江西省南昌市新建县第一中学2024-2025学年高二化学开学考试试题含解析

PAGE18-江西省南昌市新建县第一中学2024-2025学年高二化学开学考试试题（含解析）一、单选题（每小题3分，共48分）1.下列说法正确的是A.用新制的氢氧化铜悬浊液可鉴别乙醇、乙醛和乙酸B.间二甲苯只有一种结构说明苯环中不存在碳碳双键C.甲烷与氯气在光照条件下发生取代反应，最多生成四种产物D.乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色和溴水褪色的原理相同【答案】A【解析】【详解】A．加入新制Cu(OH)2悬浊液，乙醇不反应，乙醛在加热时生成砖红色沉淀，乙酸和氢氧化铜发生中和反应，氢氧化铜溶解，现象不同，所以可以鉴别，故A正确；

B．间二甲苯只有一种空间结构不能说明苯的结构特征，邻二甲苯只有一种空间结构可以说明苯环中不存在单双键交替的结构，故B错误；

C．甲烷与氯气在光照条件下发生取代反应，最多可生成四种有机产物和HCl，故C错误；

D．乙烯使酸性高锰酸钾溶液褪色的原理是发生了氧化还原反应，乙烯和溴水发生的是加成反应，褪色的原理不相同，故D错误；

故答案：A。2.下列化学基本用语表述正确的是A.羟基的电子式B.醛基的结构简式—COHC.1—丁烯的键线式D.丙烷分子的比例模型为：【答案】C【解析】【详解】A．羟基的电子式为，A错误；B．醛基的结构简式为－CHO，B错误；C．1—丁烯的键线式为，C正确；D．丙烷分子的球棍模型为，D错误；答案选C。3.为提纯下列物质(括号内的物质为杂质)，所选用的除杂试剂和分别方法都正确的是()选项ABCD被提纯物质乙醇(水)乙醇(乙酸)乙烷(乙烯)溴苯(溴)除杂试剂生石灰氢氧化钠溶液酸性高锰酸钾溶液KI溶液分别方法蒸馏分液洗气分液A.A B.B C.C D.D【答案】A【解析】【详解】A.生石灰与水反应，消耗了乙醇中混有的水，蒸馏可得到乙醇；A项正确；B项，乙醇易溶于水，利用分液的方法不能将乙醇与盐溶液分别开；B项错误；C项，酸性高锰酸钾溶液可将乙烯氧化为二氧化碳，引入了新的杂质；C项错误；D项，溴可将KI氧化为碘单质，而碘易溶于溴苯，引入了新的杂质，D项错误；本题答案选A。4.有机物①在肯定条件下可以制备②，下列说法错误的是①→②A.①不易溶于水B.①芳香族同分异构体有3种(不包括①)C.②在碱性条件下的水解是我们常说的皂化反应D.②中全部碳原子可能共平面【答案】C【解析】【详解】A．依据有机物①的结构简式可知，该物质属于溴代烃，难溶于水，A说法正确，但A不符合题意；B．Br和—CH3处于苯环的相间位置，相对的位置，Br取代—CH3上的氢原子，共3种结构，B说法正确，但B不符合题意；C．油脂在碱性条件下的水解反应叫做皂化反应，C说法错误，但C符合题意；D．苯分子和乙烯分子中全部的原子都在同一平面上，故苯环与碳碳双键上的碳原子可能共面，—COOCH3中的两个碳原子，一个采纳sp2杂化，另一个采纳sp3杂化，全部碳原子可能共面，D说法正确，但D不符合题意；答案选C。【点睛】卤代烃中只含有憎水基，不含亲水基，故卤代烃是难溶于水的物质。5.丙烯酸（CH2=CH—COOH）能发生的反应可能有（）①加成反应②水解反应③酯化反应④中和反应⑤氧化反应A.只有①③ B.只有①③④ C.只有①③④⑤ D.①②③④⑤【答案】C【解析】【详解】丙烯酸中含有碳碳双键和羧基两种官能团，碳碳双键可以发生加成反应，氧化反应，羧基可以发生酯化反应、中和反应。丙烯酸不能发生水解反应。故选C。6.分子式为C5H9O2Cl并能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体的有机物有(不含立体异构)（）A.6种 B.7种 C.9种 D.12种【答案】D【解析】【详解】分子式为C5H9O2Cl并能与饱和NaHCO3溶液反应放出气体，这说明该有机物是饱和的一元羧酸的一氯代物，即分子组成为C4H9Cl—COOH，丁基有4种，分别是CH3CH2CH2CH2—，其一氯代物有4种，(CH3)2CHCH2—，其一氯代物有3种、(CH3)3C—，其一氯代物有1种、CH3CH2CH(CH3)—，其一氯代物有4种，所以共有12种，选D。7.由环己烷可制得1，2-环己二醇，反应过程如下：下列说法错误的是（）A.反应①是取代反应 B.反应②是消去反应C.反应③是取代反应 D.反应④可为B与NaOH溶液的反应【答案】C【解析】【详解】A．反应①中H被Cl取代，为取代反应，A正确；B．反应②为与氢氧化钠醇溶液发生的消去反应，生成，B正确；C．反应③为由和Br2发生加成反应生成，为加成反应，C错误；D．反应④为和NaOH水溶液在加热条件下发生水解反应生成，D正确。答案选C。【点睛】卤代烃在氢氧化钠的水溶液中加热发生水解反应，在氢氧化钠的醇溶液中加热发生消去反应。8.下列关于乙醇在各种反应中断裂键的说法不正确的是（）A.乙醇与钠反应，键①断裂B.乙醇在Ag催化作用下与O2反应，键①③断裂C.乙醇完全燃烧时，只有①②键断裂D.乙醇、乙酸和浓硫酸共热制乙酸乙酯，键①断裂【答案】C【解析】【详解】A、烷基的影响，羟基上的氢原子变得活泼，和金属钠反应产生氢气，应是①断裂，A正确；B、在Ag作催化剂条件下，发生氧化反应生成醛，应是①③键断裂，B正确；C、完全燃烧生成CO2和H2O，应是②③④⑤断裂，C错误；D、生成酯：酸去羟基，醇去氢，去的是羟基上的氢原子，因此是①断裂，D正确；故合理选项为C。9.下列关于有机物(a)的说法错误的是A.a、b、c的分子式均为C8H8B.b的全部原子可能处于同一平面C.c的二氯代物有4种D.a、b、c均能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色【答案】C【解析】【详解】A．结构中每个顶点为碳原子，每个碳原子形成四个共价键，不足键用氢补齐，a、b、c的分子中都含有8个C和8个H，则分子式均为C8H8，故A正确；B．b中苯环、碳碳双键为平面结构，与苯环或碳碳双键上的碳干脆相连的全部原子处于同一平面，单键可以旋转，则全部原子可能处于同一平面，故B正确；C．c有两种氢原子，c的一氯代物有两种，采纳“定一移一”法，先固定一个Cl，其次个Cl的位置如图所示：，移动第一个Cl在①位、其次个Cl在④位，c的二氯代物共有6种，故C错误；D．a、b、c中均有碳碳双键，具有烯烃的性质，均能使溴水和酸性KMnO4溶液褪色，故D正确；答案选C。10.某探讨小组经资料检索后发觉，药物贝诺酯能可由乙酸水杨酸和对乙酰氨基酚在肯定条件下反应制得，其反应的化学方程式为H2O下列有关叙述错误的是（）A.贝诺酯、乙酰水杨酸分子中都有酯基B.对乙酰氨基酚的分子式为C8H9O2NC.乙酰水杨酸能与NaHCO3溶液反应，并放出二氧化碳气体D.贝诺酯与足量NaOH溶液共热，最终产物之一是乙酰水杨酸钠【答案】D【解析】【详解】A.贝诺酯中含有的含氧官能团是酯基、肽键，乙酰水杨酸中含有的氧官能团是酯基、羧基，所以都有酯基，A正确；B.对乙酰氨基酚（）的分子中含8个C原子、9个H原子、2个O原子、1个N原子，其分子式为C8H9O2N，B正确；C.乙酰水杨酸中含有羧基，能与NaHCO3溶液反应，并放出二氧化碳气体，C正确；D.贝诺酯（）与足量NaOH溶液共热，酯基和肽键均发生断键，生成乙酸钠、邻羟基苯酸钠和对氨苯酚，不生成乙酰水杨酸钠，D错误；故答案为：D。11.某有机化合物的结构简式如图所示，此有机化合物属于：①烯烃；②多官能团有机化合物；③芳香烃；④烃的衍生物；⑤高分子化合物A.①②③④ B.②④ C.①②④ D.①③【答案】B【解析】【详解】①该有机物分子中含有碳碳双键，属于烯，但含有氧元素，所以不属于烯烃，①不正确；②该有机物分子中含有碳碳双键、酯基、羟基，属于多官能团有机化合物，②正确；③该有机物分子中含有苯环，属于芳香族化合物，但不属于烃，所以不属于芳香烃，③不正确；④该有机物由C、H、O三种元素组成，属于烃的衍生物，④正确；⑤该有机物的相对分子质量小于10000，不属于高分子化合物，⑤不正确；综合以上分析，只有②④正确，故选B。12.下列有机物试验室制备装置正确的是A.制乙烯 B.制乙炔C.制硝基苯 D.制乙酸乙酯【答案】C【解析】【详解】A．须要温度计测定温度为170℃，图中缺少温度计，故A错误；

B．生成氢氧化钙易堵塞瓶颈处，不能选启普发生器制备，故B错误；

C．水浴加热可制备硝基苯，图中装置合理，故C正确；

D．导管插入碳酸钠溶液中会发生倒吸，故D错误；

故选：C。13.下列反应的离子方程式正确的是A.乙酸乙酯与氢氧化钠溶液反应：CH3COOCH2CH3＋OH−→CH3COO−+CH3CH2O−+H2OB.醋酸溶液与新制氢氧化铜反应：2H+＋Cu(OH)2→Cu2+＋2H2OC.苯酚钠溶液中通入少量二氧化碳：2＋CO2＋H2O2＋COD.乙醛溶液与新制氢氧化铜碱性悬浊液共热CH3CHO+2Cu(OH)2+OH−CH3COO−+Cu2O↓+3H2O【答案】D【解析】【详解】A.乙酸乙酯与氢氧化钠溶液反应，生成乙酸钠和乙醇，A错误；B.醋酸为弱酸，离子反应方程式中应写分子式，B错误；C.苯酚钠与二氧化碳反应生成苯酚（65摄氏度下水中溶解度较小）和碳酸氢根，C错误；D.乙醛溶液与新制氢氧化铜碱性悬浊液共热，生成醋酸钠和红色的氧化亚铜，该离子方程式正确，D正确。答案选D。【点睛】苯酚钠与二氧化碳反应的生成物与二氧化碳的通入量无关，均生成碳酸氢根，因为苯酚的酸性强于碳酸氢根的酸性，故不行能生成碳酸根。14.以氯乙烷为原料制取乙二酸（HOOC-COOH）的过程中，要依次经过下列步骤中的（）①与NaOH的水溶液共热②与NaOH的醇溶液共热③与浓硫酸共热到170℃④与溴水反应⑤在Cu或Ag存在的状况下与氧气共热⑥与新制的Cu（OH）2悬浊液共热A.①③④②⑥ B.①③④②⑤ C.②④①⑥⑤ D.②④①⑤⑥【答案】D【解析】【分析】以氯乙烷为原料制取乙二酸(HOOC-COOH)，应先发生消去反应生成乙烯，再与卤素加成得到卤代烃，然后水解、氧化可得到乙二酸，据此分析解答。【详解】以氯乙烷为原料制取乙二酸(HOOC-COOH)，应先发生消去反应生成乙烯，再与卤素加成得到卤代烃，然后水解、氧化可得到乙二酸，其步骤为：②与NaOH的醇溶液共热发生消去反应生成乙烯；④与溴水加成得到1，2-二溴乙烷；①与NaOH的水溶液共热得到乙二醇；⑤在Cu或Ag存在的状况下与氧气共热氧化为乙二醛；⑥与新制的Cu(OH)2悬浊液共热氧化为乙二酸；即步骤为②④①⑤⑥，故选D。【点睛】本题的易错点为消去反应条件的选择，要留意卤代烃的消去反应须要NaOH的醇溶液，加热；醇的消去反应须要浓硫酸共热到170℃。15.丙烯酸羟乙酯（Ⅲ）可用作电子显微镜的脱水剂，可用下列方法制备：下列说法不正确的是A.化合物Ⅰ能与NaHCO3溶液反应生成CO2B.可用Br2的CCl4溶液检验化合物Ⅲ中是否混有化合物IC.化合物Ⅱ与乙醛互为同分异构体D.化合物Ⅲ水解可生成2种有机物【答案】B【解析】A．化合物Ⅰ中含有羧基，能与NaHCO3溶液反应生成CO2，故A正确；B．化合物Ⅲ和I分子结构中均含有碳碳双键，可与Br2的CCl4溶液发生加成反应，无法检验，故B错误；C．化合物Ⅱ与乙醛分子式均为C2H4O，二者互为同分异构体，故C正确；D．化合物Ⅲ是酯，水解生成乙二醇和丙烯酸，故D正确；答案为B。16.有机物M的结构简式为：有关M的下列叙述中正确的是（）A.可与H2反应，1molM最多消耗5molH2B.可与浓溴水反应，1molM最多消耗4molBr2C.可与NaOH溶液反应，1molM最多消耗4molNaOHD.M不能使酸性高锰酸钾溶液褪色【答案】C【解析】【详解】A、分子中含有1个苯环和1个碳碳双键，1molM最多消耗4mol氢气，A错误；B、酚羟基还两个邻位的氢原子，还含有1个碳碳双键，与浓溴水反应，1molM最多消耗3molBr2，B错误；C、含有1个酚羟基，1个氯原子。1个酚羟基形成的酯基，则与NaOH溶液反应，1molM最多消耗4molNaOH，C正确；D、酚羟基和碳碳双键均能使酸性高锰酸钾溶液褪色，D错误；答案选C。【点睛】解答时留意把握有机物的官能团与性质的关系，有机物的官能团代表该类有机物的主要性质，驾驭官能团的结构与性质是学好化学的基础，题目难度不大。易错选项是C，留意酯基水解后是否还产生酚羟基。二、填空题（除标注外，每空2分，共52分）17.按要求回答下列问题：（1）的名称为___；（2）A的化学式为C4H9Cl，已知A的核磁共振氢谱表明其只有一种化学环境的氢；则A的名称为___。（3）2，4-二氯甲苯的结构简式为___；（4）某物质结构如图所示，碳原子数为___；该物质可以与下列___(填序号)发生反应。A.KMnO4酸性溶液B.氢气C.溴水D.NaOH溶液（5）有机物A的结构简式为：，A在酸性条件下水解生成的芳香族化合物有多种同分异构体，请写出其中含有苯环(不含其它环状结构)、且能发生水解反应和银镜反应的同分异构体中核磁共振氢谱有五组峰的结构简式___。【答案】(1).3，3，6—三甲基辛烷(2).2—甲基—2—氯丙烷(3).(4).15(5).ABCD(6).、、【解析】【分析】（1）该有机物为烷烃，选取最长碳链为主链，然后从取代基编号之和最小的一端编号，先写出取代基位置，再写出主链名称；

（2）A的核磁共振氢谱表明只有一种化学环境的氢，说明含有3个甲基，其结构简式为（CH3）3CCl；

（3）甲基连接的碳为1号C，在2、4号C各含有1个氯原子；

（4）依据图示的有机物结构简式推断含有碳原子数；依据该有机物结构推断具有的化学性质；

（5）在酸性条件下水解C6H5CH=CHCOOH，C6H5CH=CHCOOH的同分异构体满意：含有苯环、能发生水解反应和银镜反应，应为甲酸形成的酯基，侧链含有-OOCH结构，且核磁共振氢谱有五组峰，据此书写结构简式。【详解】(1)，该有机物分子中最长碳链含有8个C，主链为辛烷，从右上方起先编号，在3号C含有2个甲基、6号C含有1个甲基，该有机物名称为3，3，6−三甲基辛烷；答案为3，3，6−三甲基辛烷。(2)A的分子式为C4H9Cl,核磁共振氢谱表明只有一种化学环境的氢，说明含有3个甲基，所以A的结构简式为(CH3)3CCl，其名称为2−甲基−2−氯丙烷；答案为2−甲基−2−氯丙烷。(3)2,4−二氯甲苯的主链为甲苯,甲苯所在的C为1号C，在2、4号C各含有1个氯原子，该有机物结构简式为，答案为。(4)依据该有机物的结构简式可知，其分子中含有15个C；该有机物含有碳碳双键，能够被酸性高锰酸钾溶液氧化，能够与氢气发生加成反应，能够使溴水褪色；分子中还含有羧基，能够与NaOH溶液发生中和反应，所以ABCD都正确。答案为15；ABCD。(5)在酸性条件下水解生成C6H5CH=CHCOOH,C6H5CH=CHCOOH有多种同分异构体,其中含有苯环、能发生水解反应和银镜反应,应为甲酸形成的酯，其侧链含有−OOCH结构,核磁共振氢谱有五组峰，符合条件的结构简式有：（五种氢）、（五种氢）；答案为、。【点睛】本题第（5）小问，在书写C6H5CH=CHCOOH的同分异构体时，满意含有苯环、能发生水解反应和银镜反应,应为甲酸形成的酯,其侧链含有−OOCH结构，还应特殊留意核磁共振氢谱有五组峰，否则就会多写，如（六种氢，舍去），（七种氢，舍去），（七种氢，舍去），而只有这两种，符合要求。18.按要求完成下列填空：（1）有机物A（）通过不同化学反应可制得下列三种物质：①写出反应A→B的化学方程式__。②指出C中官能团的名称__。③写出D与NaOH溶液在加热条件下反应的化学方程式__。（2）烯烃在肯定条件下氧化时可转化为醛或酮。例如：+CH3CHO，写动身生上述反应所得产物结构简式__。（3）有机物中加入足量__后，加热，再加入（或通入）足量的___，可转变为。【答案】(1).2+O22+2H2O(2).碳碳双键、羧基(3).+2NaOH+HCOONa+H2O(4).(5).NaOH溶液（或稀H2SO4）(6).CO2（或NaHCO3溶液）【解析】【分析】（1）①依据A、B的结构简式，A中的羟基发生氧化反应生成醛基；②依据C的结构简式，C中含有的官能团为羧基、碳碳双键；③D中含有酯基、羧基，均可与NaOH反应；

（2）依据题意可知，含有碳碳双键的有机物被氧化时生成碳氧双键；

（3）羧基的酸性大于碳酸，碳酸的酸性大于酚羟基。【详解】(1)①依据A.

B的结构简式，A中的羟基发生氧化反应生成醛基，则方程式为2+O22+2H2O，答案为2+O22+2H2O。②依据C的结构简式，C中含有的官能团为羧基、碳碳双键；答案为碳碳双键、羧基。③D中含有酯基、羧基,均可与NaOH反应,方程式为+2NaOH+HCOONa+H2O；答案为+2NaOH+HCOONa+H2O。(2)依据题意可知,含有碳碳双键的有机物被氧化时生成碳氧双键,则产物的结构简式为，答案：。(3)羧基的酸性大于碳酸,碳酸的酸性大于酚羟基,则向有机物中加入足量的NaOH溶液(或稀H2SO4)后，再加入足量的CO2(或NaHCO3)溶液)即可。答案为：NaOH溶液(或稀H2SO4)，CO2(或NaHCO3溶液)。19.7.4g有机物A完全燃烧生成8.96LCO2(标准状况下)和9g水，有机物B是A的同系物，1molB完全燃烧消耗氧气的物质的量比1molA完全燃烧消耗氧气的物质的量多1.5mol，B能与Na反应生成H2。（1）B的分子式为___。（2）若A不能发生催化氧化反应，则A的结构简式为___，若B不能发生消去反应，则B的结构简式为___。（3）若A、B的另外一种同系物C既不能发生催化氧化反应，也不能发生消去反应，则C至少有__个碳原子。【答案】(1).C5H12O(2).CH3C(OH)(CH3)2(3).HOCH2C(CH3)3(4).13【解析】【分析】（1）依据质量守恒计算与A完全燃烧参与反应氧气的质量，依据n=计算氧气、水的量物质的量，依据n=计算二氧化碳的物质的量，依据原子守恒计算A分子中C、H原子数目，推断A分子中是否含有氧原子并计算氧原子数目，确定A的最简式，据此确定A的分子式；B与A互为同系物，1molB完全燃烧消耗氧气的物质的量比1molA完全燃烧消耗氧气的物质的量多1.5mol，则B比A多1个CH2原子团，确定B的分子式；（2）A不能发生催化氧化，若含有-OH，则羟基连接的碳原子上没有H原子，B能与钠反应生成氢气，B分子中至少含有-OH、-COOH中的一种，B不能发生消去反应，若含有羟基，则与羟基相连的碳原子相邻的碳原子上没有氢原子，结合分子式确定A、B结构；（3）C既不能发生催化氧化反应，也不能发生消去反应，若含有羟基，羟基连接的碳原子上没有H原子，与羟基相连的碳原子相邻的碳原子上没有氢原子，则羟基相连的碳原子，至少还连接3个-C(CH3)3，结合有机物A、B的分子式确定C中碳原子个数。【详解】（1）8.96LCO2（标准状况下）的物质的量为=0.4mol，故n（C）=0.4mol，二氧化碳的质量为0.4mol×44g/mol=17.6g，A完全燃烧参与反应氧气的质量为17.6g+9g-7.4g=19.2g，氧气的物质的量为=0.6mol，水的物质的量为=0.5mol，n（H）=1mol，依据氧原子守恒可知，7.4g有机物中n（O）=0.4mol×2+0.5mol-0.6mol×2=0.1mol，故n（C）：n（H）：n（O）=0.4mol：1mol：0.1mol=4：10：1，依据C、H原子关系可知，4个C原子中最多须要10个H原子，故A的分子式为C4H10O，B与A互为同系物，1molB完全燃烧消耗氧气的物质的量比1molA完全燃烧消耗氧气的物质的量多1.5mol，则B比A多1个CH2原子团，B的分子式C5H12O。答案为C5H12O。（2）B能与钠反应生成氢气，B分子中含有-OH，有机物B是A的同系物，则A中含有羟基，A不能发生催化氧化，则羟基连接的碳原子上没有H原子，故A的结构简式为CH3C(OH)(CH3)2，B不能发生消去反应，则与羟基相连的碳原子相邻的碳原子上没有氢原子，则B为HOCH2C(CH3)3；答案为CH3C(OH)(CH3)2；HOCH2C(CH3)3。（3）若A、B的另外一种同系物C既不能发生催化氧化反应，也不能发生消去反应，羟基连接的碳原子上没有H原子，与羟基相连的碳原子相邻的碳原子上没有氢原子，则羟基相连的碳原子至少还连接3个-C(CH3)3，该同系物至少含有碳原子数目为4×3+1=13；答案为13。20.某课外活动小组利用如图装置进行乙醇的催化氧化试验制取乙醛，图中铁架台等装置已略去，粗黑线表示乳胶管。请填写下列空白：（1）甲装置经常浸在70∼80℃的水浴中，目的是__。（2）试验时，先加热玻璃管乙中的镀银铜丝，约1分钟后鼓入空气，此时铜丝即呈红热状态。若把酒精灯撤走，限制肯定的鼓气速度，铜丝能长时间保持红热直到试验结束。乙醇的催化氧化反应是__反应(填“放热”或“吸热”)，该反应的化学方程式为__。（3）该小组将丁中收集到的产物接着做试验探究：①在试管中加入2毫升10%的___（填化学式）溶液，在滴加四到五滴2%的___（填化学式）溶液，配制成氢氧化铜悬浊液。然后加入丁中的产物，在酒精灯上加热，可以看到__。②写出丁种物质与新制氢氧化铜反应的化学方程式__。【答案】(1).产生乙醇蒸汽(2).放热(3).2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O(4).氢氧化钠(5).硫酸铜(6).有砖红色沉淀生成(7).CH3CHO+2Cu(OH)2CH3COOH+Cu2O↓+H2O【解析】【详解】（1）乙醇具有挥发性，上升温度能促进乙醇的挥发，使生成乙醇蒸气的速率加快；答案为使生成乙醇蒸气的速率加快。（2）①试验时，先加热玻璃管乙中的镀银钢丝，约1分钟后鼓入空气，此时铜丝即呈红热状态，若把酒精灯撤走，限制肯定的鼓气速度，铜丝能长时间保持红热直到试验结束，说明反应引发后，不需加热即可进行究竟，说明该反应是放热的反应，乙醇发生催化氧化生成乙醛和水，方程式为2CH3CH2OH+O22CH3CHO+2H2O；答案为放热；2CH3CH2OH+