四川省广元市2025届高三物理上学期第一次适应性考试试题含解析

PAGE17-四川省广元市2025届高三物理上学期第一次适应性考试试题（含解析）二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.在物理学的发展过程中，科学的物理思想与方法对物理学的发展起到了重要作用，下列关于物理思想和方法的说法中，错误的是（）A.合力与分力的关系体现了等效替换的思想B.库仑扭秤试验和卡文迪许扭秤试验都用了放大的思想C.加速度a＝、电场强度E＝都采纳了比值定义法D.牛顿第肯定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，能用试验干脆验证【答案】D【解析】【详解】A．合力与分力的关系体现了等效替换的思想，故A正确，不符合题意；B．库仑扭秤试验和卡文迪许扭秤试验都用了放大的思想，故B正确，不符合题意；C．加速度a＝、电场强度E＝都采纳了比值定义法，故C正确，不符合题意；D．牛顿第肯定律是在试验的基础上经逻辑推理而得出的，采纳的是试验加推理的方法，反映了物体不受外力时的运动状态，而不受外力的物体不存在的，所以不能用试验干脆验证，故D错误，符合题意；2.米歇尔•麦耶和迪迪埃•奎洛兹因为发觉了第一颗太阳系外行星﹣飞马座51b而获得2024年诺贝尔物理学奖。飞马座51b与恒星相距为L，构成双星系统（如图所示），它们绕共同的圆心O做匀速圆周运动。设它们的质量分别为m1、m2且（m1＜m2），已知万有引力常量为G．则下列说法正确的是（）A.飞马座51b与恒星运动具有相同的线速度B.飞马座51b与恒星运动所受到的向心力之比为m1：m2C.飞马座51b与恒星运动轨道的半径之比为m2：m1D.飞马座51b与恒星运动周期之比为m1：m2【答案】C【解析】【详解】BD．双星系统属于同轴转动的模型，具有相同的角速度和周期，两者之间的万有引力供应向心力，故两者向心力相同，故BD错误；C．依据＝，则半径之比等于质量反比，飞马座51b与恒星运动轨道的半径之比，即r1：r2＝m2：m1，故C正确；A．线速度之比等于半径之比，即v1：v2＝m1：m2，故A错误。故选C.3.如图所示，在水平匀强电场中，有一带电粒子（不计重力）以肯定的初速度从M点运动到N点，则在此过程中，以下说法中正确的是（）A.电场力对该带电粒子肯定做正功B.该带电粒子的运动速度肯定减小C.M、N点的电势肯定有φM＞φND.该带电粒子运动的轨迹肯定是直线【答案】C【解析】【详解】AB．粒子的带电性质不知道，所以受到的电场力方向不确定，电场力可能做正功也可能做负功，则粒子的速度可能增加也可能减小，故AB错误；C．沿着电场线的方向电势肯定降低，所以φM＞φN，故C正确；D．粒子只受电场力作用，电场力的方向在水平方向，而粒子的运动方向和水平方向有一夹角，所以粒子不会做直线运动，故D错误；故选C.4.雨滴在空中下落过程中，空气对它的阻力随其下落速度的增大而增大。若雨滴下落过程中其质量的改变及初速度的大小均可忽视不计，以地面为重力势能的零参考面。从雨滴起先下落计时，关于雨滴下落过程中其速度的大小v、重力势能Ep随时间改变的状况，如图所示的图象中可能正确的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】AB．依据牛顿其次定律得：mg﹣f＝ma得：随着速度增大，雨滴受到的阻力f增大，则知加速度减小，雨滴做加速度减小的加速运动，当加速度减小到零，雨滴做匀速直线运动，故v﹣t图象切线斜领先减小后不变，故A错误，B正确；CD．以地面为重力势能的零参考面，则雨滴的重力势能为：Ep＝mgh﹣mg•at2Ep随时间改变的图象应当是开口向下的，故CD错误；故选B.5.“世纪工程”﹣港珠澳大桥已于2024年10月24日9时正式通车，大桥主桥部分由约为6.7km海底隧道和22.9km桥梁构成，海底隧道须要每天24小时照明，而桥梁只需晚上照明。假设该大桥的照明电路可简化为如图所示电路，其中太阳能电池供电系统可等效为电动势为E、内阻为r的电源，电阻R1、R2分别视为隧道灯和桥梁路灯，已知r小于R1和R2，则下列说法正确的是（）A.夜间，电流表示数为B.夜间，开关K闭合，电路中电流表、电压表示数均变小C.夜间，由于用电器的增多，则太阳能电池供电系统损失的电功率增大D.当电流表示数为I则太阳能电池供电系统输出电功率为EI【答案】C【解析】【详解】A．夜间，桥梁须要照明，开关K闭合，电阻R1、R2并联，依据闭合电路欧姆定律可知，电流表示数，故A错误；B．夜间，开关K闭合，总电阻减小，干路电流增大，电路中电流表示数变大，故B错误；C．依据能量守恒定律可知，夜间，由于用电器的增多，则太阳能电池供电系统损失的电功率增大，故C正确；D．当电流表示数为I，则太阳能电池供电系统总功率为EI，输出功率为EI﹣I2r，故D错误。故选C.6.2024年10月1日，在庆祝中华人民共和国成立70周年阅兵式上，习近平主席乘“红旗”牌国产轿车依次检阅15个徒步方队和32个装备方队（如图甲所示）。检阅车在水平路面上的启动过程如图乙所示，其中Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率P行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线，若检阅车的质量为m，行驶过程中所受阻力恒为f，则下列说法正确的是（）A.检阅车在t1时刻的牵引力和功率都是最大值，t2～t3时间内其牵引力等于fB.0～t1时间内检阅车做变加速运动C.0～t2时间内的平均速度等于D.t1～t2时间内检阅车克服阻力所做功为P（t2﹣t1）+【答案】AD【解析】【详解】A．由图象可知，检阅车运动过程为：Oa为匀加速直线运动，ab是恒定功率运动，且加速度在渐渐减小，所以t1时刻牵引力和功率最大，bc是匀速直线运动，t2～t3时间内其牵引力等于f，故A正确。B．0～t1时间段，由v﹣t图象知检阅车做匀加速直线运动，故B错误。C．在0～t2时间段，由v﹣t图象可知，检阅车先做匀加速运动再做变加速运动，故此段时间内平均速度大于，故C错误；D．设时间t1～t2内检阅车克服阻力所做功为Wf，由动能定理克服阻力所做功为，故D正确。故选AD.7.如图所示，两块长方体滑块A和B叠放在倾角为θ的斜面体C上。已知A、B质量分别为m1和m2，A与C的动摩擦因数为μ1，B与A的动摩擦因数为µ2．两滑块AB在斜面体上以相同加速度自由下滑，斜面体C在水平地面上始终保持静止，则下列说法正确的是（）A.斜面C受到地面的静摩擦力方向水平向左B.滑块A与斜面间的动摩擦因数µ1＝tanθC.滑块A受到斜面对其摩擦力的大小为µ1（m1+m2）gcosθD.滑块B所受的摩擦力大小为µ2m2gcosθ【答案】AC【解析】【详解】A．把AB看成一个整体，AB对C的压力在水平方向的分力为Nx＝（m1+m2）gcosθ∙sinθ方向水平向右，AB对C的摩擦力在水平方向的分力为fx＝fcosθ，方向水平向左。因为AB一起加速下滑，所以（m1+m2）gsinθ＞f，则Nx＞fx，所以斜面C有向右的运动趋势，则斜面C受到地面的静摩擦力方向水平向左。故A正确；B．因为AB一起加速下滑，所以μ1（m1+m2）gcosθ＜（m1+m2）gsinθ则μ1＜tanθ，故B错误；C．把AB看成一个整体，滑块A与斜面之间的摩擦力为f＝μ1（m1+m2）gcosθ故C正确；D．滑块AB一起加速下滑，其加速度为a＝gsinθ﹣μ1gcosθB与A之间的摩擦力是静摩擦，则AB之间的摩擦力为f′＝m2a＝mg（sinθ﹣μ1cosθ）故D错误。故选AC.8.如图甲所示，轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上．一质量为m的小球，从离弹簧上端高h处由静止释放，某同学在探讨小球落到弹簧后向下运动到最低点的过程，他以小球起先下落的位置为原点，沿竖直向下方向建立坐标轴Ox，做出小球所受弹力F大小随小球下落的位置坐标x的改变关系如图乙所示．不计空气阻力，重力加速度为g．以下推断正确的是A.当x=h+x0，重力势能与弹性势能之和最小B.小球到达最低点的坐标为x=h+2x0C.小球受到的弹力最大值大于2mgD.小球动能的最大值为mgh+mgx0【答案】ACD【解析】【详解】依据乙图可知，当x=h+x0，小球的重力等于弹簧的弹力，此时小球具有最大速度，以弹簧和小球组成的系统，机械能守恒可知，重力势能与弹性势能之和最小，故A正确；依据运动的对称性可知，小球运动的最低点大于h+2x0，小球受到的弹力最大值大于2mg，故B错误，C正确；小球达到最大速度的过程中，依据动能定理可知mg(h+x0)−mg•x0＝mv2，故小球动能的最大值为mgh+mgx0，故D正确；故选ACD．三、非选择题：共174分。第22～32题为必考题，每个试题考生都必需作答。第33～38题为选考题，考生依据要求作答。9.某同学用如图甲所示的试验装置探究恒力做功与小车动能改变的关系。试验中用砂和砂桶的总重力表示小车所受合力。（1）下列关于该试验的操作，正确的有_____。A．砂和砂桶的总质量应远小于小车的质量B．试验所用电磁打点计时器的工作电源应选用电压约为6V的蓄电池C．试验时，应先让打点计时器正常工作，后释放小车D．平衡摩擦力时，应挂上空砂桶，渐渐抬高木板，直到小车能匀速下滑（2）图乙为试验得到的一条点迹清楚的纸带，A、B、C、D、E、F、G是纸带上7个连续的点。已知电源频率为50Hz，则打点计时器在打D点时纸带的速度v＝_____m/s（保留三位有效数字）。（3）该同学平衡了摩擦力后进行试验，他依据试验数据画出了小车动能改变△Ek与绳子拉力对小车所做功W的关系图象，他得到的图象应当是_____。A.B.C.D.【答案】(1).AC(2).0.475（0.450～0.500都对）(3).A【解析】【详解】（1）[1]．A．试验中用砂和砂桶的总重力表示小车所受合力，为了使小车的合力近似等于砂和砂桶的总重力，砂和砂桶的总质量应远小于小车的质量，故A正确；B．试验所用电磁打点计时器的工作电源应选用电压约为6V的沟通电源，而蓄电池供应的是直流电源，故B错误；C．试验时，应先让打点计时器正常工作，后释放小车，才能够在纸带上打出足够多的点，故C正确；D．平衡摩擦力时，不应挂上空砂桶，故D错误。故选：AC。（2）[2]．C点的读数为1.65cm，E点的读数为3.55cm，CE的距离xCE＝（3.55﹣1.65）cm＝1.90cm。中间时刻的速度等于该时间段的平均速度，所以打点计时器在打D点时纸带的速度vD＝＝m/s＝0.475m/s。（3）[3]．依据动能定理：W＝△Ek，小车动能改变△Ek与绳子拉力对小车所做功W的关系图象是经过原点的一条直线，故A正确。10.要测量一个待测电阻Rx（190Ω～210Ω）的阻值，试验室供应了如下器材：电源E：电动势3.0V，内阻不计电流表A1：量程0～10mA，内阻r1约50Ω电流表A2：量程0﹣500μA，内阻r2为1000Ω电压表V1：量程0～1V，内阻RV1约为1kΩ电压表V2：量程0～10V，内阻RV2约为10kΩ滑动变阻器R：最大阻值20Ω，额定电流2A定值电阻R1＝500Ω定值电阻R2＝2000Ω定值电阻R3＝5000Ω电键S及导线若干求试验中尽可能精确测量Rx的阻值，请回答下面问题：（1）为了测定待测电阻上的电压，可以将电表___（选填“A1”、“A2”或“V1”、“V2“）串联定值电阻__（选填“R1”、“R2”或“R3”），将其改装成一个量程为3.0V的电压表。（2）利用所给器材，在虚线框内画出测量待测电阻Rx阻值的试验原理图（全部的器材必需用题中所给的符号表示）。（）（3）依据以上试验原理图进行试验，若测量电路中一只电流表的读数为6.2mA，另外一只电流表的读数为200.0μA．依据读数并结合题中所给数据求出待测电阻Rx＝_____Ω。【答案】(1).A2(2).R3(3).(4).200.0【解析】【详解】（1）[1]．将小量程的电流表改装成电压表，电流表须要知道两个参数：量程和内阻，故电流表选A2。[2]．依据串联电路特点和欧姆定律得：串联电阻阻值为：R＝＝﹣1000Ω＝5000Ω故选定值电阻R3；（2）[3]．由①知电压表的内阻RV＝R2+r2＝1000+5000＝6000Ω由于≈3.8～4.2，≈31.6～28.6，则故电流表应用用外接法；又滑动变阻器最大电阻远小于待测电阻阻值，故变阻器应用分压式接法，电路图如图所示（3）[4]．依据串并联电路特点和欧姆定律得：==200.0Ω11.如图，光滑固定斜面倾角为37°，一质量m＝0.1kg、电荷量q＝+1×10-6C小物块置于斜面上的A点，A距斜面底端R的长度为1.5m，当加上水平向右的匀强电场时，该物体恰能静止在斜面上，重力加速度g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8．求：（1）该电场的电场强度的大小；（2）若电场强度变为原来的一半，小物块运动到B点所需的时间和在B点的速度各是多少？【答案】（1）7.5×105N/C；（2）1s，3m/s。【解析】【详解】（1）如图所示，小物块受重力、斜面支持力和电场力三个力作用，则有在x轴方向：Fcos37°﹣mgsin37°＝0…①在y轴方向：FN﹣mgcos37°﹣Fsin37°＝0．……②解得：gE＝mgtan37°……③故有：E＝7.5×105N/C方向水平向右……④（2）场强改变后物块所受合力为：F＝mgsin37°﹣qEcos37°……⑤依据牛顿其次定律得：F＝ma……⑥故代入解得a＝0.3g＝3m/s2方向沿斜面对下由运动学公式可得：vB2﹣vA2＝2as解得：t＝1svB＝3m/s12.光滑水平面上有一质量m车＝1.0kg的平板小车，车上静置A、B两物块。物块由轻质弹簧无栓接相连（物块可看作质点），质量分别为mA＝1.0kg，mB＝1.0kg。A距车右端x1（x1＞1.5m），B距车左端x2＝1.5m，两物块与小车上表面的动摩擦因数均为μ＝0.1．车离地面的高度h＝0.8m，如图所示。某时刻，将储有弹性势能Ep＝4.0J的轻弹簧释放，使A、B瞬间分别，A、B两物块在平板车上水平运动。重力加速度g取10m/s2，求：（1）弹簧释放瞬间后A、B速度的大小；（2）B物块从弹簧释放后至落到地面上所需时间；（3）若物块A最终并未落地，则平板车的长度至少多长？滑块在平板车上运动的整个过程中系统产生的热量多少？【答案】（1）2m/s、2m/s；（2）1.4s；（3）3.25m；3.25J。【解析】【详解】（1）释放弹簧过程A、B系统动量守恒、机械能守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mAvA﹣mBvB＝0由机械能守恒定律得：代入数据解得：vA＝2m/svB＝2m/s；（2）由于A、B质量相等与桌面的动摩擦因数相等，在B在平板车上运动到左端过程小车所受合力为零，小车静止，B运动到小车左端过程，对B，由动能定理得：由动量定理得：﹣μmBgt1＝mBvB﹣mBv2，代入数据解得：vB＝1m/st1＝1s，B离开平板车后做平抛运动，竖直方向：，代入数据解得：t2＝0.4s，运动时间：t＝t1+t2＝1.4s；（3）B离开小车时：vA＝vB＝1m/s，B离开平板车后，A与平板车组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：mAvA＝（mA+m车）v由能量守恒定律得：代入数据解得：L相对＝0.25m；A、B同时在小车上运动时小车不动，B滑出小车时，A在小车上滑行的距离与B在小车上滑行的距离相等为1.5m，小车的最小长度：L＝1.5+1.5+0.25＝3.25m，系统产生的热量：E＝μmAgx1+μmBgx2＝3.25J；13.下列说法中正确的是（）A.随着科技的不断进步，肯定零度可能达到B.分子势能随着分子间距的增大，可能先减小后增大C.悬浮在水中的花粉的布朗运动反映了花粉分子的热运动D.肯定质量的志向气体在等压压缩的过程中内能肯定减小E.当卫星中的物体处于完全失重时，若一个固定的容器装有浸润其器壁的液体置于卫星内，则必需用盖子盖紧，否则容器中的液体肯定会沿器壁流散【答案】BDE【解析】【详解】A．肯定零度是不能达到。故A错误；B．两个分子之间的距离从无穷远到无限靠近的过程中，分子之间的作用力先是吸引力，后是排斥力，所以分子力先做正功，后做负功；同理，分子间距从无限靠近到无穷远的过程中，分子力也是先做正功，后做负功；所以可知分子势能随着分子间距的增大，可能先减小后增大。故B正确；C．布朗运动是悬浮在水中花粉的无规则运动，由于花粉是由花粉颗粒组成的，所以布朗运动反映的是花粉颗粒的运动，不是花粉分子的热运动，是液体分子的热运动的反应，故C错误；D．依据志向气体得状态方程可知，肯定质量的志向气体在等压压缩的过程中气体的温度肯定降低，而肯定量的志向气体得内能仅仅与温度有关，温度降低气体的内能减小，所以肯定质量的志向气体在等压压缩的过程中内能肯定减小。故D正确；E．当卫星中的物体处于完全失重时，若一个固定的容器装有浸润其器壁的液体置于卫星内，依据浸润的特点可知必需用盖子盖紧，否则容器中的液体肯定会沿器壁流散。故E正确；故选BDE.14.如图所示，一总质量m＝10kg的绝热汽缸放在光滑水平面上，用横截面积S＝1.0×10﹣2m2的光滑绝热薄活塞将肯定质量的志向气体封闭在汽缸内，活塞杆的另一端固定在墙上，外界大气压强P0＝1.0×105Pa．当气体温度为27℃时，密闭气体的体积为2.0×10﹣3m3（0℃对应的热力学温度为273K）。（ⅰ）求从起先对气体加热到气体温度缓慢上升到360K的过程中，气体对外界所做的功；（ⅱ）若地面与汽缸间的动摩擦因数μ＝0.2，现要使汽缸向右滑动，则缸内气体的温度至少应降低多少摄氏度？（设最大静摩擦力与滑动摩擦力相等，活塞始终在汽缸内，气体质量可忽视不计，重力加速度g取10m/s2。）【答案】（ⅰ）40J；（ⅱ）6℃。【解析】【详解】（ⅰ）气体压强不变，由盖•吕萨克定律得：解得：V2＝T2＝2.4×10﹣3m3气体对外界所做功W＝P0•△V＝P0（V