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文档简介
PAGE6-2.1.2一元二次方程的解集及其根与系数的关系[A基础达标]1.已知关于x的方程x2+3x+a=0有一个根为-2,则另一个根为()A.5 B.-1C.2 D.-5解析:选B.设方程的另一个根为x0,则-2+x0=-3,即x0=-1.2.若关于x的一元二次方程x(x+1)+ax=0有两个相等的实数根,则实数a的值为()A.-1 B.1C.-2或2 D.-3或1解析:选A.由x(x+1)+ax=0,得x2+(1+a)x=0.因为方程有两个相等的实数根,所以判别式Δ=0.所以a=-1.3.若α,β是一元二次方程3x2+2x-9=0的两个根,则eq\f(β,α)+eq\f(α,β)的值是()A.eq\f(4,27) B.-eq\f(4,27)C.-eq\f(58,27) D.eq\f(58,27)解析:选C.由题知α+β=-eq\f(2,3),αβ=-3,所以eq\f(β,α)+eq\f(α,β)=eq\f((α+β)2-2αβ,αβ)=-eq\f(58,27).4.已知关于x的一元二次方程mx2-(m+2)x+eq\f(m,4)=0有两个不相等的实数根x1,x2.若eq\f(1,x1)+eq\f(1,x2)=4m,则m的值是()A.2 B.-1C.2或-1 D.不存在解析:选A.由题知eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(m≠0,,Δ=(m+2)2-4m·\f(m,4)>0,))解得m>-1且m≠0.因为x1+x2=eq\f(m+2,m),x1x2=eq\f(1,4),所以eq\f(1,x1)+eq\f(1,x2)=eq\f(x1+x2,x1x2)=eq\f(\f(m+2,m),\f(1,4))=4m,所以m=2或-1.因为m>-1,所以m=2.5.若a,b,c为△ABC的三边长,且关于x的一元二次方程(c-b)x2+2eq\r(2)(b-a)x+2(a-b)=0有两个相等的实数根,则这个三角形是()A.等腰三角形 B.直角三角形C.等边三角形 D.不等边三角形解析:选A.根据题意,得c-b≠0,Δ=[2eq\r(2)(b-a)]2-4(c-b)·2(a-b)=0,(a-b)(a-b-c+b)=0,所以a-b=0或a-c=0,所以a=b或a=c,所以这个三角形为等腰三角形.6.已知x1,x2是关于x的一元二次方程x2-5x+a=0的两个实数根,且xeq\o\al(2,1)-xeq\o\al(2,2)=10,则a=________.解析:由题知x1+x2=5,x1x2=a.因为xeq\o\al(2,1)-xeq\o\al(2,2)=(x1+x2)(x1-x2)=10,所以x1-x2=2,所以(x1-x2)2=(x1+x2)2-4x1x2=25-4a=4,所以a=eq\f(21,4).答案:eq\f(21,4)7.设α,β是方程(x+1)(x-4)=-5的两个实数根,则eq\f(β3,α)+eq\f(α3,β)=________.解析:由题意,得α+β=3,αβ=1,所以α2+β2=(α+β)2-2αβ=7,α4+β4=(α2+β2)2-2α2·β2=47,所以eq\f(β3,α)+eq\f(α3,β)=eq\f(α4+β4,αβ)=47.答案:478.已知x1,x2是一元二次方程x2-2x-1=0的两个实数根,则eq\f(1,2x1+1)+eq\f(1,2x2+1)的值是________.解析:由题知x1+x2=2,x1x2=-1,xeq\o\al(2,1)=2x1+1,xeq\o\al(2,2)=2x2+1,故原式=eq\f(1,xeq\o\al(2,1))+eq\f(1,xeq\o\al(2,2))=eq\f(xeq\o\al(2,1)+xeq\o\al(2,2),(x1x2)2)=eq\f((x1+x2)2-2x1x2,(x1x2)2)=eq\f(22-2×(-1),(-1)2)=6.答案:69.设x1,x2是方程2x2-6x+3=0的两个根,利用根与系数的关系,求下列各式的值.(1)xeq\o\al(2,1)x2+x1xeq\o\al(2,2);(2)(x1-x2)2;(3)eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x1+\f(1,x2)))eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x2+\f(1,x1)));(4)eq\f(1,xeq\o\al(2,1))+eq\f(1,xeq\o\al(2,2)).解:eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x1+x2=3,x1x2=\f(3,2))),(1)原式=x1x2(x1+x2)=eq\f(3,2)×3=eq\f(9,2);(2)原式=(x1+x2)2-4x1x2=9-4×eq\f(3,2)=3;(3)原式=x1x2+eq\f(1,x1x2)+2=eq\f(3,2)+eq\f(2,3)+2=eq\f(25,6);(4)原式=eq\f((x1+x2)2-2x1x2,(x1x2)2)=eq\f(9-3,\f(9,4))=eq\f(8,3).10.已知关于x的方程(k-1)x2+(2k-3)x+k+1=0有两个不相等的实数根x1,x2.(1)求k的取值范围;(2)是否存在实数k,使方程的两个实根互为相反数?如果存在,求出k的值;如果不存在,请说明理由.解:(1)eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(k-1≠0,Δ=(2k-3)2-4(k-1)(k+1)>0))⇒eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(k≠1,k<\f(13,12))),所以k<eq\f(13,12)且k≠1.(2)若x1+x2=0,即-eq\f(2k-3,k-1)=0,k=eq\f(3,2),由(1)可知这样的k不存在.[B能力提升]11.已知m2-2m-1=0,n2+2n-1=0,且mn≠1,则eq\f(mn+n+1,n)的值为________.解析:由题知n≠0,则1+eq\f(2,n)-eq\f(1,n2)=0,即eq\f(1,n2)-eq\f(2,n)-1=0.又m2-2m-1=0,且mn≠1,即m≠eq\f(1,n),故m,eq\f(1,n)是方程x2-2x-1=0的两个根,则m+eq\f(1,n)=2.故eq\f(mn+n+1,n)=m+1+eq\f(1,n)=2+1=3.答案:312.已知方程2x2-(k+1)x+k+3=0的两根之差为1,则k的值为________.解析:设x1,x2为方程的两个根,则eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x1+x2=\f(k+1,2),x1x2=\f(k+3,2))),|x1-x2|=1,eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(k+1,2)))eq\s\up12(2)-2(k+3)=1,k=9或k=-3.检验当k=9或k=-3时,Δ>0成立.答案:-3或913.已知关于x的一元二次方程x2+(4m+1)x+2m-1=0.(1)求证:不论m为任何实数,方程总有两个不相等的实数根;(2)若方程两根为x1,x2且满足eq\f(1,x1)+eq\f(1,x2)=-eq\f(1,2),求m的值.解:(1)证明:Δ=(4m+1)2-4(2m-1)=16m2+5>0,所以方程总有两个不相等的实数根.(2)因为x1+x2=-(4m+1),x1x2=2m-1,eq\f(1,x1)+eq\f(1,x2)=eq\f(x1+x2,x1x2)=-eq\f(1,2),即eq\f(-(4m+1),2m-1)=-eq\f(1,2),所以m=-eq\f(1,2).14.若x1,x2是关于x的方程x2-(2k+1)x+k2-1=0的两个实数根,且x1,x2都大于1.(1)求实数k的取值范围;(2)若eq\f(x1,x2)=eq\f(1,2),求k的值.解:(1)eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(Δ≥0,x1>1,x2>1))⇒eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1([-(2k+1)]2-4(k2-1)≥0,x1+x2-2>0,x1x2-(x1+x2)+1>0))⇒eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(4k+5≥0,2k+1-2>0,k2-1-(2k+1)+1>0))⇒eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(k≥-\f(5,4),k>\f(1,2),k>1+\r(2)或k<1-\r(2))),所以k>1+eq\r(2).(2)eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(Δ>0,x1+x2=2k+1①,x1x2=k2-1②,x2=2x1③))由①③得eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x1=\f(2k+1,3),x2=\f(2,3)(2k+1))).所以eq\f(2,9)(2k+1)2=k2-1,k2-8k-11=0,k=4+3eq\r(3)或k=4-3eq\r(3),满足Δ>0.[C拓展探究]15.已知x1,x2是一元二次方程4kx2-4kx+k+1=0的两个实数根.(1)是否存在实数k,使(2x1-x2)(x1-2x2)=eq\f(3,2)成立?若存在,求出k的值,若不存在,请说明理由.(2)求使eq\f(x1,x2)+eq\f(x2,x1)-2的值为整数的实数k的整数值.解:Δ=(-4k)2-4×4k(k+1)=-16k(k≠0),Δ≥0,k<0(因为k≠0),(1)存在,x1+x2=1,x1x2=eq\f(k+1,4k),由(2x1-x2)(x1-2x2)=eq\f(3,2)得:2(x1+x2)2-9x1x2=eq\f(3,2).2-9×eq\f(k+1,4k)=eq\f(3,2),所以k=-eq\f(9,7).(2)e
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