2024年山东省临沂市中考物理模拟试题（二）答案与解析

2024年山东省临沂市中考物理模拟试题（二）

一.选择题（每题2分，共40分）

1.在2024年世界移动通信大会上，华为发布了5.5G智能核心网解决方案，宣布2024年为5.5G商用元年，就这项通

讯技术，下列说法正确的是（）

A.电磁波的频率越高，传播的速度就越大B.5.5G无线电通讯是依靠电磁波传递信息的

C.电磁波不能在真空中传播D.只有电磁波可以传递信息

【答案】B

【解析】A.电磁波的传播速度与介质的种类有关，电磁波在不同介质中的传播速度一般不同，与频率无关，故A错误；

B.电磁波可以传递信息，也能在真空中传播，5.5G无线电通讯是依靠电磁波传递信息的，故B正确；

C.电磁波的传播不需要介质，可以在真空中传播，故C错误；

D.电磁波、声波等都可以传递信息，故D错误。故选B。

2.中国传统节日制作特色美食的过程与物理知识息息相关，以下分析正确的是（）

A.春节煮水饺时，开大火能使敞口锅中正在沸腾的水温度升高

B.元宵节炸元宵时,使用油炸是因为油的熔点高

C.端午节煮粽子时,粽香四溢说明分子在永不停息地做无规则运动

D.中秋节烘烤月饼时，通过做功的方式增加月饼的内能

【答案】C

【解析】A.液体沸腾时，继续吸热，温度不变，所以开大火不能使正在沸腾的水温度升高，故A错误；

B.由于食用油沸点比较高，所以炸元宵是因为油的沸点高，故B错误；

C.粽香四溢，是一种扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动，故C正确；

D.做功和热传递都能使物体内能增加，烘烤月饼是通过热传递的方式增加月饼的内能，故D错误。故选C。

3.下图展示的是学校田径运动会中最具观赏性和竞争性的项目之------百米短跑比赛的情境。以下描述正确的是

（）x

A.运动员鞋底有凹凸不平的花纹是为了减小摩擦力

B.运动员静止站立时受到的重力和支持力是平衡力'',

C.运动员快速冲刺时运动状态不变

D.运动员到达终点时受到惯性作用不能立即停下来

【答案】B

【解析】A.运动员鞋底有凹凸不平的花纹，增大了接触面的粗糙程度，是为了增大摩擦力，故A错误；

B.运动员静止站立时受到的重力和支持力都作用在运动员上，且大小相等、方向相反、在同一条直线上，是一对平衡

力，故B正确；

C.运动员快速冲刺时速度变大，运动状态发生改变，故C错误；

D.惯性是物体自身的特性，不能说受到惯性作用，运动员到达终点时不能立即停下来是因为运动员具有惯性，故D错

误。故选B。

4.2024年2月9日除夕夜，央视春晚中2500架无人机升空比出巨型爱心，为全球观众带来一场视觉盛宴。当开关，

闭合时无人机的指示灯亮起，再闭合S2时电动机启动，无人机起飞。下列电路设计符合要求的是（）

【答案】A

【解析】A.如图所示，灯与电动机并联，当开关&闭合时无人机的指示灯亮起，再闭合S?时电动机启动，无人机起飞。

单独闭合团,都不工作，故A符合题意；

B.如图所示，灯与电动机并联，当开关$闭合时电动机启动，无人机起飞。无人机的指示灯不亮，再闭合S2灯亮，故

B不符合题意

C.灯与电动机串联，两开关需要同时闭合才工作，故C不符合题意；

D.两开关同时闭合时会致电源短路，故D不符合题意。故选A。

5.2023年9月14日，国网临沂供电公司员工遥控5G智能机器人在10kv李村线上带电作业，如图所示。该机器人的

动力装置为电动机，以下各图中与电动机的工作原理相同的是（）

【答案】D

【解析】电动机是利用通电导体在磁场里受力运动的原理制成的。

A.图中是奥斯特实验，证明了电流周围可以产生磁场，与电动机的原理不同，故A不合题意；

B.图中闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流，是电磁感应现象，与电动机的原理

不同，故B不合题意；

C.图中是探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数关系的实验，与电动机的原理不同，故C不合题意；

D.图中有电源，通电导体在磁场中受力会发生运动，是电动机的原理，故D符合题意。故选D。

6.端午节举行龙舟赛时，运动员喊着号子、和着鼓点有节奏地同时划桨。下列有关现象说法错误的是（）

A.鼓声是通过空气传到岸上观众耳朵中的B.鼓声是由鼓面振动产生的

C.运动员打鼓用的力越大，鼓声音调越高D.岸上观众是通过音色分辨出鼓声、号子声的

【答案】C

【解析】A.声音能够在空气中传播，鼓声是通过空气传给岸上的观众的，故A正确，不符合题意；

B.声音是由物体的振动产生的，鼓声是由鼓面振动产生的，故B正确，不符合题意；

C.运动员敲鼓的力量越大，鼓面振动的振幅越大，鼓面的响度越大，故C错误，符合题意；

D.音色指声音的特色，不同的发声体因材料和结构不同，音色不同，观众能够分辨出鼓声和号子声，是因为这两种声

音的音色不同，故D正确，不符合题意。故选C。

7.2024年4月28日下午，多位网友拍到青岛出现“海市蜃楼”，海天之间群山叠嶂，令人不断感叹自然现象的神奇。

该现象在持续了约两小时后消失不见。下列与“海市蜃楼”原理相同的现象是（）

A.墙上"兔"B.水中“塔”C.空中“桥”D.光线射入树林中

【答案】C

【解析】“海市蜃楼”现象，是由于光的折射形成的。

A「墙上“兔”即影子，是由于光的直线传播形成的，故A不符合题意；

Bi.水中“塔”是平面镜成像，是由于光的反射形成的现象，故B不符合题意；

C）.空中“桥”是彩虹，是光的色散现象，本质是由于光的折射形成的，故C符合题意；

D）.光线射入树林中时，在树林的空隙中形成光束，是由于光的直线传播，故D不符合题意。故选C。

8如图所示是苍鹭从平静水面上起飞的瞬间，关于苍鹭在水面所成的像，下列说法正确的是（

A水中的像是光的折射形成的B.苍鹭飞离水面的过程中像会变小

C飞得越高，像离水面越远D.水越深，水中的像离苍鹭越远

【答案】C

【解析】A.平静的水面相当于平面镜，水中的像是光的反射形成的，故A错误；

B.平面镜所成的像是正立、等大的虚像，像始终与物体大小相等，即苍鹭飞离水面的过程中像的大小不变，故B错误;

C.飞得越高，物距越大，平面镜成像时像距和物距相等，即像距变大，像离水面越远，故C正确；

D.物距是苍鹭到水面的距离，像距是苍鹭所成的像到水面的距离，二者始终相等，与水的深度无关，故D错误。

故选

9.如图所示，将压强计的金属盒放在水中某一深度处，U形管两侧液面出现高度差。下列操作会

使高度差增大的是（）

①仅向烧杯中加一些水；②仅将金属盒水平移动；

③仅改变金属盒面的朝向；④仅在水中加入食盐，食盐溶解后。

A.①③B.①④C.②③D.②④

【答案】B

【解析】①仅向烧杯中加一些水，会使金属盒所处深度增大，金属盒受到压强增大，会使U形管两侧液面高度差增大，

符合题意；

②仅将金属盒水平移动，金属盒受到压强不变，U形管两侧液面高度差不变，不符合题意；

③仅改变金属盒面的朝向，金属盒受到压强不变，U形管两侧液面高度差不变，不符合题意；

④仅在水中加入食盐，食盐溶解后，会使液体密度增大，金属盒受到压强增大，会使u形管两侧液面高度差增大，符

合题意。

所以使U形管两侧液面高度差增大的操作是①④。故ACD不符合题意，B符合题意。故选B。

10.关于温度、内能、热量、热值和比热容，下列说法正确的是（）

a.温度高的物体含有的热量多b.某种燃料完全燃烧时热值会变大

c.内能大的物体其温度一定高d.比热容大的物质吸热或放热的本领强

e.物体只吸收热量而不对外做功，温度不一定升高f.物体吸收了热量，内能一定增加，温度一定升高

A.abB.cdC.efD.de

【答案】D„

【解析】a.热量是在热传递过程中传递内能的多少，是过程量，不能说物体含热量，故a错误；

b.热值是燃料本身的特性，热值的大小只与燃料的种类有关，与燃烧程度无关，故b错误；

c.内能大小与物体的质量、温度、状态等都有关系，因此内能大的物体温度不一定高，故c错误；

d.比热容表示的是单位质量的某种物质，温度升高（或降低）rc,吸收（或放出）的热量，比热容是物质本身的一

种特性，比热容大的物质吸热或放热的本领强，故d正确。

ef.物体只吸收热量而不对外做功，物体的内能增加，但是物体的温度不一定升高，如晶体熔化过程中不断吸热，温度

不变，故e正确,f错误。故选D。

11.“劳则思，思则善心生”，劳动的过程就是一种学习。某学校劳动教育课堂上，以下劳动场景中，利用了费力杠

杆的是（）

A.利用撬棒撬大石块B.用手拿石块C.用钢丝钳剪铁丝D.用羊角锤拔钉子

【答案】B

【解析】A.利用撬棒撬大石块、用钢丝钳剪铁丝、用羊角锤拔钉子时，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，故ACD不符

合题意；

B.用手拿石块时，若把前臂看成杠杆，支点在肘关节位置，肱二头肌收缩抬起前臂是动力，石块作用在手上产生的

力是阻力，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故B符合题意。故选B。

12.如图所示，C919国产大飞机首度服务2024年春运。下列说法正确的是（）

A.起飞时，飞机在跑道上加速滑行时惯性逐渐增大

B.飞机在上升过程中，舱外的大气压会变小

C.机翼是利用气体流速大，压强大的原理获得升力

D.飞机座椅设计得很柔软，是为了减小乘客对座椅的压力

【答案】B

【解析】A.惯性的大小与质量有关，与速度无关，故惯性不变，故A错误；

B.大气压强与高度有关，高度越高气压越低，飞机在上升过程中，高度变大，舱外的大气压会变小，故B正确；

C.液体压强与流速有关，机翼是利用气体流速大，压强小的原理获得升力，故C错误；

D.飞机座椅设计得很柔软，很容易发生形变，人坐上去后，受力面积较大，是为了减小乘客对座椅的压强。故D错误。

故选Bo

13.物理学在生活中的应用无处不在，我们要成为“物理知识”的好朋友，下列估测正确的是（）

A.人步行的速度大约是5m/sB.人体感觉温暖又舒适的房间温度大约33℃

C.冰箱正常工作时的电流约为10AD.一瓶596mL“娃哈哈”纯净水重约6N

【答案】A。

【解析】A.人正常步行的速度约为1-1.5m/s,故A错误;

B.人体感觉温暖又舒适的房间温度大约23℃,故B错误；

P220W

C.冰箱功率通常在220W左右，其正常工作时电流约为/=—=------=1A,故C错误；

U220A

D.一瓶596mL“娃哈哈”纯净水质量约为600g,重约6N,故C符合题意。故选A。

14.如图所示的电路中，电源电压保持不变，片为滑动变阻器，兄为定值电阻。闭合开关s后，滑r#l―~I

片从最左端向右移动到中点的过程中，下列说法正确的是（）工二

A.电流表A1的示数变大，电流表A2的示数变大B.电压表V的示数与电流表上的示数的比值变大

C.电压表V的示数不变，电流表总的示数不变D.电路中总功率变小

【答案】C

【解析】A.由电路图可知，石与此并联，电流表4测干路电流，电流表A,测用支路的电流，滑片向右移动导致电阻

变小，该支路电流变大，但未影响另一条支路，所以A?示数不变，干路电流等于各支路电流之和，所以电流表A1示数

变大，故A错误；

B.电压表测电源电压，电源电压不变，所以电压表V的示数不变；由A选项可知，电流表Ai示数变大，所以电压表V

的示数与电流表上的示数的比值变小，故B错误；

C.电压表测电源电压，电源电压不变，电压表V的示数不变，电阻尼不变，所以该支路电流不变，电流表A2示数不变，

故C正确；

2

D.因电路中的总电阻变小，电源的电压不变’由「二T今J可知’电路的总功率变大’故D错误。故选C。

15.如图所示，2024年2月23日凌晨，因电动车违规进入居民楼充电，南京市某小区发生特大火灾，引发社会关注。

关于安全用电下列做法不正确的是（）

A.发生火灾时要先断电再灭火

B.用电器充完电后要及时拔掉充电器

C.只要插排上的插孔足够多，就可以插满不同用电器同时使用

D.带金属外壳的家用电器通常使用三孔插座并接地

【答案】C

【解析】A.发生火灾时要先断电再灭火，以免用水灭火时因电路短路造成触电事故，故A正确，不符合题意;

B.用电器充完电后要及时拔掉充电器，防止用电器由于长时间充电发热引起电路短路而造成安全隐患，故B正确，不

符合题意;

C.插排上的插孔足够多，也不可以插满不同用电器同时使用，因为这样会造成电路的总功率过大，总电流过大，故B

错误，符合题意;

D.带金属外壳的家用电器通常使用三孔插座并接地，防止由于电器漏电时人触碰金属外壳而发生触电事故，故D正确，

不符合题意。故选C。

16.2024年2月20日，甲辰龙年首轮寒潮展现威力，山东多地在降雪初期，似雪非雪、似雹非雹的“小冰粒”砸的门

窗僻啪作响，气象专家介绍，空气中下的这种颗粒名为霰[xidn],属于固态降水的一种，“霰”，白色不透明，多

为球状，落地易碎，是水滴穿过冰冷云层冻结而成。下列物态变化与“霰”相同的是（）

D.倒挂冰凌

【答案】D

【解析】“霰”是液态的水滴凝固成固体。

A.冰雪消融,是固态变成液态，属于熔化现象，故A不符合题意；

B.露水凝结,是气态变成液态，属于液化现象，故B不符合题意；

C.霜打落叶,是气态直接变成固态，属于凝华现象，故C不符合题意；

D倒挂冰凌,是液态变成固态，属于凝固现象，故D符合题意。故选D。

17.2024年4月30日16时56分，北京航天飞行控制中心通过地面测控站发出返回指令，神舟十七号载人飞船轨道舱

与返回舱成功分离。之后，飞船返回制动发动机点火，推进舱与返回舱分离，2024年4月30日17时46分，返回舱在

东风着陆场成功着陆，航天员汤洪波、唐胜杰、江新林顺利出舱。下列说法正确的是（）

a.北京航天飞行控制中心通过地面测控站发出返回指令是通过超声波进行的

b.返回舱和大气层空气会产生剧烈摩擦，高温高热，这是通过做功的方式增加了返回舱的内能

c.当返回舱距离地面10公里左右时，静压高度控制器发出信号，返回舱的引

导伞、减速伞和主伞相继打开，返回舱在减速下落的过程中，机械能不变。

d.在返回的过程中，要进行两次调姿，这说明力是改变物体运动状态的原因。

A.abB.cdC.acD.bd

【答案】D

【解析】a.北京航天飞行控制中心通过地面测控站发出返回指令是通过电磁波进行的，故a错误；

b.返回舱和大气层空气会产生剧烈摩擦，克服摩擦做功，这是通过做功的方式增加了返回舱的内能，故b正确;

c.返回舱在减速下落的过程中，动能、重力势能都在减小，所以机械能减小，故c错误;

D.在力的作用下飞船进行调姿，改变了飞船的运动状态，这说明力是改变物体运动状态的原因。故d正确。故选D。

18.甲、乙两只完全相同的杯子盛有不同浓度的盐水，将同一只鸡蛋先后放入其中，当鸡蛋静止时，两杯中液面相平,

鸡蛋所处的位置如图所示。则下列说法中正确的是（

A.鸡蛋在乙杯中受到浮力较大B.鸡蛋在甲杯里排开液体的质量较大

C.乙杯底部所受液体的压强较大D.甲乙两个杯子对桌面的压力一样大

【答案】C

【解析】AB.读图可知，鸡蛋在甲杯中悬浮，在乙杯中漂浮，则由浮沉条件可知，它们此

时所受的浮力都等于自身的重力，即浮力相同，因此所排开液体的质量也相同。故A、B错误；

C.鸡蛋在甲杯中悬浮，在乙杯中漂浮，说明甲杯中盐水的密度小于乙杯中盐水的密度，又因为两杯中液面相平，由公

式上。的可知，乙杯底部所受液体的压强较大，故c正确；

D.由于甲杯中鸡蛋全部浸没后与乙杯中鸡蛋部分浸没后液面相平，即说明原来甲杯中液体的体积小，乙杯中液体的体

积多，且甲杯中液体的密度小于乙杯中液体的密度，故甲杯中液体的质量小于乙杯液体的质量，故甲杯对桌面的压力

小于乙杯对桌面的压力，故D错误。故选C。

19.如图所示的电路中，电流表Ai的示数为0.5A,AZ的示数为0.3A,电阻R2的阻值为

10下列说法正确的是（）

A.通过电阻Ri的电流为0.5AB.电源电压为5V

C.电阻Ri的阻值为15QD.若断开开关S2,电流表人示数变大

【答案】C

【解析】由电路图可知，两电阻并联,电流表A2测R?支路的电流，电流表4测干路的

电流；开关，控制整个电路，开关S2控制电阻Ri；因为并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过电阻Ri的

电流：，=1-右=O.5A-0.3A=0.2A,故A错误；又因为并联电路中各支路两端的电压相等，故根据欧姆定律可得,

nU3V…

电源的电压:U=U2=/2^=03AxlOO=3V,故B错误；电阻R的阻值:「广记T'’故C正确。

若断开开关Sz,电流表4只测量史的电流，电流表Ai示数变小，故D错误。故选C。

20.图甲所示电路中，电源电压不变,用为定值电阻，用为滑动变阻器。cz

闭合开关，将用滑片从位置1移到位置2,根据两表示数作出的///、

图像如图乙中47所示，其中4点的数据与滑片在位置1时对应，下列I

判断正确的是（）Adi）

A.电源电压为3VB.滑片移动过程中，石接入电路阻值变大%

C.电阻用的历/图像一定与线段47相交D.滑片移动过程中电路消耗的总功率先变大后变小

【答案】C

【解析】由图甲可知，定值电阻片与滑动变阻器用串联，电压表测滑动变阻器用两端的电压，电流表测电路中的电流。

A.由图乙可知，其中4点的数据与滑片在位置1时对应，此时电压表示数为2V,电流表示数为0.1A,电源电压

。=。1+。2=/鸟+。2=01人・夫1+2V①；滑片在2位置时，电压表示数为IV,电流表示数为0.3A,电源电压

U=UI+U2=1|R+U2=0-3A-K+1V②，由①②可得U=2.5V,片=5。，故A错误；

B.如图乙所示，滑片在移动的过程中，电压表的示数减小，电流表的示数增大，由，=乌可知，在电源电压一定时，

电路中的总电阻变小，电路中的变大，滑动变阻器与定值电阻串联，滑片移动过程中，用接入电路阻值变小，故B错

误；

Tj2V

C.定值电阻的阻值为5Q,滑动变阻器的滑片在位置1时连入电路中的电阻/=」=——=20。，所以当滑动变

滑I0.1A

阻器连入电路中的电阻也为5Q时，定值电阻用和滑动变阻器用两端的电压相等，电流相等，此时电路中的电流

U_U2.5V

0.25A,电压表的示数。滑=U；=〃?]=0.25Ax5C=L25V,即电阻用的心/图像一

R息4+%5Q+5Q

定与线段46相交的历/图像，故C正确；

D.由图乙可知，滑片移动过程中电路中的电流变大，在电源电压一定时，由P=UI可知，电路中的电流变大，电路消耗

的总功率变大，故D错误。故选C。

二填空题（每空1分，共18分）

21.2024年5月1日8时许，我国第三艘航空母舰福建舰从上海江南造船厂码头解缆启航，赴相关海域开展首次航行试

验。中国人民解放军海军福建舰（英文：Type003AircraftCarriers[19]舷号：18,

简称福建舰），是中国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，采用平直通长飞行

甲板，配置电磁弹射和阻拦装置，总长320米，最大吃水深度11米以上，最大宽度为

78米，满载排水量8万余吨。

（1）电磁弹射就是采用电磁的能量来推动被弹射的物体加速向外运动，其实就是电磁

炮的一种形式，其原理与（发电机、电动机）的原理相同，物体加速向外运动说明力可以改变物体的。

（2）福建舰满载排水量按8万吨计算，满载时福建舰受到的浮力N,当舰载机起飞后，福建舰受到的浮力将

，如果最大吃水深度11米，舰底受到的海水的压强是Pa。（P»*=1.03X103kg/m\g=10N/kg）

（3）我们看到红色塔吊，是因为塔吊能够红光；阳光下看到水面波光粼粼，是光的现象。

（4）福建舰行驶时，周围海水的流速大，压强o

【答案】（1）发电机运动状态（2）8X10'减小1.133X105（3）反射反射（4）小

【解析】（1）电磁弹射系统相当于通电导体在磁场里受力运动，原理相当于电动机。物体加速向外运动，物体的速度

发生变化，物体的运动状态改变了，说明力可以改变物体的运动状态。

（2）F浮=0排=111排g=8X10，kgX10N/kg=8X108N。福建舰处于漂浮状态，有F?j=G总。当舰载机起飞后，福建舰的总重力

减小，所以福建舰受到的浮力将减小。最大吃水深度11米，舰底受到的海水的压强

p=P海水gh=l.03X103kg/m3X10N/kgX133X10°Pa。

（3）看到红色塔吊，是因为塔吊能够反射红光；阳光下看到水面波光粼粼，是光的反射现象。

（4）福建舰行驶时，周围海水的流速大，压强小。

故答案：（1）发电机运动状态（2）8X10'减小1.133X105（3）反射反射（4）小

22.2024年5月3日17时27分，嫦娥六号探测器由长征五号遥八运载火箭在中国文昌航天发射场成功发射，准确进入

地月转移轨道，发射任务取得圆满成功。嫦娥六号探测器开启世界首次月球背面采样返回之

旅，预选着陆和采样区为月球背面南极-艾特肯盆地。

（1）长征五号遥八运载火箭利用液氢作为燃料，是因为液氢的大。在火箭发射塔底

部会有一个水池，在池子里会存储一定量的水，利用这些水进行降温，是因为水的

大。发射时，看到发射塔周围有大量的白气形成，白气是水蒸气形成的。

（2）在发射时，火箭向后喷出高温的燃气，从而推动火箭加速前进，这一现象表明物体力的作用是的。火箭在

加速前进的过程中，携带的嫦娥六号探测器的质量将。（“变大”“变小”“不变”）

【答案】（1）热值比热容液化（2）相互不变

【解析】（1）长征五号遥八运载火箭利用液氢作为燃料，是因为液氢的热值大。利用这些水进行降温，是因为水的比

热容大。白气是水蒸气液化形成的。

（2）火箭向后喷出高温的燃气，从而推动火箭加速前进，这一现象表明物体力的作用是相互的。物体的质量与物体形

状、状态、位置、温度等因素都无关，火箭在加速前进的过程中，携带的嫦娥六号探测器虽然位置改变了，但是它的

质量将不变。

故答案：（1）热值比热容液化（2）相互不变

23.(1)某型电动自行车的电动机的额定工作电压和额定工作电流分别为36V和5A,电动机的电阻为0.2Q。给电动

自行车充电时，电动自行车的电池相当于(选填“用电器”或“电源”)，电动机正常工作时发热消耗的功率

W；电动机正常工作时每分钟所做的机械功Jo

(2)如图所示是电阻甲和乙的I-U图象，若将电阻甲和乙并联后接在电压为3V的电源两

端时，干路的总电流为—A；若将电阻甲和乙串联后接在另一电源两端，通过甲的电流为

0.5A,则该电源电压为—V。

【答案】用电器5105000.88

【解析】(1)电源是提供电能的，用电器是消耗电能的。给汽车电池充电时，要消耗外部

的电能，转化为化学能储存在蓄电池里，所以充电时汽车电池相当于用电器。

2

电动机正常工作时，发热功率为：P热=『r=(5A)X0.2^=5W„

电动机正常工作时的额定功率为p额=U额I额=36VX5A=180肌则电动机的输出机械功率为：P出=P额-P热=180W-5W=175W,

则电动机正常工作时每分钟做的机械功为：W=Pfllt=175WX60s=10500J„

(2)由图象可知，当U甲=U乙=3V时，I甲=0.3A,I乙=0.5A,则根据并联电路的电流特点可知：1=1甲+1乙=0.3A+0.5A=0.8A«

若将电阻甲和乙串联后接在另一电源两端时，通过甲的电流为0.5A,由于串联电路中电流处处相等，通过乙的电流也

为0.5A,由图象可知，此时U用=5V,U乙=3V,所以根据串联电路的电压特点可知：电源电压U=U甲+U乙=5V+3V=8V。

故答案为：用电器5105000.88

三.作图与实验探究(24题，2分；25题，4分；26题，5分；27题，4分；28题，5分；29题，4分；共24分)

24.如图，用细线把一个小球悬挂起来，将小球拉到位置A,松开手后小球在A、B、C点之间来回摆动。画出小球在

位置A时的受力示意图。

【解析】小球在A位置时，受到竖直向下的重力和细线对小球的拉力，如图所示:

25.在“探究凸透镜成像规律”的实验中，小明同学依次进行了如下操作;

(1)小明想知道实验中凸透镜焦距，他将镜面垂直于阳光，在凸透镜下面放上白纸(白纸与透镜平行)，测出透镜

到白纸间距S与对应白纸被烤焦的时间t,绘出了如图甲所示的图象，由图象可判断该凸透镜的焦距/为cm；

(2)在光具座上组装并调整好实验器材。小明先固定好凸透镜和蜡烛，发现无论怎样左右移动光屏，光屏上只有一个

与透镜大小几乎相同的光斑，其原因是；

(3)当蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图乙所示时，小明看到光屏上出现一个清晰像，生活中应用该成像原

理制作的光学仪器是(选填“照相机”“放大镜”或“投影仪”)；接着他保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸

透镜移到cm刻度线处时，光屏上又观察到烛焰清晰的像。

【答案】①.10②.蜡烛置于焦点处③.照相机④.35

【解析】(1)口］由图乙可知，当透镜与白纸间距s=10cm时，白纸被烤焦的时间/=4min,所用的时间最短，说明太阳

光经过凸透镜会聚后该点的温度最高，这个点就是凸透镜的焦点，则测出透镜与白纸间距即为焦距户10cm。

(2)［2］光屏上只有一个与透镜大小几乎相同的光斑，这说明光平行于主光轴射出，则可能将蜡烛置于焦点处了。

(3)［引当烛焰、凸透镜、光屏在光具座标尺上位置如图所示时，光屏上出现一个清晰倒立的实像，此时物距大于像距，

成缩小的实像，是照相机的原理。

［4］由图乙可知，此时物距〃=50cm-20cm=30cm,而对应的像距v=65cm-50cm=15cm。根据光的可逆性可知，当物距等

于15cm时，则像距等于30cm,由此可知保持蜡烛和光屏的位置不动，将凸透镜移到35cm刻度线处时，此时物距刚

好等于15cm,则此时光屏上又观察到烛焰清晰的像。

26.如图所示，“探究水沸腾时温度变化的特点”实验。

甲乙

(1)两位同学根据观察画出的水沸腾时气泡变化示意图，正确的是(选填“甲”或“乙”)；

(2)他们用相同的酒精灯分别加热两杯热水，根据实验记录数据分别绘制了如图所示a、b两条沸腾曲线，分析图像

及实验过程可知：热水的初温为；水沸腾时，继续加热，温度(选填“升高”“降低”或“不变”)；

(3)造成两个小组绘制出的图像不同的原因是；

(4)如图所示，将烧瓶中的水加热至沸腾后停止加热，迅速塞上瓶塞并倒置，然后向瓶底浇冷水，发现水重新沸腾。

水重新沸腾是因为。

【答案】①.乙②.90℃③.不变④.两杯水的质量不同⑤.瓶内水蒸气温度降低液化、气压减小,

水的沸点降低

【解析】(1)口］水沸腾时，各处的水的温度相同，产生的气泡在上升过程中不断有水汽化进入气泡，同时水的压强越

来越小，气泡逐渐变大，所以乙图正确。

(2)［2］［3］由图像可知，加热前水的初温为90℃；水沸腾时，继续加热，水吸热但温度不变。

(3)［4］由图像可知，两个小组水的初温和末温都相同，但加热至沸腾的时间不同，原因可能是水的质量不同，质量多

的加热时间更长一些。

(4)［5］水的沸点与气压有关，气压减小，沸点随之降低；将烧瓶中的水加热至沸腾后停止加热，迅速塞上瓶塞并倒置，

然后向瓶底浇冷水，瓶内气体温度降低，水蒸气液化形成小水滴，瓶内气压降低，水的沸点降低，当沸点低于水的温

度时水会重新沸腾。

27.我县河道改造竣工，将一个水清、岸绿、景美的新河道呈现在市民面前。小强想利用天平和量筒等器材测量河水的

密度。

K----,

mL

—50

(1)小强将天平放在水平桌面上，将游标移至标尺左端的零刻度线处，此时指针位置如图甲所示。要使天平横梁平衡,

应向调节平衡螺母，直到天平平衡；

(2)向烧杯中倒入适量河水，将装有河水的烧杯放在已调平的天平左盘，向右盘中加减祛码并调节游码，天平再次平

衡后，右盘中祛码和游码在标尺上的位置如图乙，则河水和烧杯的总质量为g;

(3)将烧杯中的河水倒入量筒中一部分，如图丙；

(4)用天平测出剩余河水和烧杯的总质量为53.2g,则所测河水密度为kg/m3；

(5)在把烧杯中的河水倒入量筒中时，如果有几滴河水滴到桌面上，会导致所测河水密度值______(选填“偏大”或

“偏小”)。

【答案】①.右②.93.6③.l.OlXlCf④.偏大

【解析】(1)[1]此时指针位置如图甲所示，指针偏左，表明左边要重一些，要使天平横梁平衡，应向右调节平衡螺

母，直到天平平衡。

(2)[2]右盘中祛码和游码在标尺上的位置如图乙，标尺的分度值为0.2g,游码读数为3.6g,则河水和烧杯的总质量

为m总=50酎20g+20g+3.6g=93.6g。

(3)将烧杯中的河水倒入量筒中一部分，如图丙，量筒分度值为2mL,液体的体积为V=40mL=40cm3。

(4)[3]用天平测出剩余河水和烧杯的总质量为53.2g,则量筒内液体的密度为mxm总-m余=93.6g-53.2g=40.4g,

所测河水密度为p==40飞=1.01g/cm3=1.01xl03kg/m3。

V40cm一

(5)[4]在把烧杯中的河水倒入量筒中时，如果有几滴河水滴到桌面上，会导致所测倒出的河水的体积偏小，根据密

度公式密度值偏大。

28.某科技小组用伏安法测量小灯泡的电阻，其额定电压为3.8V。检查器材时发现电压表“0〜15V”量程不能用，电流表

完好，电源电压恒定为6V,于是连接了如图甲所示的电路。

(1)实验的原理是;

(2)图甲中有一根导线连接错误，请在该导线上打“x”，并用笔重新画一根正确连接的导线(导线不得交叉)；

(3)改正错误后，闭合开关，移动滑片至某位置时，电压表的示数为3V,为测量小灯泡正常发光时的电阻，应将滑

片P向(选填"A”或“3”)端移动；

(4)小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示为____，小灯泡的电阻是(保留1位小数)。

R=(3)B(4)0.26A14.6Q

【解析】(1)[1]伏安法测量小灯泡的电阻的实验的原理是氏=一。

(2)[2]小灯泡的额定电压为3.8V。检查器材时发现电压表“0〜15V”量程不能用，电源电压恒定为6V,则可以将电压

表与滑动变阻器并联，当电压表示数为2.2V时，灯泡正常发光，故作图如下：

(3)［引闭合开关，移动滑片至某位置时，电压表的示数为3V,则根据串联分压原理，应减小变阻器的电压，将滑片

P向B端移动，使得电压表示数为2.2V。

(4)⑷⑸小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，选用小量程，分度值为0.02A,示数为0.26A,则小灯泡的

TJ§QV

电阻为R=2=上—。14.6。o

I0.26A

29.小明同学在“探究通过导体的电流与电阻的关系“时，他用如图所示的电路进行实验,可供选择的定值电阻分别为2.5。、

5Q、10。、15Q、20。、250实验中电阻R两端的电压始终保持3V不变，滑动变阻器的规格为“15。1A”。

(1)请用笔画线代替导线，将图中实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向2端移动时接入电路的电阻变大;

(2)连接电路、操作都正确，闭合开关后，小明发现电流表示数为0,电压表示数很大，故障原因可能是;

(3)实验中，不能被选用的电阻为—

(4)正确实验结束后，得出的结论是

【答案】(1)(2)定值电阻R处断路(3)2.5(4)导体两端的电压一定

时，通过导体的电流与导体的电阻成反比

【解析】(1)实物图中，要使滑动变阻器的滑片P向B端移动时接入电路的电阻变大，滑动变阻器的下接线柱要接入

A,据此作图如下：

(2)闭合开关后，电流表示数为0,说明电路中出现断路，电压表示数很大，说明电压表与电源正负两极相连接部分

的电路处于通路状态，问题出在电压表两接线柱之间的电路，因此故障原因可能是定值电阻R处断路。

3V

(3)选用2.5。电阻时，电路电流为,二?二12A

2.5Q,而滑动变阻器允许通过的最大电流为1A,选用2.5。电阻

会损坏滑动变阻器，因此实验中不能被选用的电阻为2.5。。

(4)正确实验结束后，得出的结论是导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。

四.计算题(每题9分，共18分)

30.如图所示为国产大型水陆两栖飞机AG600。该飞机空载时的总质量为423空中巡航时速度为500km/h,轮胎与跑

道的总接触面积为0.6m2,(p水=1.OX103kg/m3)求：

(1)飞机空载静止在水平跑道上时对跑道的压强大小；

(2)飞机空载静止在水面上时，排开水的体积；

(3)若飞机在空中飞行时获得的水平推力1.92XIO'N,以巡航时速沿水平方向匀速航行lh,需要完全燃烧热值为4X

107J/kg的航空煤油4000kg,则发动机的效率是多少？

【答案】(1)7X105Pa；(2)42m3；(3)60%

【解析】(1)飞机空载时，静止在水平跑道上，对跑道的压力等于自身的重力