贵州省2024年高考物理模拟试卷及答案15

贵州省2024年高考物理模拟试卷及答案第Ⅰ卷阅卷人一、选择题（本题共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每题5分，全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）得分1．在2024年世界泳联跳水世界杯女子10m跳台的决赛中，中国选手再次夺冠。如图所示为中国选手（可视为质点）跳水过程简化的v﹣t图像，以离开跳台时作为计时起点，取竖直向上为正方向，关于运动员说法正确的是（）A．t1B．t2C．t1∼tD．0~t32．图甲为利用光电管研究光电效应的电路图，其中光电管阴极K的材料是钾，钾的逸出功为W0。图乙为实验中用某一频率的光照射光电管时，测量得到的光电管伏安特性曲线，当电压为Uc时，光电流恰好为零。已知普朗克常量为h，光电子的电荷量为A．该实验的入射光频率为eB．该实验的光电子获得的最大初动能为EC．光电管两极间的正向电压越大，光电流越大D．当入射光的频率小于W03．某种风力发电机原理如图所示。发电机的线圈固定，磁体在叶片驱动下绕线圈对称轴匀速转动的角速度为ω。已知磁体间的磁场近似为匀强磁场，磁感应强度的大小为B，线圈的匝数为N、面积为S。下列说法正确的是（）A．线圈中感应电动势的有效值E=B．1s内线圈中感应电流的方向改变ω2πC．当线圈处在图中所示的位置时，线圈中的感应电动势达到最大值D．以图中线圈所处位置开始计时，线圈中感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSω4．如图所示，一位潜水爱好者在水下活动时，利用激光器向岸上救援人员发射激光信号，激光束与竖直方向的夹角为α。当α大于37°以后，激光束无法射出水面。已知光在真空中的传播速度大小为c=3.0×108m/sA．激光束由水中射向空气发生全反射的临界角为53°B．激光束在水中的折射率为n=C．激光束在水中传播的速度大小为2D．当α=30°时，射出水面的激光束方向与水面的夹角大于60°5．可视为质点的运动员从P点以v0的速度水平飞出，若不计空气阻力，运动员在空中飞行3s后落在斜面上Q点。简化示意图如图所示，已知：sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g取10m/s2。则运动员由PA．水平初速度大小为30m/s B．水平初速度大小为20m/sC．P到Q的位移大小为45m D．P到Q的位移大小为60m6．如图所示，嫦娥五号、天问一号探测器分别在近月、近火星圆轨道上运行。已知火星的质量约为月球质量的9倍、半径约为月球半径的2倍。假设月球、火星可视为质量均匀分布的球体，则（）A．嫦娥五号的线速度大小比天问一号大B．嫦娥五号的向心加速度大小比天问一号大C．天问一号的发射速度大于地球的第二宇宙速度D．相同时间内，嫦娥五号与月球的连线扫过的面积和天问一号与火星的连线扫过的面积相等7．如图所示，空间存在垂直纸面向外的环形匀强磁场，磁感应强度为B，磁场内外边界为两个同心圆，半径分别为R、3R。现有质量为m电荷量为q的粒子，沿半径方向垂直于磁场进入环形区域，粒子恰好不能进入小圆区域，不计重力。则粒子在磁场中运动的（）A．轨道半径为1.5R B．轨道半径为3RC．运动时间为37πm90qB D．运动时间为8．如图甲所示，QPMN是竖直放置的金属导轨，ab是一根固定在导轨上的金属杆。穿过金属导轨的磁感应强度随时间变化的关系如图乙所示。取垂直纸面向里为磁场正方向，顺时针方向为感应电流正方向，竖直向上为安培力正方向。则流过金属杆ab的感应电流I和其所受的安培力F随时间的变化规律可能是（）A． B．C． D．9．一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t＝2s时刻的波形图如甲所示，此时刻该波恰好传播到P点。介质中的M、N、P、Q为平衡位置处于3m、4m、5m、10m处的点。图乙为该波上某质点的振动图像。下列说法正确的是（）A．该波在介质中的传播速度大小为1m/sB．该波源起振方向沿y轴负方向C．该波由P点传播至Q点的过程中，P点处的质点运动的路程为5mD．图乙为P点所在位置的质点的振动图像10．如图甲所示，工人沿倾角为α＝10°的斜坡向上推动平板车，将一质量为10kg的货物运送到斜坡上某处，货物与小车之间始终没有发生相对滑动。若平板车板面始终水平，则货物的动能Ek随位移x的变化图像如乙所示，已知：sin10°＝0.17，cos10°＝0.98，g取10m/A．货物在0~2m的过程中，重力势能增加34J B．货物在0~2m的过程中，克服摩擦力做功C．货物在2~4m的过程中，用时为10s 阅卷人二、实验题（本题共2小题，共15分）得分11．某同学在用单摆测量重力加速度的实验中（1）下列器材和操作合理的是____。A． B．（2）如图甲所示，用游标卡尺测得小球的直径d＝mm。（3）实验中，测量不同摆长及对应的周期，用多组实验数据作出摆长与周期平方的图像如乙所示，则重力加速度为m/s2（12．某兴趣小组修复一个量程为0~（1）将电压表底座拆开后，展示其内部结构如图甲所示，图中a、b、c是该表的3个接线柱，根据图甲画出如图乙所示的电路图。选择0~15V的量程时，应接入电路的两个接线柱是（填“ac”或“（2）取出表头G发现表头完好，并用标准电流表测出表头G满偏电流为3mA。（3）测量表头G的内阻：按照如图丙所示电路图连接电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片应移到端（填“e”或“f”），先闭合开关S1，调节，直至表头G指针满偏；再闭合开关S2，保持滑动变阻器阻值不变，仅调节电阻箱阻值，直至表头G示数为满偏示数的35，此时电阻箱的示数为300Ω（4）经检测除R2损坏以外，其余元件均完好，要修复该电压表，需用Ω电阻替换R（5）步骤（3）测量表头G的内阻比实际值。（填“偏大”或“偏小”）阅卷人三、计算题（本题共3小题，共42分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤）得分13．如图所示的减震垫上布满了12个完全相同的圆柱状薄膜气泡，每个薄膜气泡中充满体积为V0，压强为p0的理想气体。在减震垫上放上质量分布均匀的平板状物品，物品始终保持水平，稳定后每个薄膜气泡的体积均为4V05（1）放上物品稳定后，若气体温度不变，则每个薄膜气泡内气体的压强为多少；（2）取走物品稳定后，每个气泡中气体压强均恢复到p0，体积均增大为605914．如图所示，足够长的倾角为θ＝37°的光滑固定绝缘斜面和粗糙绝缘水平面平滑连接，空间存在着平行于斜面向上的匀强电场，电场强度为E=1×104N/C。现有质量为m＝1kg，带电量为q=+5×10−4C的小滑块，从水平面上A点由静止释放，经过时间t＝2s后到达斜面底端B点。若小滑块与水平面的动摩擦因数为（1）小滑块从A滑行到B过程中所受摩擦力的大小和加速度大小；（2）AB两点的距离和电势差UAB（3）小滑块沿斜面上升的最大高度。15．如图是一种户外活动的简化图，表面水平的浮板A左边停靠在岸边并静止在水面上，岸边有一个固定的1/4光滑圆弧轨道，圆弧底端与浮板A上表面平滑连接。参加活动的人从圆弧上某位置静止释放滑块B使其滑上A，若B能到达对岸就算获胜；A碰到右岸立即被锁住。已知A的长度、圆弧半径均为d，A、B之间的动摩擦因数为μ=13，A的质量为2m，B的质量为m。若某次B从离地面高度为0.5d的圆弧上静止释放，到达A右端时恰好与A共速，且A刚好到达对岸。B可视为质点，忽略水面的阻力，重力加速度为求：（1）滑块B到达圆弧底端时，对圆弧的压力大小；（2）水面宽度s；（3）若参加活动人员要获胜，滑块B在圆弧轨道上释放的高度范围为。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A.由图可知，0~t1时间段运动员向上做减速运动，t1时刻间为零，运动员达到最高点，A符合题意；

B.由图可知，t1~t2时间内，运动员向下加速运动，t2时刻速度达到最大，说明运动员到达水面，t2~t3时间内运动员向下做减速运动，说明运动员在t2时刻入水，t3时刻到达水内最低点，B不符合题意；

C.根据v-t图像斜率的正负表示加速度方向，可知t1~t2时间段与t2~t3时间段的加速度方向相反，C不符合题意；

D.根据v-t的面积表示位移，可知0~t3时间段的位移比t1~t2．【答案】B【解析】【解答】AB.根据遏止电压的方程

Uce=ℎν−W0

可得该实验的入射光频率为

ν=eUc+W0ℎ

由动能定理可得，该实验的光电子获得的最大初动能为

Ekm=eUc

A不符合题意，B符合题意；

3．【答案】A【解析】【解答】A.根据正弦交流的的发电原理可得，线圈中感应电动势的最大值为

Em=NBSω

则线圈中感应电动势的有效值为

E=Em2=NBSω2

A符合题意；

B.该发电机产生交流电的周期为

T=2πω

可知

1s=ω2π4．【答案】B【解析】【解答】AB.由题意可知，当α大于37°以后，激光束无法射出水面，可知激光束由水中射向空气发生全反射的临界角为37°，根据射率公式

n=1sinC

可得激光束在水中的折射率

n=1sin37°=53

A不符合题意，B符合题意；

C.激光束在水中传播的速度大小为

v=cn=1.8×108m/s

C不符合题意；

D.当α=30°时，设射出水面的激光束方向与水面的夹角为β，由折射率公式

n=sinisinr

可得

n=sin（π2−β）5．【答案】B【解析】【解答】AB.运动员由P到Q的过程中，根据水平方向和竖直方向的位移关系可得

tan37°=12gt2v0t=gt2v0

解得水平初速度大小为

v0=gt6．【答案】C【解析】【解答】A.由万有引力提供向心力，对嫦娥五号，有

GM月mr月2=mv嫦2r月

解得

v嫦=GM月r月

同理可得

v天=GM火r火

解得

v嫦v天=M月r月×r火M火=197．【答案】C【解析】【解答】AB.设粒子带正电，粒子恰好不能进入小圆区域，轨迹如图所示：

根据几何关系可得

r2+(3R)2=(r+R)2

解得粒子轨道半径为r=4R，AB不符合题意；

CD.由几何关系可得

tanθ=3R4R=34

可得θ=37°，根据公式

t=8．【答案】B,D【解析】【解答】AB.根据法拉第电磁感应定律可得

E=∆ϕ∆t=∆B∆tS

可知回路中产生的感应电动势大小不变，故感应电流大小不变；根据楞次定律和安培定则可知，感应电流方向为逆时针方向，即为负方向，B符合题意，A不符合题意；

CD.设B-t图像的斜率为k，则B随时间t的变化关系式为

B=kt

根据安培力公式可得ab棒受到的安培力大小为

F=BIL=ILkt9．【答案】A,D【解析】【解答】A.由甲、乙图可知λ=4m，T=4s，可得该波波速为

v=λT=1m/s

A符合题意；

B.由图乙可知，该波上某点起振方向沿y正方向，而所有质点起振方向均与波源起振方向相同，可知该波源起振方向沿y轴正方向，B不符合题意，D符合题意；

C.该波由P点传播至Q点所用时间为

∆t=∆xv=10−51s=5s=510．【答案】A,C,D【解析】【解答】A.根据物体克服重力做的功等于物体重力势能的增加量，可得货物在0~2m的过程中，重力势能的增加量为

∆Ep=mgx1sinα=10×10×2×0.17J=34J

A符合题意；

B.货物在0~2m的过程中，动能增加，即货物沿斜面做加速运动，加速度沿斜面向上，所以货物受到的摩擦力沿平板车向右，所以摩擦力对货物做正功，B不符合题意；

C.根据动能的定义式

Ek=12mv2

可得，货物2m末的速度为

v=2Ekm=2×810m/s=1.6m/s11．【答案】（1）A（2）12.20（3）9【解析】【解答】（1）为减少空气阻力的影响，摆球应采用密度较大，体积较小的铁球，为使单摆的摆长在摆动过程中不发生变化，悬点应该用铁夹来固定，而不能缠绕在金属杆上。故选A。

（2）图中游标卡尺的精确度为0.05mm，主尺读数为12mm，可动尺读数为4×0.05mm=0.20mm，可得小球直径为

d=12mm+0.20mm=12.20mm

（3）由单摆周期公式有

T=2πLg

整理有

L=g4π2T2

结合L−T2图像的斜率可得

g4π12．【答案】（1）ac（2）无（3）e；滑动变阻器滑片；200（4）800（5）偏小【解析】【解答】（1）由欧姆定律

U=IR

可知，与表头G串联的总电阻越大，电压表量程越大，故选择0~15V的量程时，应接入电路的两个接线柱是ac。

（3）为保证电路安全，闭合开关前，滑动变阻器接入电路的电阻应调到最大，即滑动变阻器滑片应移到e端，先闭合开关S1，调节滑动变阻器滑片，直至表头G指针满偏。闭合开关S2，保持滑动变阻器阻值不变，仅调节电阻箱阻值，直至表头G示数为满偏示数的35，此时认为干路电流仍为Ig，则有

35IgRg=25IgR0

解得

Rg=200Ω

13．【答案】（1）由玻意尔定律可得p解得p（2）放上物品后温度为T1=（273+22）K则由理想气体状态方程可得p解得T2=300K则气泡中气体的温度改变量为ΔT=【解析】【分析】（1）以一个薄膜气泡内气体为研究对象，由玻意耳定律列式求解；（2）由理想气体状态方程，求出取走物品稳定后气泡中气体的温度，得出温度的改变量。14．【答案】（1）滑块从A滑行到B过程，滑块所受的电场力F=Eq滑块所受的摩擦力f=μ（mg−F联立解得f=3由牛顿第二定律可得F解得滑块加速度a（2）AB两点的距离d=解得d=1m电压U解得U（3）物体在斜面上的加速度qE−mg解得a由运动公式v−而ℎ=x联立解得ℎ=0【解析】【分析】（1）由滑动摩擦力公式求出滑块受到摩擦力，再由牛顿第二定律计算加速