hz的音叉重复实验，音叉振动的更快，故听到声音的音调更高，这说明声音的音调与发声体振动的频率有关。故答案为：①振动；②振幅；③频率。19．（4分）小明小组在测量滑轮组机械效率实验中，利用如图1所示的滑轮组进行了4次测量，测得数据如下表所示。次序钩码所受的重力钩码提升高度拉力绳端移动距离机械效率110.10.70.347.6%210.20.70.647.6%320.11.10.360.6%450.10.3（1）实验中应竖直向上匀速拉动弹簧测力计。（2）第4次实验测得弹簧测力计示数如图，是2.2N，机械效率η＝75.8%。（3）比较第1、2次实验，小组同学发现：同一滑轮组的机械效率与重物被提升高度无关；比较第3、4次实验数据可知，同一滑轮组，提升物体的重力越大，机械效率越高：第4次拉力做的额外功与第3次相比增大（增大减小/不变）。（4）在测拉力时，某同学觉得很难使测力计做匀速直线运动，不便于读数，就让测力计处于静止状态时读数，测得的机械效率与实际相比偏大（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。（5）小强小组也按正确方法操作测量滑轮组的机械效率，图2是他实验中的情景，下表是他记录的一组数据。根据计算进行比较，发现表中数据的不合理之处是弹簧测力计的读数错误钩码重量G（N）钩码上升距离h（m）测力计拉力F（N）测力计移动距离s（m）20.050.40.15【解答】解：（1）实验中应该竖直向上匀速拉动弹簧测力计，此时系统处于平衡状态，测力计示数等于拉力大小；（2）第4次实验测得弹簧测力计示数如图，分度值为0.2N，大小是2.2N；根据表格第4次实验数据，则机械效率为：η＝＝＝×100%≈75.8%；（3）探究滑轮组的机械效率与重物被提升高度关系时，应控制其他因素不变，只改变物体被提升的高度，由表格数据可知，应比较1、2两次实验；比较第3、4次实验数据可知，同一滑轮组提升物体的重力越大，滑轮组的机械效率越高；根据W额＝W总﹣W有＝Fs﹣Gh可得，第3次做的额外功：W额3＝F3s﹣G3h＝1.1N×0.3m﹣2N×0.1m＝0.13J，第4次做的额外功：W额4＝F4s﹣G4h＝2.0N×0.3m﹣4N×0.1m＝0.2J，所以第4次拉力做的额外功与第3次相比增大；（4）在测拉力时，若让测力计处于静止状态时读数，则没有测量出绳子与机械之间的摩擦，导致拉力变小，总功变小，根据η＝×100%，故测得的机械效率与实际相比偏大；（5）由表中实验数据可知，W有＝Gh＝2N×0.05m＝0.1J，W总＝Fs＝0.4N×0.15m＝0.06J；由计算结果可知，有用功大于总功，这是不可能的；由图示弹簧测力计可知，弹簧测力计分度值是0.2N，弹簧测力计所示应该是0.8N，而不是0.4N；故数据的不合理之处是弹簧测力计的读数错误。故答案为：（1）匀速；（2）2.2；75.8%；（3）1、2；提升物体的重力；增大；（4）偏大；（5）弹簧测力计的读数错误。20．（4分）在探究“电流与电压、电阻的关系”的实验中，电源由三节干电池串联组成，如图甲所示，可选用的定值电阻有5Ω、10Ω、20Ω。实验序号电压/V电流/A11.00.1822.00.3633.00.54（1）请你用笔画线代替导线，将图甲所示的电路补充完整，要求滑动变阻器的滑片向右移动时连入电路中的阻值变大。（2）连接电路时，开关必须断开；闭合开关前，要将滑动变阻器滑片置于使接入电路的电阻值最大的位置。（3）小明同学探究“电流与电压的关系”：①滑动变阻器起到保护电路和改变电阻的电压和电流的作用；②多次改变R两端的电压，把对应的电流表示数填入表格中，分析表格中的数据可得出结论：在电阻不变时，电流与电压与正比。（4）小华同学探究“电流与电阻的关系”：①他把5Ω的电阻接入电路，闭合开关，发现电流表有示数，电压表无示数，电路中的故障可能是电阻（或电压表）短路。故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，达到实验要求，电流表的示数如图乙所示，则电路中的电流为0.4A。②将5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，闭合开关，应将滑动变阻器的滑片向右（选填“左”或“右”）端移动，直到电压表的示数为2V，记录电流表的示数。③为了确保所给的3个定值电阻接入电路后都能正常进行实验，应该选取最大阻值不小于25Ω的滑动变阻器。（5）本实验探究主要运用的科学探究方法是控制变量法，下列实验探究没有采用控制变量法的是D。A．探究物质吸热或放热规律B．液体蒸发的快慢与哪些因素有关C．滑动摩擦力的大小与哪些因素有关D．串联电路中各处的电流有什么关系【解答】解：（1）要求滑动变阻器的滑片向右移动时连入电路中的阻值变大，故变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，如下所示：（2）连接电路时，为保护电路，开关必须断开；闭合开关前，要将滑动变阻器滑片置于使接入电路的电阻值最大的位置。（3）①小明同学探究“电流与电压的关系”，为得出普遍性的规律要多次测量，故滑动变阻器起到保护电路和改变电阻的电压和电流的作用；②纵向分析表中数据，电压为原来的几倍，电流也为原来的几倍，即在电阻不变时，电流与电压与正比；（4）小华同学探究“电流与电阻的关系”：①他把5Ω的电阻接入电路，闭合开关，发现电流表有示数，说明电路为通路，电压表无示数，电路中的故障可能是电阻（或电压表）短路；故障排除后，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，达到实验要求，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，则电路中的电流为0.4A。②由欧姆定律，电压表示数：UV＝IR＝0.4A×5Ω＝2V，根据串联分压原理可知，将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向右端移动，使电压表的示数为2V，记录电流表的示数；③电阻两端的电压始终保持UV＝2V，根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝U﹣UV＝4.5V﹣2V＝2.5V，变阻器分得的电压为电压表示数的＝1.25倍，根据分压原理，当接入20Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑＝1.25×20Ω＝25Ω，为了确保所给的3个定值电阻接入电路后都能正常进行实验，应该选取最大阻值不小于25Ω的滑动变阻器。（5）本实验探究主要运用的科学探究方法是控制变量法：A．探究物质吸热或放热规律，根据Q＝cmΔt，吸热或放热与c、m、Δt有关，研究与其中一个因素的关系时要控制另下两个因素不变，采用了控制变量法；B．液体蒸发的快慢与液体温度、液体表面积和液体表面的空气流动速度有关，研究液体蒸发的快慢与其中一个因素有关时，要控制另外两个因素不变，采用了控制变量法，C．滑动摩擦力的大小与压力和接触面粗糙程度有关，研究与其中一个因素的关系时要控制另外一个因素不变，采用了控制变量法；D．串联电路中各处的电流有什么关系，为得出普遍性规律要多次测量，采用了归纳法；故选D。故答案为：（1）如上所示；（2）断开；最大；（3）①改变电阻的电压和电流；②在电阻不变时，电流与电压与正比；（4）①电阻（或电压表）短路；0.4；②右；2；③25；（5）D。21．（4分）在测盐水密度的实验中：（1）将装有适量盐水的杯子放在调好的天平左盘内，测出杯子和盐水的总质量为116g，然后将杯子中的一部分盐水倒入量筒中，如图所示，则量筒中盐水的体积为46cm3。（2）将装有剩余盐水的杯子放在天平左盘内，右盘中砝码的质量和游码在标尺上的位置如图乙所示时，天平再一次平衡，则杯子及杯内剩余盐水的总质量为62g。（3）根据上述实验数据计算出此盐水的密度为1.17×103kg/m3（结果保留两位小数）。（4）在完成上述实验后，某同学想测量一个小蜡块的密度（其密度小于水），他手中只有如下器材：一个量筒、一个细钢针、一个小蜡块、适量的水。请你帮助他设计实验，并填写实验步骤，用测量的物理量符号表示结果。①向量筒中倒入适量的水，记下体积V1；②把蜡块轻轻地放入水中，使蜡块漂浮在量筒内的水面上，记下水面到达的刻度为V2；③用细钢针将蜡块下压，使其浸没在水中，记下水面到达的刻度V3；④ρ蜡块＝（水的密度用ρ水表示）。【解答】解：（1）由图甲可知，量筒的分度值为2mL，量筒中盐水的体积为V＝46mL＝46cm3。（2）由图乙可知，杯子及杯内剩余盐水的总质量m剩＝50g+10g+2g＝62g，（3）量筒中盐水的质量：m＝m总﹣m剩＝116g﹣62g＝54g，所以此盐水的密度：ρ＝＝≈1.17g/cm3＝1.17×103kg/m3；（4）要测量蜡块的密度，需测出蜡块的质量和体积，可利用漂浮条件间接测出蜡块的质量，利用助沉法测蜡块的体积，所以实验步骤设计如下：②把蜡块轻轻地放入水中，使蜡块漂浮在量筒内的水面上，记下水面到达的刻度为V2，③用细钢针将蜡块下压，使其浸没在水中，记下水面到达的刻度V3。蜡块密度表达式的推导：蜡块漂浮在水面上，F浮＝G蜡块；根据阿基米德原理可得，F浮＝G排；比较可得G蜡块＝G排，即漂浮的蜡块受到的重力等于它排开液体受到的重力，所以，m蜡块＝m排＝ρ水V排＝ρ水（V2﹣V1）。蜡块浸没时，排开水的体积等于蜡块的体积，即V蜡块＝V排′＝V3﹣V1。则蜡块密度：ρ蜡＝＝。故答案为：（1）46；（2）62；（3）1.17×103；（4）②把蜡块轻轻地放入水中，使蜡块漂浮在量筒内的水面上，记下水面到达的刻度为V2；③用细钢针将蜡块下压，使其浸没在水中，记下水面到达的刻度V3；④。22．（4分）测量小灯泡电功率的实验（小灯泡标有“2.5V”字样）。（1）如图甲所示，实验电路存在连接错误，只需改动一根导线，即可使电路连接正确。请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法。（2）实验时，若开关处接触不良，下列判断正确的是D；A．灯泡能正常发光B．灯泡会烧坏C．电流表有示数D．电压表没有示数（3）当电压表的示数为2.5V时。电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是0.65W。（4）实验结束后，根据测量数据做出了如图丙所示的图像，发现I与U不成正比，造成这个结果的原因是：灯泡的电阻随温度的变化而变化。【解答】解：（1）图甲中电压表并联在灯泡和滑动变阻器的两端，测灯泡和滑动变阻器的总电压，这是错误的，应把电压表并联在灯泡两端，即应将电压表的“3”接线柱和灯泡右端接线柱连接，如下图：（2）该电路为串联电路，串联电路中电流只有一条路径，若开关处接触不良，则不能形成通路，没有电流通过灯泡，灯就不亮，所以灯泡不会烧坏，电流表无示数，电压表也无示数，故ABC错误，D正确；（3）当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，由图甲可知电流表使用0∼0.6A的量程，分度值为0.02A，其读数为0.26A，则小灯泡的额定功率为P＝UI＝2.5V×0.26A＝0.65W；（4）根据测量数据做出了如图丙所示的图像，发现I与U不成正比，说明灯泡的电阻不是一个定值，其原因是灯泡的电阻随温度的变化而变化。故答案为：（1）见解答图；（2）D；（3）0.65；（4）灯泡的电阻随温度的变化而变化。五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．（6分）如图所示的电路中，R1＝5Ω，R2＝10Ω，闭合开关S后，电流表的示数为2A，求：（1）电源电压；（2）通过R2的电流。【解答】解：（1）闭合开关S后，两电阻并联，电流表测R1的电流，由欧姆定律和并联电路电压的规律可得，电源电压：U＝U1＝I1R1＝2A×5Ω＝10V；（2）由欧姆定律可得，通过R2的电流：I2＝＝＝1A。答：（1）电源电压为10V；（2）通过R2的电流为1A。24．（7分）小明家买了一个家用电吹风，其简化电路如图甲所示，主要技术参数如下表乙。由于热风功率看不清，小明决定，利用家庭中的电能表和钟表来测定电吹风吹热风时的电功率。于是，他将电吹风单独接入家庭电路中，电吹风在吹热风状态下工作2min，小明发现电能表指示灯闪烁了64次。求：（1）电吹风吹冷风时，通过电动机的电流是多大？（2）电吹风吹热风时的功率是多少？（3）电吹风内电动机的电阻是1Ω，电吹风吹冷风时，1min产生的热量是多少？【解答】解：（1）因为P＝UI，所以电吹风吹冷风时，通过电动机的电流：I＝＝＝0.5A；（2）电吹风在吹热风状态下工作2min消耗的电能为W＝kW•h＝1.44×105J，电吹风吹热风时的功率：P热风＝＝＝1200W；（3）电吹风吹冷风